江苏省徐州市新沂市王楼中学高二物理上学期第一次月考试题（含解析）新人教版.doc

2014-2015学年江苏省徐州市新沂市王楼中学高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题：（本大题23小题，每小题3分，共69分）. 1（3分）（2013未央区校级学业考试）如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的（）a单个正点电荷b单个负点电荷c等量同种点电荷d等量异种点电荷考点：电场线专题：电场力与电势的性质专题分析：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远且两点电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线故两个场源电荷为同种电荷解答：解：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷；又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的故c正确故选c点评：该题目简单，但需要同学们对电场线的特点比较清晰解决此类题目的前提是熟悉课本2（3分）（2014秋汉沽区校级期中）某电场的电场线如图所示，电场中的a、b两点的场强大小分别为ea和eb，则（）aeaebbea=ebc将正电荷从a点移到b点电场力做正功d将负电荷从a点移到b点电场力做正功考点：电场线；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大沿电场线的方向移动正电荷，电场力做正功解答：解：a、b、电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大从图中可以看出eaeb故ab错误；c、正电荷受到的电场力的方向向左下，将正电荷从a点移到b点电场力做负功故c错误；d、负电荷受到的电场力的方向向右上，将负电荷从a点移到b点电场力做正功故d正确故选：d点评：本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过比较电场力的方向与运动方向的关系得出电场力是做正功还是做负功3（3分）（2013未央区校级学业考试）有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的（）aabbccdd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向版权所有分析：利用安培定则判断出通电螺线管周围磁场方向，注意螺线管内部和外部磁场方向不同，然后根据小磁针静止时n极所指的方向和磁感线的方向一致，从而判断出小磁针静止时方向解答：解：根据安培定则可知通电螺线管n极在右端，因此右侧磁场方向水平向右，小磁针c位置不对；上方磁场方向水平向左，所以小磁针d位置正确；左侧水平向右，a位置不对；内部水平向右，b位置不对，故abc错误，d正确故选d点评：本题比较简单，考察了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从n极到s极，内部从s极到n极4（3分）（2013未央区校级学业考试）如图所示，把长为l的导体棒置于垂直纸面向里的匀强磁场中，磁感应强度为b，当导体棒中通以方向向左的电流i时，导体棒受到的安培力大小和方向分别是（）a大小为bil，方向竖直向上b大小为bil，方向竖直向下c大小为，方向竖直向上d大小为，方向竖直向下考点：安培力版权所有分析：本题考查了如何利用左手定则判断通电导体所受安培力作用，应用时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向解答：解：根据左手定则可知通电导线中的安培力方向竖直向下，由于此时电流与磁场方向垂直，因此安培力的大小为：f=bil，故acd错误，b正确故选：b点评：本题比较简单，考查了安培力的大小与方向问题，要熟练应用左手定则判断安培力方向，应用公式f=bil时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义5（3分）（2013江都市校级学业考试）如图所示的各电场中，a、b两点电场强度相等的图是（）abcd考点：电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，两点的电场强度才相同根据电场线的疏密分析电场强度的大小，根据电场线的切线方向确定电场强度的方向解答：解：a、甲图是非匀强电场，a处电场线较密，电场强度较大，a、b两点电场强度大小不等、方向相同，所以电场强度不相同，故a错误；b、乙图是非匀强电场，a、b两点到负电荷的距离相等，电场强度大小相等，但方向不相同，所以电场强度不相同，故b错误；c、丙图是匀强电场，a、b两点电场强度大小相等、方向相同，则电场强度相等，故c正确；d、丁图是非匀强电场，a、b两点电场强度大小不相等、方向不同，所以电场强度不相同，故d错误；故选：c点评：本题关键掌握电场线的物理意义：疏密表示场强的大小，切线表示场强的方向，进行判断即可6（3分）（2015宿迁模拟）真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止释放q2 且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力（）a不断减小b不断增加c始终保持不变d先增大后减小考点：库仑定律版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：本题比较简单，由题可知小球受斥力，距离越来越远，因此直接利用库仑定律公式即可求解解答：解：带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据可知距离增大，电场力将逐渐减小，故bcd错误，a正确故选a点评：对于库仑定律公式，要明确其使用条件和各个物理量的含义7（3分）（2011江苏校级学业考试）有一通电金属导线在赤道上方，东西方向水平放置，电流方向向东，它受到地磁场的作用力方向为（）a向东b向西c向上d向下考点：左手定则；地磁场版权所有分析：解答本题首先要明确地球磁场的分布情况，然后根据左手定则直接进行判断即可解答：解：地球磁场的南北极和地理的南北极相反，因此在赤道上方磁场方向从南指向北，依据左手定则可得安培力方向向上，故abd错误，c正确故选c点评：本题的难点在于弄不清楚地球磁场方向，因此在学习中要熟练掌握各种典型磁场方向的分布情况8（3分）（2011南京校级学业考试）下列关于直线电流周围磁场方向的示意图中，正确的是（）abcd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向版权所有分析：正确利用安培定则直接判断通电直导线周围磁场方向即可注意安培定则的两种表达形式，一种判断通电直导线，另一种判断通电螺线管周围磁场解答：解：利用安培定则可以判断出通电直导线周围的磁场线分布情况，导线两侧磁场相反，如图中电流方向向上，则右侧磁场垂直纸面向里，左侧垂直纸面向外，故abd错误，c正确故选c点评：正确利用安培定则判断导线、通电螺线管周围磁场分布情况是对学生的基本要求，要加强练习9（3分）（2014秋秦州区校级期末）从阴极射线管发射出的一束电子，通过图示的磁场，以下四幅图中能正确描绘电子偏转情况的是（）abcd考点：射线管的构造及其工作原理版权所有分析：电子从阴极射出，在磁场中受到洛伦兹力而发生偏转，根据左手定则判断洛伦兹力的方向，即可确定电子束偏转的方向解答：解：如图，电子束从阴极（极）射出，根据左手定则：伸开左手，磁感线穿过手心，四指指向电子运动的相反方向，拇指指向洛伦兹力方向，判断得知电子所受的洛伦兹力方向向下，则电子束向下偏转，故b正确故选：b点评：本题是左手定则的应用问题，应用左手定则时，要注意电子带负电，四指向电子运动的相反方向10（3分）（2013秋滨州期末）转换电视频道，选择自己喜欢的电视节目，称为（）a调幅b调频c调制d调谐考点：电磁波的发射、传播和接收版权所有分析：电视频道有许多种，它们各自的信号不相同，为了能选择自己喜欢的电视节目，必须对电视进行调谐解答：解：由于我们在选择电视节目，所以应该是调谐调制是发射无线电波的过程，在发射过程中有调幅与调频两种方式调幅是改变信号的振幅，调频是改变信号的频率故选：d点评：调制是无线电波发射过程，调谐是无线电波接收过程；调制中有调幅与调频11（3分）（2014秋新沂市校级月考）下列各组电磁波中，按波长由长到短排列正确的是（）a红外线、紫外线、可见光、射线b射线、紫外线、红外线、可见光c射线、紫外线、可见光、红外线d红外线、可见光、紫外线、射线考点：电磁波谱版权所有分析：在空间传播着的交变电磁场，即电磁波它在真空中的传播速度约为每秒30万公里电磁波包括的范围很广实验证明，无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线、射线都是电磁波它们的区别仅在于频率或波长有很大差别依照波长的长短的不同，电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线（伽马射线）解答：解：依照波长的由长到短，电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，射线（伽马射线），故d正确，abc错误故选：d点评：本题关键是明确无线电波、红外线、可见光、紫外线、x射线、射线都是电磁波，同时要知道它们的波长特点和各自的应用12（3分）（2011秋五指山校级期末）在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是：（）a赫兹b法拉第c麦克斯韦d爱因斯坦考点：物理学史版权所有分析：法拉第发现了法拉第电磁感应定律，爱因斯坦相对论，麦克斯韦创立了完整的电磁理论并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验验证了电磁波的存在解答：解：a、赫兹用实验验证了电磁波的存在，故a错误；b、法拉第发现了法拉第电磁感应定律，故b错误；c、麦克斯韦创立了完整的电磁理论并预言了电磁波的存在，故c正确；d、爱因斯坦的相对论原理，故d错误故选：c点评：注意基础知识的积累就能顺利解决此类题目13（3分）（2011湖南模拟）满足下列哪个条件时，闭合回路中就会产生感应电流：（）a回路中有磁通量b有磁感线穿过回路c穿过回路的磁通量较大d穿过回路的磁通量发生变化考点：感应电流的产生条件版权所有分析：当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流解答：解：感应电流产生的条件闭合回路，穿过闭合导体回路的磁通量发生变化即穿过闭合导体回路的磁通量发生变化闭合导体回路中就有感应电流故四个选项中只有选项d正确，其他选项都错误故选：d点评：解决本题的关键掌握感应电流产生的条件，当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合导体回路中就有感应电流14（3分）（2009浙江学业考试）一交流电压随时间变化的规律如图所示，该交流电压的有效值和周期分别是（）a14.14v，0.01sb10v，0.01sc14.14v，0.02sd10v，0.02s考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；正弦式电流的图象和三角函数表达式版权所有专题：交流电专题分析：根据图象可以知道交流电的最大值和交流电的周期，根据最大值和有效值的关系即可求得交流电的有效值解答：解：根据凸显可知，交流电的最大值为14.14v，所以交流电的有效值为u=10v，根据图象可知，交流电的周期为0.02s，所以d正确故选d点评：本题考查的是学生读图的能力，根据图象读出交流电的最大值和周期即可15（3分）（2014秋徐州期中）如图所示，在水平匀强磁场中竖直放置一矩形线圈，线圈平面与磁场垂直，线圈绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是（）a变大b变小c先变大后变小d先变小后变大考点：磁通量版权所有分析：根据磁通量的物理意义：穿过磁场中某一面积的磁感线的条数，分析磁通量的变化情况解答：解：线圈在实线位置时，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大；线圈在虚线位置时，磁感线与线圈平行，没有磁感线穿过线圈，穿过线圈的磁通量为零，则当线圈由实线位置绕其底边转过90至水平位置的过程中，穿过线圈的磁通量逐渐变小故选b点评：对于非匀强磁场中线圈的磁通量，可以根据磁感线的条数，确定如何变化对于匀强磁场，可以根据公式=bscos判断磁通量如何变化16（3分）（2010秋淮安期末）桌面上放着一个单匝线圈，线圈中心上方一定高度有一竖直放置的条形磁铁，此时线圈内的磁通量为0.04wb；把条形磁铁竖放在线圈内的桌面上时，线圈内的磁通量为0.12wb；当把条形磁铁从该位置在0.1s内放到线圈内的桌面上的过程中，产生的感应电动势大小是（）a0.08vb0.8vc1.6vd0.16v考点：楞次定律版权所有分析：当条形磁铁向下运动过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势解答：解：由法拉第电磁感应定律得感应电动势大小是： e=v=0.8v故选：b点评：此题关键掌握法拉第电磁感应定律，并能用来解决求解感应电动势的问题17（3分）（2012高港区校级学业考试）关于发电机和电动机下列说法中不正确的是（）a发电机和电动机的作用是相同的，都可以把其他形式的能转化成电能b发电机可以把其他形式的能转化成电能，电动机可以把电能转化成机械能c发电机和电动机统称为电机d通过电机可以实现电能与其他形式的能源相互转考点：电磁感应中的能量转化版权所有分析：发电机是通过外力做功将机械能转化为电能，是磁生电的现象；而电动机则是将电能转化为机械能，是电生磁的现象解答：解：a、发电机可以把其他形式的能转化成电能，电动机可以把电能转化成机械能，故a错误的；b、发电机可以把其他形式的能转化成电能，电动机可以把电能转化成机械能，故b正确；c、电机是电动机与发电机的简称，故c正确；d、电机是电动机与发电机的简称，所以可以实现电能与其他形式的能源相互转化故d正确；本题选择不正确的，故选：a点评：磁生电现象是由法拉第发现，而电生磁的现象是由奥斯特发现18（3分）（2014射阳县校级学业考试）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为f，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减小为原来的，它们之间的相互作用力变为（）a16fb4fcfd考点：库仑定律版权所有专题：计算题分析：由库仑力公式可得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力解答：解：由库仑定律可得：f=k； 变化后f=16f故选a点评：本题考查库仑定律的直接应用，只需注意数值的变化即可顺利求出19（3分）（2015武清区校级学业考试）下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（）abcd考点：判断洛仑兹力的方向版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：带电粒子在磁场中运动时，所受洛伦兹力方向由左手定则进行判断，伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向正电荷运动方向或者负电荷运动的反方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向解答：解：根据左手定则可知：a图中洛伦兹力方向应该向上，故a错误；b图中电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系符合左手定则，故b正确；c图中洛伦兹力方向应该向里，故c错误；d图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故d错误故选：b点评：带电粒子在磁场中运动受洛伦兹力的条件以及左手定则的熟练应用是对学生的基本要求，要熟练掌握20（3分）（2013扬州校级模拟）下列关于电容器的说法，正确的是（）a电容器带电量越多，电容越大b电容器两板电势差越小，电容越大c电容器的电容与带电量成正比，与电势差成反比d随着电容器电量的增加，电容器两极板间的电势差也增大考点：电容器版权所有专题：电容器专题分析：本题应根据电容器电容的定义式c=及其物理意义进行分析解答：解：a、b电容器的电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与其带电量、两板间的电势差无关，故ab错误c、电容器电容的定义式c=，采用的比值定义法，c与q、u均无关故c错误d、对于给定的电容器，电容c一定，则由c=知，电量与电势差成正比，故d正确故选d点评：本题关键电容器电容的定义式c=及其物理意义，抓住比值定义式的共性理解即可21（3分）（2012惠阳区校级学业考试）关于电荷所受电场力和洛伦兹力，正确的说法是（）a电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用b电荷在电场中一定受电场力作用c电荷所受电场力一定与该处电场方向一致d电荷所受的洛伦兹力不一定与磁场方向垂直考点：洛仑兹力；电场强度版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：带电粒子在磁场中运动，才受到洛伦兹力作用而发生偏转由左手定则可确定洛伦兹力的方向，而电场的基本性质是对放入电场中的电荷有电场力作用正电荷的电场力的方向为该点的电场强度的方向解答：解：a、电荷在磁场中不一定受洛伦兹力，当静止时一定没有洛伦兹力，而运动的电荷，当速度与磁场平行时，没有洛伦兹力作用故a错误；b、电荷在电场中一定受到电场力作用故b正确；c、正电荷所受电场力一定与该处电场方向相同，当负电荷所受电场力与该处电场方向相反故c错误；d、电荷所受的洛伦兹力与磁场及运动速度构成的平面垂直，所以电荷所受的洛伦兹力一定与磁场方向垂直，故d错误；故选：b点评：只要电荷在电场中一定有电场力，而电荷在磁场中静止，则一定没有磁场力，而电荷在磁场中运动，才可能有洛伦兹力，当运动方向与磁场垂直时，洛伦兹力最大22（3分）（2013秋徐州校级期中）对匝数一定的线圈，下列说法中正确的是（）a线圈放在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大b线圈中磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势一定就大c线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大d线圈中磁通量越大，线圈中产生的感应电动势一定越大考点：法拉第电磁感应定律版权所有专题：电磁感应与电路结合分析：由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关解答：解：a、由e=n得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁感强度强弱无关，故a错误；b、由e=n得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，故b正确；c、由e=n得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的变化大小无关，故c错误；d、由e=n得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的大小无关，故d错误；故选：b点评：考查法拉第电磁感应定律，同时让学生清楚知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关23（3分）（2013始兴县校级模拟）办公大楼的大门能“看到”人的到来或离开而自动开和关，利用了下列哪种传感器（）a生物传感器b红外传感器c温度传感器d压力传感器考点：常见传感器的工作原理版权所有专题：恒定电流专题分析：传感器是一种检测装置，能感受到被测量的信息，并能将检测感受到的信息，按一定规律变换成为电信号或其他所需形式的信息输出，以满足信息的传输、处理、存储、显示、记录和控制等要求它是实现自动检测和自动控制的首要环节解答：解：办公大楼的大门能“看到”人的到来或离开而自动开和关，是由于人体会发出红外线，当传感器探测到人体发出的红外线后，门会自动打开；故选b点评：本题关键是熟悉各种传感器，知道办公大楼的自动大门是通过安装的红外传感器控制的二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上共11分（本题供使用选修1一1教材的考生作答）24（4分）（2014秋新沂市校级月考）某品牌自动电热水壶的铭牌如表所示自动电热水壶产品型号dsb051额定电压220v额定功率800w使用频率50hz容 量0.8l如果使用该电热水壶烧水，在额定电压下工作时，电水壶的额定电流是a，工作4min消耗的电能是1.92105j（结果保留三位有效数字）考点：电功、电功率版权所有专题：恒定电流专题分析：由表中数据可以得到额定电压、额定功率，由电功率公式p=ui可以求得电流，由w=pt可以求得电能解答：解：由图知电水壶的额定电压为220v，额定功率为800w，由p=ui得：i=a；t=4min=460s=240s，则4分钟消耗的电能为：w=pt=800w240s=1.92105j故答案为：，1.92105点评：用电器铭牌上都会有额定电压和功率，有了这两个信息我们可以求出其他几个量：额定电流、电阻、用电量等，做题时要注意总结（选修3-1教材的考生作答）25（2013扬州校级模拟）如图所示，a，b是匀强电场中的两点，已知两点间的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37角，两点间的电势差2.4103v，则匀强电场的场强大小为7.5103v/m，把电子从a点移动到b点，电子的电势能将增加3.841016j考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势能版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：题中已知匀强电场中ab间的电势差和距离，根据电势差与场强的关系式u=ed，d是两点沿场强方向的距离求解场强由w=qu求出电场力做功，即可得到电势能的变化解答：解：由uab=edabcos37，则场强为：e=7.5103v/m；把电子从a点移到b点，电场力对电子做功为：w=euab=1.610192.4103j=3.841016j则电子的电势能将增加3.841016j故答案为：7.5103，3.841016点评：解决本题的关键是掌握u=ed和w=qu两个公式，知道d是两点沿场强方向的距离26（2分）（2014秋新沂市校级月考）一个面积是40cm2的导线框，垂直地放在匀强磁场中，穿过它的磁通量为0.8wb，则匀强磁场的磁感应强度200考点：磁通量版权所有分析：在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量=bs当线圈与磁场成角时，磁通量=bssin解答：解：在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量：=bs磁感应强度：b=t=200t故答案为：200点评：掌握匀强磁场磁通量的计算：在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量=bs；当线圈与磁场成角时，磁通量=bssin27（2分）（2011秋东安区校级期中）如图所示为探究产生感应电流的条件的实验装置，下列情况下能引起电流计指针偏转的是（）a闭合电键瞬间b断开电键瞬间c闭合电键后拔出铁芯瞬间d闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不变考点：研究电磁感应现象版权所有分析：当穿过闭合回路磁通量发生变化，产生感应电流，电流计指针就会转动解答：解：a、闭合电键和断开电键的瞬间，与b线圈相连的回路磁通量发生变化，产生感应电流，指针发生转动故a、b正确c、闭合电键后拔出铁芯的瞬间，穿过与b线圈相连的回路磁通量减小，产生感应电流，指针发生转动故c正确d、闭合电键后保持变阻器的滑动头位置不变，与b线圈相连的回路磁通量不变，不产生感应电流，指针不转动故d错误故选abc点评：解决本题的关键掌握感应电流产生的条件，知道当闭合回路磁通量发生变化，产生感应电流28（3分）（2010春炎陵县校级期中）一个100匝的线圈，在0.5s内穿过它的磁通量从0.01wb增加到0.09wb，则线圈中的感应电动势为16v考点：法拉第电磁感应定律版权所有分析：线圈的磁通量变化时，产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律可得感应电动势大小解答：解：根据法拉第电磁感应定律得e=n=100v=16v 答：线圈中的感应电动