江苏省扬州市邵樊片中考物理一模试题（含解析）.doc

2016年江苏省扬州市邵樊片中考物理一模试卷一、选择题（每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1一种神秘的声波武器“金嗓子”，实际要阻挡这一武器的袭击，只要用薄薄的一层（）a半导体b磁性物质c真空带d金属物质2下面是某同学进行实验时对有关物理量的测量结果，其中有明显错误的是（）a温度计的示数是96b物体的长为1.10cmc电流表的示数为1.5ad弹簧测力计的示数是2n3下列四种情景中，属于光的折射现象的是（）a站在水中的鸟有倒影b立竿见影c插入水中的筷子变弯d坐井观天4以下关于能量和能源的认识，正确的是（）a“永动机”违反了能的转化和守恒定律b目前核电站获得核能的途径是核聚变c石油、天燃气是可再生能源d我国煤炭和石油的资源丰富，不需要大力开发新能源5小明用100n的力踢一个重5n的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了20m在球滚动的过程中（）a小明对足球做功2000jb重力对足球做功100jc小明对足球做功2100jd小明和重力对足球做功都是0j6下图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（）a拔钉铁锤b面包夹c钢丝钳d天平7去年暑假，小梦陪着爷爷到湖里叉鱼小梦将钢叉向看到鱼的方向投掷，总是叉不到鱼如图所示的四幅光路图中，能正确说明叉不到鱼的原因是（）abcd8关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）a温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小b物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变c物体的温度越高，所含热量越多d内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体9分子运动看不见、摸不着，但科学家可以通过研究墨水的扩散现象来认识它，这种方法在科学上叫做“转换法”，下面是小明同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与刚才研究分子运动的方法相同的是（）a在研究电流与电阻、电压关系时，先控制电阻不变去研究电流与电压的关系b在研究磁体的磁场时，引入“磁感线”的概念c在研究电流时，我们可以通过电路中的灯泡是否发光去判断电流的有无d在研究串联电路电阻规律时，用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻10如图所示的四幅图中，用来说明发电机原理的实验装置是（）abcd11在图所示的电路中，电源电压保持不变先闭合开关s1，当再闭合开关s2时，关于灯泡l1的亮度及电流表示数变化的情况是（）al1亮度不变，电流表示数变大bl1亮度不变，电流表示数不变cl1变暗，电流表示数不变dl1变暗，电流表示数变小12在如图所示电路中，电源电压保持不变，rl为定值电阻，r2为滑动变阻器开关s闭合后，将滑动变阻器r2的滑片p自b端向a端移动过程中（）a电压表示数不变，电路消耗总功率变大b电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小c电流表的示数变大，v的示数与a的示数之比不变d电流表的示数变大，v的示数与a的示数之比变大二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13（1）用保鲜膜包裹蔬菜，这是为了防止蔬菜中的水分；（填物态变化名称）冷藏室中的食物温度降低，是通过的方式改变食物内能的（2）家用冰箱正常工作电压为v14清晨，明媚的阳光穿过树林，形成了一道道美丽的“光柱”“光柱”是由于光的形成的正午时分，当一束太阳光垂直入射到水面时发生反射，则反射角为度，射入水中的光线传播方向（填“改变”或“不改变”）15如图所示是一个彩色的手机屏幕，小红洗手时不小心将水滴到了手机屏幕上，透过水滴她惊奇地看到屏幕上出现多个不同颜色的小格子水滴相当于，当水滴滴到图中（选填“红色”、“绿色”、“蓝色”或“白色”）区域时能同时看到 红、绿、蓝三种颜色的小格子16如图，一束光在空气和玻璃两种介质分界面上同时发生发射和折射，其中是折射光线，反射角等于，mm上方是（选填“空气”或“玻璃”）17体积是50cm3，质量是45g的物体，将其缓缓放入装满水的杯中，物体静止后，溢出水的质量是g将其缓缓放入装满酒精的杯中，溢出酒精的质量是g（酒=0.8103kg/m3）18核能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点氢气的热值为14.3107j/kg，完全燃烧0.5kg的氢气可放出j的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值（大于/等于/小于）14.3107j/kg19有两个电路元件a和b，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示把它们串联在电路中，如图（乙）所示闭合开关s，这时电流表的示数为0.4a，则电源电压是v，元件b的电功率是w20如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数，油量表示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）21如图所示，工人利用动滑轮将沙匀速向上提升2m，已知沙重180n，动滑轮和桶总重重20n，绳重和摩擦均不计则在此过程中工人做的有用功为j，该装置的机械效率为%，就如何提高该装置的效率提出一点建议22白炽灯是日常生活中最重要的光源，小明对图甲所示的白炽灯和灯口进行了仔细观察后，结合所学有关知识，明白了许多道理：（1）灯尾金属块必须与线相连，且灯口外壳和灯口上盖都是由塑料或橡胶制成，是由于它们都是，这些措施都是为了安全用电；（2）灯丝用久了会变细，这是由于灯丝在高温下（填物态变化名称）的结果；（3）如图乙是光明牌白炽灯的铭牌，则25w表示正常工作20h消耗的电能是kwh三、解答题（本题共8小题，共48分）23完成下列作图：（1）如图甲所示，人的手臂相当于一个杠杆，它的支点在o点请画出图中铅球对手的作用力f的力臂l（2）在乙图中添加三根导线，使两灯组成串联电路，并能用电压表测量l2两端的电压（3）如丙图所示的家庭电路，要求将开关、灯泡和带保险丝的三孔插座正确连入电路中24“十一”黄金周，张敏和妈妈到桂林旅游，买了一只宜兴茶壶，她听说宜兴茶壶是用宜兴特有的泥土材料制成的，很想知道这种材料的密度，于是她用天平测出茶壶盖的质量为44.4g，再把壶盖放入装满水的溢水杯中，并测得溢出水的质量是14.8g（1）请你帮张敏算出这种材料的密度是多少？（2）若测得整个空茶壶的质量为159g，则该茶壶所用材料的体积为多大？25荣荣同学家安装了一台太阳能热水器，晴天可利用太阳能集热，阴雨天可用电辅助加热，铭牌如下，求：额定电压 220v容积 100l额定功率 1650w频率 50hz（1）太阳能热水器贮满水，水温从20升高到50时，需要吸收多少热量？（2）用电加热时，热水器正常工作的电流有多大？（3）贮满水的热水器，阴天里要使水温从20升高到50，其中55%的热量是由电来辅助提供的，则热水器正常工作时需加热多长时间？（不计热量损失）26在“探究平面镜成像的特点”实验中，某同学用玻璃板、两个相同的棋子a和b、刻度尺、白纸等器材进行实验（1）实验时玻璃板应该放置在水平桌面上（2）将棋子a放在玻璃板的一侧，则棋子b应放在a的（选填“同侧”或“另一侧”）（3）一边移动棋子b，眼睛一边透过玻璃板观察，当时便停止移动棋子b，b的位置即为棋子a像的位置（4）用刻度尺测量b到玻璃板的距离及，进行比较，得出的结论27某同学利用图示装置来研究凸透镜成像（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在；（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上a处时，恰好在光屏上成清晰的像，成的是（选填“正立”或“倒立”）的像蜡烛燃烧一段时间后，烛焰的像将位于光屏中心的方；（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到b处（图中未标出），光屏上再次成清晰的像，成的是（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像；（4）在上述探究活动中，若已知蜡烛与光屏间的距离为l0，与凸透镜第一次所在位置a间的距离为l，如图2所示，则该透镜焦距fl（选填“”、“”或“=”），透镜先后两次所在位置a、b之间的距离s=（用l0、l表示）28微波炉是人们用来加热食品的常用灶具微波是一种高频电磁波，它能穿透陶瓷、玻璃、耐熟塑胶等材料微波炉使用的微波频率为2450mhz（1）为了用电安全，微波炉应该使用（两脚/三脚）插头（2）用微波炉加热饭菜时，应选用（不锈钢/铁/玻璃）容器来加热，加热过程中是将能转化为内能（3）小明想知道微波炉的热效率，他用电能表（表头如图所示）、温度计等工具进行了如下实验：a在杯中装有质量为m的冷水，测出水的初温为t0；b把杯子放进微波炉，并选择高温档；c将微波炉定时器旋转到两分钟的位置，同时记录电能表指示灯在这个时间内闪烁的次数；d加热结束后，迅速测出水的末温t以上实验中，还缺少一个步骤，请你补上这个步骤：电能表指示灯闪烁一次，用电器消耗的电能e0=j（保留一位小数）微波炉热效率的表达式=（用字母表示）（4）请你利用身边的器材，检验家里的微波炉是否有微波泄漏器材：；检验方法：29在探究“感应电流产生的条件”实验中（1）如图，a，b两接线柱间应接入（大/小）量程的电流表（2）导体在磁场中运动时，电流表指针没有发生偏转，其原因可能是（3）改正错误后继续实验，小王发现每次电流表指针的偏转角度不相同，于是他对影响感应电流大小的因素作以下猜想： 猜想一：与导体切割磁感线运动的速度大小有关； 猜想二：与磁场的强弱有关； 猜想三：与导体的匝数有关 为了验证猜想三，他设计的方案是：分别让两个匝数不同的线圈，在如图所示的磁场中水平向左运动，观察电流表指针的偏转角度请对此方案作出评价，指出存在的主要问题是请你说出小王最终如何判断猜想三是否正确，30一个额定电压是2.5v的小灯泡，其正常工作时电阻约10小明想测定这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：电流表、电压表、开关各一个，三个规格分别为a：“5 1a”，b：“20 0.5a”，c：“1k 1a”的滑动变阻器，导线若干，电源（电压为6v）（1）小明设计了如图甲所示电路图，通过分析你认为小明应选用规格为（选填“a”“b”或“c”）的滑动变阻器（2）图乙已连接了部分电路，请你根据图甲所示电路图，用笔画线代替导线，将电路连接完整（3）小明正确选择了滑动变阻器，按图甲的电路图连接好电路，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于2.5v具体原因是（4）小明排除故障后，继续实验当电压表的示数为2.5v时，电流表的示数如图丙所示，小灯泡的额定功率是w（5）小明根据测量灯泡实际功率的多组实验数据，作出了iu图象，如图丁所示，结果发现图线不是直线，这表明灯泡的电流与电压（选填“成”或“不成”）正比，这是因为（6）利用该电路图（选填“能”或“不能”）探究电流与电压的关系，理由是2016年江苏省扬州市邵樊片中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1一种神秘的声波武器“金嗓子”，实际要阻挡这一武器的袭击，只要用薄薄的一层（）a半导体b磁性物质c真空带d金属物质【考点】声音的传播条件【分析】声音的传播需要介质，能在固体、液体、气体中传播真空不能传声【解答】解：声音能在固体、液体、气体中传播，半导体、磁性物质和金属物质都是固体，都能传播声音；声音不能在真空中传播故选c2下面是某同学进行实验时对有关物理量的测量结果，其中有明显错误的是（）a温度计的示数是96b物体的长为1.10cmc电流表的示数为1.5ad弹簧测力计的示数是2n【考点】温度计的使用及其读数；长度的测量；刻度尺的使用；弹簧测力计的使用与读数；电流表的读数方法【分析】（1）要弄清楚温度计、电流表和弹簧测力计的量程和分度值再去读数（2）刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去2.00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位【解答】解：a、温度计一个大格表示10，里面有10个小格，因此它的分度值为1因此它的读数为96；b、图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm；末端刻度值为3.10cm，物体长度为3.10cm2.00cm=1.10cm；c、电流表用的是00.6a的量程，一个大格表示0.2a，里面有10个小格，其分度值为0.02a，因此其读数=0.2a+0.1a=0.3a；d、弹簧测力计一个大格表示1n，里面有5个小格，一个小格表示0.2n，其分度值为0.2n故弹簧测力计的示数为2n故选c3下列四种情景中，属于光的折射现象的是（）a站在水中的鸟有倒影b立竿见影c插入水中的筷子变弯d坐井观天【考点】光的折射现象及其应用【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的【解答】解：a、站在水中的鸟有倒影，是以水面为平面镜的平面镜成像，是由光的反射形成的不符合题意；b、立竿见影只在地上树立一个竿子就可以看到它的影子，这是光沿直线传播形成的，不符合题意；c、插入水中的筷子变弯，是光从水中斜射入空气中发生折射形成的，符合题意d、坐井观天指在井中看到的天空只有井口那么大，这是光的直线传播造成的，不符合题意故选c4以下关于能量和能源的认识，正确的是（）a“永动机”违反了能的转化和守恒定律b目前核电站获得核能的途径是核聚变c石油、天燃气是可再生能源d我国煤炭和石油的资源丰富，不需要大力开发新能源【考点】永动机；能源的分类；核电站发电过程中的能量转化；世界和我国的能源状况【分析】解答此题可一一针对各项进行分析，从而找出符合题意的选项【解答】解：a、永动机的不可实现，证明了能的转化和守恒定律故a正确；b、目前人类获得核能的途径有重核裂变和轻核聚变故b错误；c、石油、天然气都是不可再生能源，故c错误；d、我国资源丰富，同时人口众多，资源的消耗量也大，因此仍然面临资源危机，需要开发新能源，故d错误故选a5小明用100n的力踢一个重5n的足球，球离脚后在水平草地上向前滚动了20m在球滚动的过程中（）a小明对足球做功2000jb重力对足球做功100jc小明对足球做功2100jd小明和重力对足球做功都是0j【考点】力是否做功的判断【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可；据此分析判断【解答】解：球离脚后，在水平草地上向前滚动的过程中，靠惯性运动，球脱离了脚，脚没有给球施加力，对球不做功，故d正确，a、b、c都错故选d6下图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（）a拔钉铁锤b面包夹c钢丝钳d天平【考点】杠杆的分类【分析】该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可根据生活经验结合动力臂与阻力臂的大小关系来判断【解答】解：我们在使用拔钉铁锤和钢丝钳时都是为了省力，并且它们在使用的过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们都是省力杠杆故a、c不符合题意；天平是典型的等臂杠杆，故d不符合题意；面包夹的手柄部分较短，在使用过程中动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费了力但省距离故b符合题意故选b7去年暑假，小梦陪着爷爷到湖里叉鱼小梦将钢叉向看到鱼的方向投掷，总是叉不到鱼如图所示的四幅光路图中，能正确说明叉不到鱼的原因是（）abcd【考点】作光的折射光路图【分析】从鱼身上反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了【解答】解：水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射，光由水斜射入空气时发生折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆着折射光线看上去，看到的是变浅的鱼的虚像所以有经验的渔民应该用鱼叉瞄准看到鱼的下方位置，才能将鱼叉到；如图所示：由此可知，a、c选项光的传播方向错误，d选项折射角等于入射角，故错误，只有b选项正确故选b8关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）a温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小b物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变c物体的温度越高，所含热量越多d内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）一切物体都有内能，物体的内能与温度、质量和状态有关；（2）晶体在熔化时，吸收热量，但温度不变，内能增加；（3）热量是指在热传递过程中传递能量的多少不能说含有多少热量；（4）热传递的条件：有温度差【解答】解：a、因为内能与温度、质量和状态有关，故a错误；b、晶体熔化时，温度不变，如冰熔化时，温度不变，但内能增加，故b错误；c、物体温度越高，内能越多，不能说含有的热量越多，故c错误；d、热传递的条件是有温度差，因此内能小的物体可以将热量传递给内能大的物体，故d正确故选d9分子运动看不见、摸不着，但科学家可以通过研究墨水的扩散现象来认识它，这种方法在科学上叫做“转换法”，下面是小明同学在学习中遇到的四个研究实例，其中采取的方法与刚才研究分子运动的方法相同的是（）a在研究电流与电阻、电压关系时，先控制电阻不变去研究电流与电压的关系b在研究磁体的磁场时，引入“磁感线”的概念c在研究电流时，我们可以通过电路中的灯泡是否发光去判断电流的有无d在研究串联电路电阻规律时，用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻【考点】物理学方法【分析】解决此题要知道常用的物理学研究方法有：等效法、模型法、比较法、分类法、类比法、控制变量法、转换法等【解答】解：a、研究电流与电压、电阻关系时，采用的研究方法是控制变量法，不符合题意；b、利用磁感线去研究磁场问题，这种研究方法叫模型法，不符合题意；c、电流看不见、摸不着，判断电路中是否有电流时，我们可通过电路中的灯泡是否发光去确定，这种研究方法叫转换法，符合题意；d、在研究串联电路电阻规律时，用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻，这种研究方法叫等效法，不符合题意；故选c10如图所示的四幅图中，用来说明发电机原理的实验装置是（）abcd【考点】发电机的构造和原理【分析】（1）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；（3）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场【解答】解：a、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；b、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小有关，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；c、图示的是闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动时，线圈中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；d、图示的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意故选c11在图所示的电路中，电源电压保持不变先闭合开关s1，当再闭合开关s2时，关于灯泡l1的亮度及电流表示数变化的情况是（）al1亮度不变，电流表示数变大bl1亮度不变，电流表示数不变cl1变暗，电流表示数不变dl1变暗，电流表示数变小【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】开关s1闭合时，为l1的基本电路，电流表测量l1中的电流；当再闭合开关s2时，两灯并联，电流表测量干路电流，电源电压保持不变，由欧姆定律可得干路电流、灯泡l1亮度变化【解答】解：由图可知，开关s1闭合时，为l1的基本电路，电流表测量l1中的电流；当再闭合开关s2时，两灯泡并联；由欧姆定律可知通过灯l1的电流不变，灯l1的亮度不变；但由于电流表测量干路中的电流，因此电流表示数变大故选a12在如图所示电路中，电源电压保持不变，rl为定值电阻，r2为滑动变阻器开关s闭合后，将滑动变阻器r2的滑片p自b端向a端移动过程中（）a电压表示数不变，电路消耗总功率变大b电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小c电流表的示数变大，v的示数与a的示数之比不变d电流表的示数变大，v的示数与a的示数之比变大【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；电路的动态分析【分析】分析电路图：定值电阻rl与滑动变阻器r2串联，电流表串联在电路中，测量的是整个电路中的电流，电压表并联在定值电阻rl两端，测量的是定值电阻rl两端的电压首先判断出滑动变阻器r2的滑片p自b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，利用串联电路电阻的特点，再根据欧姆定律确定电压表和电流表示数的变化，并根据公式p=ui分析电路消耗总功率的变化情况；由欧姆定律可知两表示数比值的意义，则可知两表示数比值的变化【解答】解：定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片由b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路中的总电阻r变小，而电源电压u不变，由i=可知电路电流变大，即电流表示数变大；定值电阻的阻值不变，由公式u=ir可知，定值电阻两端电压变大，即电压表示数变大；电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流即通过定值电阻的电流，根据欧姆定律i=可知，电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，并且定值电阻的阻值不变，即电压表示数与电流表示数的比值不变电源电压u不变，而电路中的电流变大，由公式p=ui可知，电路消耗总功率的变大故a、b、d不符合题意，c符合题意故选c二、填空题（本题共10小题，每空1分，共28分）13（1）用保鲜膜包裹蔬菜，这是为了防止蔬菜中的水分汽化；（填物态变化名称）冷藏室中的食物温度降低，是通过热传递的方式改变食物内能的（2）家用冰箱正常工作电压为220v【考点】汽化及汽化吸热的特点；热传递改变物体内能；电压【分析】（1）物质由液态变成气态的过程叫汽化汽化包括蒸发和沸腾两种方式影响蒸发快慢的因素：温度、液体表面上的空气流动速度以及液体的表面积；改变内能的方法有二：做功和热传递；（2）家庭电路中的电压为220v【解答】解：（1）用保鲜膜将蔬菜封装起来就是通过减慢液体表面的空气流动来减少蔬菜中的水的汽化，达到保鲜的目的；冷藏室中的温度较低，食物温度较高发生热传递，在冰箱中放出热量温度降低；（2）因为冰箱是家用电器，因此家用冰箱正常工作电压为220v故答案为：（1）汽化；热传递；（2）22014清晨，明媚的阳光穿过树林，形成了一道道美丽的“光柱”“光柱”是由于光的直线传播形成的正午时分，当一束太阳光垂直入射到水面时发生反射，则反射角为0度，射入水中的光线传播方向不改变（填“改变”或“不改变”）【考点】光在均匀介质中直线传播；光的折射规律【分析】（1）光在同种、均匀介质中沿直线传播；（2）入射角是入射光线与法线的夹角，反射角是反射光线与法线的夹角；（3）当光由空气垂直射入水中时，光的传播方向不变；当光斜射入水中时，光的传播方向发生改变【解答】解：（1）阳光穿过树林，由于光沿直线传播，因此形成一道道美丽的光柱；（2）正午时分，当一束太阳光垂直入射到水面，此时入射角是0，根据光的反射定律，反射角也是0；（3）当光由空气垂直射入水中时，光的传播方向不变故答案为：直线传播；0；不改变15如图所示是一个彩色的手机屏幕，小红洗手时不小心将水滴到了手机屏幕上，透过水滴她惊奇地看到屏幕上出现多个不同颜色的小格子水滴相当于凸透镜，当水滴滴到图中白色（选填“红色”、“绿色”、“蓝色”或“白色”）区域时能同时看到 红、绿、蓝三种颜色的小格子【考点】物体的颜色；凸透镜成像的应用【分析】水滴中间厚边缘薄，水滴是水凸透镜，屏幕在水凸透镜的一倍焦距以内，成正立放大的虚像白色物体反射所有的色光，经凸透镜折射，发生光的色散现象【解答】解：水滴中间厚边缘薄是水凸透镜，屏幕放在凸透镜的一倍焦距以内成正立、放大的虚像白色物体反射所有的色光，经凸透镜折射，发生光的色散现象，所以水滴滴在白色区域能同时看到 红、绿、蓝三种颜色的小格子故答案为：凸透镜；白色16如图，一束光在空气和玻璃两种介质分界面上同时发生发射和折射，其中oc是折射光线，反射角等于30，mm上方是空气（选填“空气”或“玻璃”）【考点】光的折射规律；光的反射定律【分析】反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；根据定律反射光线和入射光线与法线的夹角一定相等，由此可确定入射光线和反射光线折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角【解答】解：因为反射光线、入射光线与法线之间的夹角相等，所以ao、bo中一条为入射光线，一条为反射光线，图中nn为法线；再根据折射光线与入射光线在法线两侧、且在两种介质中，所以oc为折射光线，那么ao为为入射光线，ob为反射光线，图中的是mm界面；则则bon为反射角等于30；由于折射角大于入射角，图中mm上方是空气，下方是玻璃故答案为：oc；30；空气17体积是50cm3，质量是45g的物体，将其缓缓放入装满水的杯中，物体静止后，溢出水的质量是45g将其缓缓放入装满酒精的杯中，溢出酒精的质量是40g（酒=0.8103kg/m3）【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】先求物体的密度判断此物体在水和酒精中的状态，再根据沉浮状态和阿基米德原理求出溢出液体的质量【解答】解：物体的密度物=0.9 g/cm3因物水，物体在水中漂浮，根据漂浮条件：f浮=g，即m水g=m物g，则m水=m物=45g；因物酒，物体在酒精中沉底，则f浮=酒gv排，溢出酒精质量为：m酒=酒v物=0.8g/cm350cm3=40g答：溢出水的质量为45g，溢出酒精的质量为40g18核能是不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源氢能源具有来源广、热值高、无污染等优点氢气的热值为14.3107j/kg，完全燃烧0.5kg的氢气可放出7.15107 j的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值等于（大于/等于/小于）14.3107j/kg【考点】不可再生能源的特点；燃料的热值【分析】（1）可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；（2）知道此时氢气的质量和氢气的热值，后据公式q=mq计算即可得出热量；（3）热值是燃料本身的一种属性，即燃料确定，其热值一般不变【解答】解：核能在地球是的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源此时完全燃烧0.5kg的氢气可放出的热量是q=mq=0.5kg14.3107j/kg=7.15107 j；由于热值是燃料本身的一种性质，故即使氢气的用去了一半，剩余氢气的热值仍是不变的，故仍等于14.3107j/kg故答案为：不可再生；7.15107 ；等于19有两个电路元件a和b，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示把它们串联在电路中，如图（乙）所示闭合开关s，这时电流表的示数为0.4a，则电源电压是4.5v，元件b的电功率是1w【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；电功率的计算【分析】根据图象找到0.4a下两个元件的电压，根据串联电路的总电压等于各串联导体两端的电压之和求出电源的电压；根据p=ui求出元件b的电功率【解答】解：由电路图可知，两个电路元件a和b串联在电路中，电流表的示数为0.4a时，a对应的电压是2v，b对应的电压是2.5v，所以电源的电压为u=ua+ub=2v+2.5v=4.5v元件b的电功率：pb=ubi=2.5v0.4a=1w故答案为：4.5；120如图是一种自动测定油箱内油面高度的装置，r2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当油面上升时，电压表示数变小，油量表示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】电路的动态分析【分析】当油量发生为化时，浮标随之运动，带动与浮标相连的指针运动，则可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律电路中电流的变化和和r1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化【解答】解：由电路图可知，r1与r2串联，油量表（电流表）测电路中的电流，电压表测r2两端的电压当油面上升时，r2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，i=，电路中的电流变大，即油量表的示数变大；u=ir，r1两端的电压变大，串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，r2两端的电压变小，即电压表的示数变小；故答案为：变小；变大21如图所示，工人利用动滑轮将沙匀速向上提升2m，已知沙重180n，动滑轮和桶总重重20n，绳重和摩擦均不计则在此过程中工人做的有用功为360j，该装置的机械效率为90%，就如何提高该装置的效率提出一点建议减轻桶重或加润滑油或增加提起的沙子的重（合理即可）【考点】滑轮组绳子拉力的计算；动滑轮拉力的计算；功的计算；斜面机械效率的测量实验【分析】（1）使用动滑轮提升重物时，动滑轮和桶随着沙子一起向上运动，把动滑轮看做是绳子股数是2的滑轮组则 f=（g沙+g动+g桶）；根据w有用=g沙h求出有用功，根据w总=fs求出总功，再根据=求出机械效率（2）影响动滑轮机械效率的主要因素是物重和动滑轮的重力，物体重力相同，动滑轮越重，机械效率越低；动滑轮重相同，物体越重，机械效率越高【解答】解：（1）动滑轮可看做是绳子股数为2的滑轮组，绳重和摩擦均不计时，绳子末端的拉力 f=（g沙+g动+g桶）=100n，工人做的有用功：w有用=g沙h=180n2m=360j，工人做总功：w总=fs=100n22m=400j，该装置的机械效率=90%；（2）在提升的重物相同时，可以减小动滑轮的重力、减轻桶重或加润滑油，提高机械效率；在机械装置不变时，可以增加提起的沙子的重，提高机械效率故答案为：360；90%；减轻桶重或加润滑油或增加提起的沙子的重（合理即可）22白炽灯是日常生活中最重要的光源，小明对图甲所示的白炽灯和灯口进行了仔细观察后，结合所学有关知识，明白了许多道理：（1）灯尾金属块必须与火线相连，且灯口外壳和灯口上盖都是由塑料或橡胶制成，是由于它们都是绝缘体，这些措施都是为了安全用电；（2）灯丝用久了会变细，这是由于灯丝在高温下升华（填物态变化名称）的结果；（3）如图乙是光明牌白炽灯的铭牌，则25w表示额定功率为25瓦正常工作20h消耗的电能是0.5kwh【考点】家庭电路的连接；生活中的升华现象；电功的计算；额定功率【分析】（1）灯泡的尾部和火线相连，零线和螺旋相连；灯泡上的灯尾、钨丝、螺旋都是导体；玻璃、塑料灯口盖和壳都是绝缘体（2）灯丝变细是钨丝升华，灯泡变黑是钨丝先升华后凝华（3）灯泡铭牌上标有额定电压和额定功率；根据w=pt即可求出灯泡在一定时间内消耗的电能【解答】解：（1）灯泡的尾部和火线相连，零线和螺旋相连在更换灯泡时，不会接触火线，这样比较安全灯口外壳和灯口上盖都是由塑料或橡胶制成，是由于它们都是绝缘体，这些措施都是为了用电安全（2）灯丝用久了会变细，这是由于灯丝是高温下升华的结果；（4）如图乙是光明牌白炽灯的铭牌，则220v表示额定电压是220v，25w表示额定功率是25w；灯泡正常工作20h消耗的电能：w=pt=0.025kw20h=0.5kwh故答案为：（1）火；绝缘体；（2）升华；（3）额定功率为25w；0.5三、解答题（本题共8小题，共48分）23完成下列作图：（1）如图甲所示，人的手臂相当于一个杠杆，它的支点在o点请画出图中铅球对手的作用力f的力臂l（2）在乙图中添加三根导线，使两灯组成串联电路，并能用电压表测量l2两端的电压（3）如丙图所示的家庭电路，要求将开关、灯泡和带保险丝的三孔插座正确连入电路中【考点】力臂的画法；实物的电路连接；家庭电路的连接【分析】（1）支点为点o，力臂是支点到力的作用线的距离；（2）由题意要求可知两灯泡串联，电压表并联在l2两端；实物图连接时，首先将电池串接起来，再依次将各串联部分的各电器连接，最后并联连接电压表；（3）电灯的接法：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：（1）如图所示，从o点到力f作用线的距离lf就是力臂，如图所示：；（2）两灯泡串联，电压表并联在l2的两端，然后与电源和开关组成电路，如图所示：；（3）火线进开关，再接入灯泡的顶端金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套；上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如图所示：24“十一”黄金周，张敏和妈妈到桂林旅游，买了一只宜兴茶壶，她听说宜兴茶壶是用宜兴特有的泥土材料制成的，很想知道这种材料的密度，于是她用天平测出茶壶盖的质量为44.4g，再把壶盖放入装满水的溢水杯中，并测得溢出水的质量是14.8g（1）请你帮张敏算出这种材料的密度是多少？（2）若测得整个空茶壶的质量为159g，则该茶壶所用材料的体积为多大？【考点】密度的计算【分析】（1）已知溢出水的质量，根据密度公式求出把壶盖放入装满水的溢水杯中溢出水的体积，水的体积就是壶盖的体积；已知壶盖的质量，利用密度公式计算出壶盖的密度就是壶的材料密度；（2）已知整个空茶壶的质量，利用密度公式求出该茶壶所用材料的体积【解答】解：（1）溢出水的体积即为壶盖的体积：v盖=v水=14.8cm3；这种材料的密度：壶=3.0g/cm3；（2）该茶壶所用材料的体积：v壶=53cm3答：（1）这种材料的密度为3.0g/cm3；（2）该茶壶所用材料的体积为53cm325荣荣同学家安装了一台太阳能热水器，晴天可利用太阳能集热，阴雨天可用电辅助加热，铭牌如下，求：额定电压 220v容积 100l额定功率 1650w频率 50hz（1）太阳能热水器贮满水，水温从20升高到50时，需要吸收多少热量？（2）用电加热时，热水器正常工作的电流有多大？（3）贮满水的热水器，阴天里要使水温从20升高到50，其中55%的热量是由电来辅助提供的，则热水器正常工作时需加热多长时间？（不计热量损失）【考点】热量的计算；密度公式的应用；电功率的计算【分析】（1）知道太阳能热水器的容积，利用密度公式求水的质量，又知道水的初温和末温、水的比热容，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）由铭牌知道额定电压和额定功率，利用p=ui求热水器正常工作的电流；（3）根据题意求出由电来辅助提供的热量，又知道电功率的大小，利用p=求加热时间【解答】解：（1）水的体积：v=100l=100103m3，水的质量：m=v=1.0103/m3100103m3=100，水吸收的热量：q吸=cmt=4.2103j/（）100（5020）=1.26107j；（2）p=ui，p=p额，热水器正常工作的电流：i=7.5a；（3）由电来辅助提供的热量：q=q吸55%=1.26107j55%=6.93106j，需要的加热时间：t=4.2103s=70min答：（1）太阳能热水器贮满水，水温从20升高到50时，需要吸收1.26107j的热量；（2）用电加热时，热水器正常工作的电流有7.5a；（3）热水器正常工作时需加热70min26在“探究平面镜成像的特点”实验中，某同学用玻璃板、两个相同的棋子a和b、刻度尺、白纸等器材进行实验（1）实验时玻璃板应该竖直放置在水平桌面上（2）将棋子a放在玻璃板的一侧，则棋子b应放在a的另一侧（选填“同侧”或“另一侧”）（3）一边移动棋子b，眼睛一边透过玻璃板观察，当b与a的像完全重合时便停止移动棋子b，b的位置即为棋子a像的位置（4）用刻度尺测量b到玻璃板的距离及a到玻璃板的距离，进行比较，得出物与像到玻璃板的距离相等的结论【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）像与物关于玻璃板对称，玻璃板的摆放角度要能够使后面的棋子与前面棋子的像完全重合；（2）（3）棋子b在a的另一侧，可以观察像与物的大小关系，当它们完全重合时，说明物与像是等大的；（4）实验过程中，要用刻度尺测量物距和像距，比较物距和像距的关系【解答】解：（1）如果玻璃板不竖直，后面的棋子与前面棋子的像不在同一高度上，怎样操作都不会重合的，因此也就无法比较像与物的大小关系；（2）将棋子a放在玻璃板的一侧，则棋子b应放在a的另一侧（3）一边移动棋子b，眼睛一边透过玻璃板观察，当b与a的像完全重合时便停止移动棋子b，b的位置即为棋子a像的位置（4）用刻度尺测量b到玻璃板的距离及a到玻璃板的距离，比较物距和像距的关系得到：物像到平面镜的距离相等故答案为：（1）竖直；（2）另一侧；（3）b与a的像完全重合；（4）a到玻璃板的距离； 物与像到玻璃板的距离相等27某同学利用图示装置来研究凸透镜成像（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度；（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上a处时，恰好在光屏上成清晰的像，成的是倒立（选填“正立”或“倒立”）的像蜡烛燃烧一段时间后，烛焰的像将位于光屏中心的上方；（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到b处（图中未标出），光屏上再次成清晰的像，成的是缩小（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像；（4）在上述探究活动中，若已知蜡烛与光屏间的距离为l0，与凸透镜第一次所在位置a间的距离为l，如图2所示，则该透镜焦距fl（选填“”、“”或“=”），透镜先后两次所在位置a、b之间的距离s=l02l（用l0、l表示）【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）要使像成在光屏中央，应该调节三者中心在同一高度；（2）当物距小于像距成实像时，应成倒立放大的实像；根据通过光心的光线方向不改变，确定光屏的移动方向；（3）当物距大于像距成实像时，应该成倒立缩小实像；（4）对比（2）（3）成像条件，结合烛焰和光屏之间距离不变，分析解答【解答】解：（1）实验前，应调整烛焰、凸透镜和光屏三者的中心在同一高度，目的是将像呈现在光屏中央；（2）如图1所示，当凸透镜位于光具座上a处时，恰好在光屏上成清晰的像，由图可知此时物距小于像距，即物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立放大实像；由于通过光心的光线方向不改变，则烛焰的像将向上移动；（3）在保持（2）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向右移到b处（图中未标出），相等于增大物距，减小像距，当光屏上再次成清晰的像时，此时应该物距大于二倍焦距，则所成像应该为倒立缩小的实像；（4）在上述探究活动中，若已