浙江省温州市瑞安市龙翔高中高二物理上学期第三次月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年浙江省温州市瑞安市龙翔高中高二（上）第三次月考物理试卷一、单项选择题：（本题共19小题每小题3分，共57分）1在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献下列叙述符合物理学史实的是（）a奥斯特发现了电流的磁效应b麦克斯韦最早发现了电流周围存在磁场c法拉第预言了电磁波的存在d安培最先建立了完整的电磁场理论2某电场的电场线如图所示，则某点电荷在a和b所受电场力的大小关系是（）afa=fbbfafbcfafbd电荷正负不明无法判断3关于电场线，下列说法正确的是（）a电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向b两条电场线在电场中可以相交c电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹d在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密4下列说法中正确的是（）a电容器两极板间的电压越高，电容就越大b点电荷就是元电荷c油罐车后面装一根拖地铁链，是为了防止静电累积造成火灾d感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分，并失去了部分电子5小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（）a6.21019cb6.41019cc6.61019cd6.81019c6在光滑绝缘的水平面上，有两个相距较近的带同种电荷的小球，将它们由静止释放，则两球间（）a距离变大，库仑力变大b距离变大，库仑力变小c距离变小，库仑力变大d距离变小，库仑力变小7通过电阻r的电流强度为i时，在t时间内产生的热量为q，若电阻为2r，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）a4qb2qcd8下列各电场中，a、b两点电场强度相同的是（）abcd9下列说法中正确是（）a沿电场线的指向，电场强度一定越来越小b沿电场线的指向，电势一定越来越低c沿电场线方向移动电荷，电势能逐渐减小d只在电场力作用下，电荷一定从电势高处向电势低处移动10用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为s，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）a保持s不变，增大d，则变大b保持s不变，增大d，则变小c保持d不变，减小s，则变小d保持d不变，减小s，则不变11把一个电量q=105c的正电荷从a移到b，电场力做功为1.0103j，则a、b两点的电势差是（）a100vb100vc0.01vd0.01v12下列与电阻有关的说法正确的有（）a导体的电阻与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比b导体的电阻只跟导体本身的性质有关，而与其两端电压和通过电流无关c电阻率越大的材料，则电阻越大d电阻率是材料本身的性质，与电压、电流、导体形状、温度都无关13两个小灯泡，分别标有“1a4w”和“2a1w”的字样，则它们均正常发光时的电阻阻值之比为（）a2：1b16：1c4：1d1：1614将一只阻值为几千欧的电阻r1和一只阻值为千分之几欧的电阻r2串联起来，则总电阻（）a很接近r1而略大于r1b很接近r1而略小于r1c很接近r2而略大于r2d很接近r2而略小于r215在“测定电池电动势和内阻”的实验中，某同学根据实验数据，作出了正确的ui图象，如图所示，其中图线斜率绝对值的物理含义是（）a短路电流b电池内阻c电池电动势d全电路电阻16许多人造卫星都用太阳能电池供电，太阳能电池由许多片电池板组成，某电池板的开路电压是600mv，短路电流是30ma，这块电池板的内电阻是（）a0b40c20d1017电源的电动势为4.5v，内电阻为0.50，外电路接一个4.0的电阻，这时电源路端的电压为（）a5.0vb4.5vc4.0vd3.5v18在闭合电路中，外电路电阻变大时，（）a路端电压减小b电路中的电流增大c电源内部的电压升高d电源的内、外电压之和保持不变19如图所示的电路中，电压表和电流表都是理想电表，若将滑动变阻器的滑动触点向b端移动时（）a电压表v的读数增大，电流表a的读数减小b电压表v的读数减小，电流表a的读数增大c电压表v和电流表a的读数都减小d电压表v和电流表a的读数都增大二、填空题（填空3*7分，电路图4分，共25分）20测量小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有：a小灯泡，规格为“2.4v、1.0w”；b直流电源，输出电压为6v；c电压表3v，内阻大约1k；d电压表6v，内阻大约2k；e电流表0.6a，内阻大约1；f电流表1a，内阻大约1；g滑动变阻器，总电阻5；h滑动变阻器，总电阻500；i开关、导线若干实验中电压表应选用，电流表应选用；（填代号）测量中滑动变阻器应使用（填“分压”或“限流”）连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为（填代号）；画出实验应采用的电路图21测定电源的电动势和内电阻的实验电路和ui图象如下：请回答下列问题（1）在闭合开关之前移为防止电流表过载而动滑动变阻器的滑动头p应放在 处（填“a或b”）（2）图2是根据实验数据画出的ui图象由此可知这个干电池的电动势e=v（保留三位有效数据），内电阻r=（保留两位有效数据）三、计算题：（22题8分，23题10分）22真空中某点a有一个点电荷q，其带电量为5.0105库伦，求：（1）距离该点电荷10cm处的b点的电场强度（2）如b点有另一个正点电荷q，其带电量为2.01010库伦，该电荷受到的电场力的大小和方向23如图所示，r1=14，r2=9，当s扳到位置1时，电压表示数为2.8v，当开关s扳到位置2时，电压表示数为2.7v，求电源的电动势和内阻？2015-2016学年浙江省温州市瑞安市龙翔高中高二（上）第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：（本题共19小题每小题3分，共57分）1在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献下列叙述符合物理学史实的是（）a奥斯特发现了电流的磁效应b麦克斯韦最早发现了电流周围存在磁场c法拉第预言了电磁波的存在d安培最先建立了完整的电磁场理论【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：a、奥斯特发现了电流的磁效应，故a正确；b、奥斯特最早发现了电流周围存在磁场，故b错误；c、麦克斯韦预言了电磁波的存在，故c错误；d、麦克斯韦最先建立了完整的电磁场理论，故d错误故选：a【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2某电场的电场线如图所示，则某点电荷在a和b所受电场力的大小关系是（）afa=fbbfafbcfafbd电荷正负不明无法判断【考点】电场线【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小【解答】解：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，a点的电场线密，所以a点的电场强度大，电荷在a点受到的电场力大，所以fafb，所以c正确故选：c【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题3关于电场线，下列说法正确的是（）a电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向b两条电场线在电场中可以相交c电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹d在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密【考点】电场线【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强【解答】解：a、电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，与负电荷所受电场力的方向相反故a错误b、电场线的切线方向就是电场的方向，如果两条电场线在同一点相交，则有两个切线方向，而事实上电场中的每一点只有一个方向，故任意两条电场线都不会相交故b错误c、电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故c错误d、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强故d正确故选：d【点评】记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念4下列说法中正确的是（）a电容器两极板间的电压越高，电容就越大b点电荷就是元电荷c油罐车后面装一根拖地铁链，是为了防止静电累积造成火灾d感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分，并失去了部分电子【考点】* 静电的利用和防止【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】电容是表征电容器容纳电荷本领大小的物理量，与电容器的电压无关；基元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示；油罐车后面装一根拖地铁链，可将摩擦产生的静电导入大地，防止静电累积造成火灾；感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一部分，电荷量总量不变【解答】解：a、电容是表征电容器容纳电荷本领大小的物理量，由电容器本身的特性决定，与电容器的电压无关故a错误b、元电荷是指最小的电荷量，带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系；故b错误c、油罐车后面装一根拖地铁链，可将摩擦产生的静电导入大地，防止静电累积造成火灾；故c正确d、感应起电是电子从物体的一部分转移到另一部分，或一个物体转移到另一个物体，但电子总数没有变化，即电荷守恒故d错误故选：c【点评】本题关键要理解并掌握电容的物理意义、静电的防止与应用、电荷守恒定律等等，解答的关键是最元电荷的正确理解，要明确元电荷与电子的区别和联系5小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个（）a6.21019cb6.41019cc6.61019cd6.81019c【考点】元电荷、点电荷【专题】电场力与电势的性质专题【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，据此可正确解答【解答】解：电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，因此该带电量为电子电量e=1.61019c的整数倍，将四个选项中的电量除以电子电量得数为整数倍的便是可能正确的数字，故acd错误，b正确故选：b【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对基本知识的应用情况，平时要注意提高应用所学知识解决实际问题的能力6在光滑绝缘的水平面上，有两个相距较近的带同种电荷的小球，将它们由静止释放，则两球间（）a距离变大，库仑力变大b距离变大，库仑力变小c距离变小，库仑力变大d距离变小，库仑力变小【考点】库仑定律【分析】由同种电荷相互排斥和库仑定律分析a、b两个小球间库仑力的变化【解答】解：带同种电荷的两个小球，存在相互作用力斥力，它们之间的距离增大，根据库仑定律，它们之间库仑力大小为f=k，q、q不变，r增大，f减小；当它们之间的距离减小时，同理可知，库仑力f增大，故b正确，acd错误故选：b【点评】解答本题时是要注意电荷间存在库仑力，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引7通过电阻r的电流强度为i时，在t时间内产生的热量为q，若电阻为2r，电流强度为，则在时间t内产生的热量为（）a4qb2qcd【考点】焦耳定律【专题】恒定电流专题【分析】根据q=i2rt去求电阻变为2r，电流强度变为，在时间t内产生的热量【解答】解：根据q=i2rt得，电阻变为原来的2倍，电流强度变为原来的，时间不变，则热量变为原来的故c正确，a、b、d错误故选c【点评】解决本题的关键掌握焦耳定律热量的公式q=i2rt8下列各电场中，a、b两点电场强度相同的是（）abcd【考点】电场强度；电场线【分析】在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等【解答】解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有c图中ab两点的电场线疏密程度相同，故a、b两点电场强度相同的点只有c故选c【点评】本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小9下列说法中正确是（）a沿电场线的指向，电场强度一定越来越小b沿电场线的指向，电势一定越来越低c沿电场线方向移动电荷，电势能逐渐减小d只在电场力作用下，电荷一定从电势高处向电势低处移动【考点】电场线；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，电场线越密，场强越大，沿电场线的方向电势降低【解答】解：a、电场线越密，场强越大，沿电场线的指向，电场强度不一定越来越小，故a错误b、沿电场线的方向电势降低，故b正确c、沿电场线方向移动正电荷，电势能逐渐减小，沿电场线方向移动负电荷，电势能逐渐增大，故c错误d、只在电场力作用下，负电荷可以从电势低处向电势低高处移动，故d错误故选b【点评】充分理解和掌握电场线的特点是解决此题的关键10用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）设两极板正对面积为s，极板间的距离为d，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（）a保持s不变，增大d，则变大b保持s不变，增大d，则变小c保持d不变，减小s，则变小d保持d不变，减小s，则不变【考点】电容器的动态分析【专题】电容器专题【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大根据电容的决定式c= 分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式c= 分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况【解答】解：a、b、根据电容的决定式c= 得知，电容与极板间距离成反比，当保持s不变，增大d时，电容减小，电容器的电量q不变，由电容的定义式c= 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大；反之，保持s不变，减小d，则减小故a正确，b错误c、d、根据电容的决定式c= 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小s时，电容减小，电容器极板所带的电荷量q不变，则由电容的定义式c= 分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角变大；反之，保持d不变，增大s，则减小，故c错误，d错误故选：a【点评】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式c= 和c=11把一个电量q=105c的正电荷从a移到b，电场力做功为1.0103j，则a、b两点的电势差是（）a100vb100vc0.01vd0.01v【考点】电势差【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电势差公式u=求解a、b两点的电势差【解答】解：a、b两点的电势差： v故选：b【点评】电势差是反映电场本身的能的性质的物理量，根据电势差公式u=求解时要代入正负号12下列与电阻有关的说法正确的有（）a导体的电阻与其两端电压成正比，与通过它的电流成反比b导体的电阻只跟导体本身的性质有关，而与其两端电压和通过电流无关c电阻率越大的材料，则电阻越大d电阻率是材料本身的性质，与电压、电流、导体形状、温度都无关【考点】电阻定律【专题】恒定电流专题【分析】解决此题要知道电阻大小和材料、温度、长度、横截面积都有关系导体的长度、材料相同时，横截面积越小，电阻越大； 导体的横截面积、材料相同时，长度越长，电阻越大； 导体的横截面积、长度相同时，导体的材料不同，电阻大小不同影响电阻的因素与电压、电流无关，但已知电压、电流可用欧姆定律求电阻的值【解答】解：a、b、电阻大小和材料、温度、长度、横截面积有关，与电压和电流无关，故a错误，b正确；c、根据电阻定律公式r=，在导体的长度、横截面积相同的情况下，电阻率越大，电阻越大，故c错误；d、电阻率是材料本身的性质，与电压、电流、导体形状都无关，但与温度有关，故d错误；故选：b【点评】本题考查影响电阻大小的因素，主要考查运用控制变量法比较电阻大小的方法，在比较某一因素与电阻大小关系是一定要控制其它的因素不变13两个小灯泡，分别标有“1a4w”和“2a1w”的字样，则它们均正常发光时的电阻阻值之比为（）a2：1b16：1c4：1d1：16【考点】欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】已知两灯泡的电流及功率，而灯泡为纯电阻，故由p=i2r可求得电阻大小【解答】解：由p=i2r可得：r=；解得：r1=4；r2=；故电阻之比为：16：1故选：b【点评】本题考查功率公式的应用，对于纯电阻电路功率公式要注意灵活掌握并加以应用14将一只阻值为几千欧的电阻r1和一只阻值为千分之几欧的电阻r2串联起来，则总电阻（）a很接近r1而略大于r1b很接近r1而略小于r1c很接近r2而略大于r2d很接近r2而略小于r2【考点】串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】串联电路的总电阻等于各个电阻之和，据此列式分析即可进行判断【解答】解：串联的总电阻为 r=r1+r2；由题知：r1远大于r2，所以r很接近r1而略大于r1，远大于r2，故a正确，bcd错误故选：a【点评】解决本题的关键是掌握串联电路总电阻与各个电阻的关系，知道串联总电阻与最大的电阻还要大15在“测定电池电动势和内阻”的实验中，某同学根据实验数据，作出了正确的ui图象，如图所示，其中图线斜率绝对值的物理含义是（）a短路电流b电池内阻c电池电动势d全电路电阻【考点】测定电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆定律【专题】实验题；恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律，应用图象分析答题【解答】解：在闭合电路中，路端电压：u=eir，由u=eir可知，ui图象斜率的绝对值是r，即：斜率的绝对值是电源内阻，故b正确；故选：b【点评】本题考查了图象斜率绝对值的物理意义，应用闭合电路欧姆定律，根据图象即可正确解题16许多人造卫星都用太阳能电池供电，太阳能电池由许多片电池板组成，某电池板的开路电压是600mv，短路电流是30ma，这块电池板的内电阻是（）a0b40c20d10【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】定量思想；等效替代法；恒定电流专题【分析】根据开路电压等于电源电动势，求出电池的电动势；再根据闭合电路欧姆定律，由电动势和短路电流求出内电阻【解答】解：由题知，电池板的开路电压 u=600mv=0.6v，则电动势 e=u=0.6v又根据闭合电路欧姆定律得 e=i短r，则 r=20故选：c【点评】本题关键明确电源开路和短路的特点，运用闭合电路欧姆定律求解电源的内电阻17电源的电动势为4.5v，内电阻为0.50，外电路接一个4.0的电阻，这时电源路端的电压为（）a5.0vb4.5vc4.0vd3.5v【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】已知电源的电动势，内电阻和外电阻，根据闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流，由欧姆定律求出路端电压【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得： i= 路端的电压为u=ir=14v=4v故选：c【点评】本题考查对闭合电路欧姆定律的掌握情况，比较简单18在闭合电路中，外电路电阻变大时，（）a路端电压减小b电路中的电流增大c电源内部的电压升高d电源的内、外电压之和保持不变【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】外电阻r增大时，根据闭合电路欧姆定律，电流i=减小，路端电压u=eir，e、r不变，u增大，电源内电压u=ir，减小而电源的内、外电压之和等于电源电动势，不变【解答】解：a、b，当外电阻r增大时，根据闭合电路欧姆定律，电流i=减小，路端电压u=eir，e、r不变，u增大，故a、b均错误 c、电源内电压u=ir，电流减小，u减小故c错误 d、电源的内、外电压之和等于电源电动势，不变故d正确故选d【点评】电路动态变化分析常见的方法是程序法，基本思路是“部分整体部分”，并用控制变量法，结合欧姆定律确定电压、电流、功率等的变化情况19如图所示的电路中，电压表和电流表都是理想电表，若将滑动变阻器的滑动触点向b端移动时（）a电压表v的读数增大，电流表a的读数减小b电压表v的读数减小，电流表a的读数增大c电压表v和电流表a的读数都减小d电压表v和电流表a的读数都增大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】先分析滑动变阻器有效电阻的变化情况，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律判断出电流的变化，即可知道电流表读数的变化情况；分析内电压如何变化，再分析路端电压如何变化，从而判断电压表的读数变化【解答】解：将滑动变阻器的滑动触点向b端移动时，接入电路中的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律判断知电路中电流减小，则电流表的读数减小电流减小，电源的内电压减小，根据闭合电路欧姆定律得知路端电压增大，则电压表的读数增大故a正确故选：a【点评】本题是简单的电路动态分析问题，按“部分整体部分”的思路进行分析，并不难二、填空题（填空3*7分，电路图4分，共25分）20测量小灯泡的伏安特性曲线实验中，可选用的仪器有：a小灯泡，规格为“2.4v、1.0w”；b直流电源，输出电压为6v；c电压表3v，内阻大约1k；d电压表6v，内阻大约2k；e电流表0.6a，内阻大约1；f电流表1a，内阻大约1；g滑动变阻器，总电阻5；h滑动变阻器，总电阻500；i开关、导线若干实验中电压表应选用c，电流表应选用e；（填代号）测量中滑动变阻器应使用分压（填“分压”或“限流”）连接方式，以上仪器中适合的滑动变阻器为g（填代号）；画出实验应采用的电路图【考点】伏安法测电阻【专题】实验题【分析】根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡正常发光时的电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡电阻与电表内阻关系确定电流表接法，然后连接实物电路图；闭合开关前，分压电路分得的电压应为零【解答】解：（1）灯泡额定电压是2.4v，则电压表选c；灯泡额定电流为：i=0.42a，则电流表选e（2）由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择全电阻小的变阻器，即选：g（3）灯泡正常发光时电阻为：r=5.76，灯泡电阻远小于电压表内阻，则电流表采用外接法，由于实验要求电流从零调，所以变阻器应采用分压式接法，电路如图：故答案为：（1）c，e；（2）分压，g； （3）如图【点评】测定小灯泡的伏安特性曲线实验要求电压与电流从零调起或要求电流电压调节范围大一些，因此，滑动变阻器应采用分压式接法21测定电源的电动势和内电阻的实验电路和ui图象如下：请回答下列问题（1）在闭合开关之前移为防止电流表过载而动滑动变阻器的滑动头p应放在a 处（填“a或b”）（2）图2是根据实验数据画出的ui图象由此可知这个干电池的电动势e