山西省吕梁市孝义市高一物理上学期期末试卷（含解析）.doc

山西省吕梁市孝义市2014-2015 学年高一上学期期末物理试卷一、单项选择题（共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，全部选对得3分，有选错或不答的得0分）1（3分）下列说法中正确的是（）a只有体积很小的物体才能被看成质点b第3s表示时刻c速度、加速度、速度变化量都是矢量d在田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500m2（3分）如图所示，中国三一重工的一台62米长的泵车，参与某次消防救火冷却作业，对泵车在水平路面上以加速度a作匀加速运动的过程，下列分析正确的是（）a泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力b轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的压力c开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性d若泵车发动机的牵引力增为原来的2倍时，泵车的加速度将大于2a3（3分）以下是课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）a图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大b图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度c图中海豚的身体呈流线型，是为了增大海豚的浮力d图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动4（3分）一质点做匀变速直线运动，某一段位移内平均速度为v，且已知前一半位移内平均速度为v1，则后一半位移的平均速度v2为（）abcd5（3分）如图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦，如果把绳的长度增加一些，小球仍处于静止状态，则球对绳的拉力f1和球对墙的压力f2的变化情况是（）af1增大，f2减小bf1减小，f2增大cf1和f2都减小df1和f2都增大6（3分）在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（）a晓敏同学所受的重力变小了b晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力c电梯一定在竖直向下运动d电梯的加速度大小为，方向一定竖直向下7（3分）物体甲的xt图象和物体乙的vt图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是（）a甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为6mb甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零c乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零d乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m8（3分）北京晚报曾报道了这样一则动人的事迹：5月9日下午，一位4岁小男孩从高15层的楼顶坠下，被同楼的一位青年在楼下接住，幸免于难，设每层楼高度是3m，这位青年从他所在的地方冲到楼下需要的时间是1.3s，则该青年要接住孩子，至少允许他反应的时间是（g=10m/s2）（）a3.0sb1.7sc0.4sd1.3s9（3分）如图所示，质量分别为m和m的物块由相同的材料制成，且mm，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接如果按图甲装置在水平桌面上，两物块刚好做匀速运动如果互换两物块按图乙装置在同一水平桌面上，它们的共同加速度大小为（）agbgcgd上述均不对10（3分）应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出对此现象分析正确的是（）a手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态b手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态c在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度d在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度二、多项选择题（每小题四个选项中号对少有两个选项是正确的，完全选对得4分，选对但不全的得2分，不选或有选错的得零分。每小题4分，共20分）11（4分）下列单位对应的物理量是矢量的有（）anbm/s2csdkg12（4分）如图所示，a、b球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）a两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinbb球的受力情况未变，瞬时加速度为零ca球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsind弹簧有收缩的趋势，b球的瞬时加速度向上，a球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零13（4分）如图所示，ab两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，a、b间的动摩擦因数为，b与地面间的动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对a施加一水平拉力f，则（）a当f2mg时，a、b相对地面静止b当f=2.5mg时，a的加速度为0.4gc当f3mg时，a相对b滑动d无论f为何值，b的加速度不会超过0.5mg14（4分）从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体、的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正确的是（）a、两个物体的加速度都在不断减小b物体的加速度不断增大，物体的加速度不断减小c、两物体的位移都在不断增大d、两个物体的平均速度大小都是15（4分）质量分别为m和m的物体a和b用一劲度系数为k的轻弹簧相连，按图示方式放置在水平地面上静止，现用恒力f=（m+m）g竖直向上拉物体a，直到b物体刚离开地面的过程中，下列关于a物体的叙述正确的有（）a位移为b速度先增大后减小c加速度由一直减小至0d弹簧的弹力先由mg减小至0后又增大至mg三、实验题（每空2分，共14分）16（2分）如图所示，在“验证力的平行四边形定则”这一实验中，两弹簧秤现在的夹角为90，使b弹簧秤从图示位置开始沿箭头方向缓慢转动，在这过程中，保持o点的位置和a弹簧秤的拉伸方向不变，则在整个过程中，关于a、b两弹簧秤示数的变化情况是（）aa示数增大，b示数减小ba示数减小，b示数增大ca示数减小，b示数先增大后减小da示数减小，b示数先减小后增大17（2分）在互成角度的两个共点力的合成的实验中，两个弹簧秤的拉力f1和f2已于图中作出了它们的图示，o是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1n（1）用作图法作出合力f的图示；（2）合力f的大小是n18（10分）在“验证牛顿第二定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用m表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车拖动后面的纸带，小车的加速度可由纸带上打出的点计算出（1）当m与m的大小关系满足时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）某一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地检查出加速度a与质量m的关系，应该做a与的图象（3）如图（a）是甲同学根据测量数据做出的af图线，说明实验存在的问题是（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的af图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？答：（5）已知打点计时器使用的交流电频率为50hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用图3给出的数据可求出小车运动的加速度a=（结果保留三位有效数字）四、计算题（本题共4小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）19（12分）质量为m=4kg的物体静止在水平面上，它们之间的动摩擦系数=0.5，现在对物体施加以如图所示的拉力f，拉力大小为20n，与水平面夹角为=37（已知sin37=0.6，cos37=0.8），经t=10s后撤去力f，再经过一段时间，物体又静止，g取10m/s2求：（1）物体加速时的加速度？（2）物体运动过程中最大速度多少？（3）物体运动的总位移是多少？（g取10m/s2）20（8分）如图所示，光滑斜面的倾角=30，一小球从斜面底端o点正上方，距o点高度h=5m处由静止下落，小滑块从斜面上的p点由静止沿斜面下滑，若小球和滑块同时开始运动并在o点相遇，不计空气阻力，求：o、p两点之间的距离（g=10m/s2）21（8分）水平传送带以v0=2m/s的速度在水平方向做匀速直线运动，这时将一质量为m=1kg的小物体轻轻放在传送带的左端（如图所示），已知传送带与物体的摩擦因数为=0.5，传送带的长度为l=10m，问经多长时间能将物体送到右端（g=10m/s2）22（8分）公路上行驶的两汽车之间应保持一定的安全距离，当前车突然停止时，后车司机可以采取刹车措施，使汽车在安全距离内停下而不会与前车相撞，通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s，当汽车在晴天干燥沥青路面上以108km/h的速度匀速行驶时，安全距离为120m，设雨天时汽车轮胎与沥青路面间的动摩擦因数为晴天时的，若要求安全距离仍为120m，求汽车在雨天安全行驶的最大速度山西省吕梁市孝义市2014-2015学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共10小题，每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，全部选对得3分，有选错或不答的得0分）1（3分）下列说法中正确的是（）a只有体积很小的物体才能被看成质点b第3s表示时刻c速度、加速度、速度变化量都是矢量d在田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500m考点：质点的认识；位移与路程；时间与时刻 分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点时刻在时间轴上用点表示，时间间隔在时间轴上用线段表示速度、加速度、速度变化量都是矢量位移的大小等于初末位置的距离，确定出运动员的末位置，即可知道位移的大小，曲线运动的位移大小小于路程解答：解：a、解：能否看成质点，与质量、体积大小无关，质量、体积很大的物体也能看成质点，比如地球公转时的地球可以看成质点，故a错误b、第3s表示从第2s末到第3s末这一段时间间隔，故b错误c、速度、加速度、速度变化量都是既有大小，又有方向的量，它们都是矢量故c正确d、在田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程为1500m，位移大小为初位置到末位置的有向线段的长度，远小于1500m故d错误故选：c点评：解决本题的关键知道位移和路程的区别，路程为运动轨迹的长度，位移的大小等于首末位置的距离2（3分）如图所示，中国三一重工的一台62米长的泵车，参与某次消防救火冷却作业，对泵车在水平路面上以加速度a作匀加速运动的过程，下列分析正确的是（）a泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力b轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的压力c开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性d若泵车发动机的牵引力增为原来的2倍时，泵车的加速度将大于2a考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在接触面粗糙程度相同的情况下，滑动摩擦力大小与压力有关，压力越大摩擦力越大；在压力相同的情况下，滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度有关，接触面越粗糙，摩擦力越大；（2）任何物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；惯性大小只与质量有关（3）物体处于静止状态时，受到平衡力的作用，分析准确哪个力和哪个力是平衡力很关键解答：解：a、泵车受到的重力和地面对泵车的支持力是一对平衡力；故a错误；b、轮胎上凹凸不平的花纹是通过增大接触面的粗糙程度的方法来增大摩擦；而不是为了增大压力，故b错误；c、开车时要求系安全带是为了减小惯性带来的危害，惯性的大小不会变化，因为惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变；故c错误；d、当牵引力为f时，有：ff=ma，当牵引力为2f 时，有：2ff=ma，所以加速度大于2a，故d正确；故选：d点评：深入理解增大摩擦力的方法、明确惯性的概念及影响惯性的因素、抓住平衡力需要满足的四个条件（同物、同线、等大、反向）；可做出正确选择3（3分）以下是课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法正确的是（）a图中学生从起立到站直的过程中，体重计的示数先减小后增大b图中赛车的质量较小，却安装着牵引力很大的发动机，目的是获得很大的加速度c图中海豚的身体呈流线型，是为了增大海豚的浮力d图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面做匀速直线运动考点：牛顿第二定律；牛顿运动定律的应用-超重和失重 专题：牛顿运动定律综合专题分析：失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上；当质量不变的时候，根据牛顿第二定律f=ma可知，f越大，加速度a就越大解答：解：a、学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中，学生的运动的过程是先向上加速运动，在减速运动，直到最后的静止，向上加速时，处于超重状态，减速时处于失重状态，所以体重计的示数先增加后减少，所以a错误；b、根据牛顿第二定律f=ma可知，当质量不变的时候，f越大，加速度a就越大，所以b正确；c、海豚的身体呈流线型，是为了减小水的阻力，c错误；d、冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，根据牛顿第二定律可知，冰壶有一定的加速度，冰壶的速度要减小，故d错误；故选：b点评：本题是用物理的知识来解释生活中的一些现象，知道产生的各种现象的根本的原因，这样也可以加强对物理知识的理解和记忆4（3分）一质点做匀变速直线运动，某一段位移内平均速度为v，且已知前一半位移内平均速度为v1，则后一半位移的平均速度v2为（）abcd考点：平均速度 专题：直线运动规律专题分析：总时间一定，根据平均速度的定义列式求解出总时间的两种表达式后即可求解解答：解：设总位移为x，则解得：故选d点评：本题关键明确平均速度表示对应时间或位移内的平均快慢程度，一定要明确平均速度与时间间隔对应，不同时间间隔内的平均速度不同5（3分）如图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦，如果把绳的长度增加一些，小球仍处于静止状态，则球对绳的拉力f1和球对墙的压力f2的变化情况是（）af1增大，f2减小bf1减小，f2增大cf1和f2都减小df1和f2都增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小球为研究对象，分析受力，由平衡条件得出绳对球的拉力、墙对小球的支持力与绳子与墙的夹角的关系式，再分析f1和f2如何变化解答：解：以小球为研究对象，分析受力如图设绳子与墙的夹角为，由平衡条件得f1=，f2=mgtan根据牛顿第三定律得球对绳的拉力f1=f1=，球对墙的压力f2=f2=mgtan把绳的长度增大减小，减小，cos增大，tan减小，则得到f1和f2都减小故选：c点评：本题物体的平衡中动态变化分析问题，采用的是函数法，也可以运用图解法6（3分）在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示，在这段时间内下列说法中正确的是（）a晓敏同学所受的重力变小了b晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力c电梯一定在竖直向下运动d电梯的加速度大小为，方向一定竖直向下考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重 专题：牛顿运动定律综合专题分析：体重计示数小于体重说明处于矢重状态，则电梯应具有向下的加速度解答：解：a、体重计示数小于体重说明晓敏对体重计的压力小于重力，并不是体重变小故a错误b、晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是作用力与反作用力，大小相等故b错误c、电梯做向上的减速运动也会是矢重状态，示数小于其重力故c错误d、以人为研究对象，mgfn=ma 求得：故d正确故选：d点评：明确矢重是物体对与之接触的物体的弹力小于重力，不是重力变小了7（3分）物体甲的xt图象和物体乙的vt图象分别如图所示，则这两物体的运动情况是（）a甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为6mb甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零c乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零d乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：位移时间图象表示物体的位置随时间变化的规律，斜率等于速度，而速度时间图象表示速度随时间变化的规律，图线与时间轴所的面积大小等于位移；由图象的性质可得出物体的运动性质、位移和路程的大小解答：解：a、b：位移时间图象的斜率等于速度，可知甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故甲的运动方向不变，总位移为4m，故ab错误；c、d：乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，位移为：；3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，位移为：；故总位移为：x=x1+x2=0，总路程为：s=|x1|+x2=6m，故c正确，d错误；故选：c点评：本题考查对速度图象和位移的识别和理解能力，抓住各自的数学意义理解其物理意义，即速度图象的“面积”大小等于位移，而位移图象的斜率等于速度，x表示位移8（3分）北京晚报曾报道了这样一则动人的事迹：5月9日下午，一位4岁小男孩从高15层的楼顶坠下，被同楼的一位青年在楼下接住，幸免于难，设每层楼高度是3m，这位青年从他所在的地方冲到楼下需要的时间是1.3s，则该青年要接住孩子，至少允许他反应的时间是（g=10m/s2）（）a3.0sb1.7sc0.4sd1.3s考点：自由落体运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：自由落体运动专题分析：根据自由落体运动的公式求出孩子到地面所需的时间，减去下楼所需要的时间即可得到反应所需要的时间解答：解：楼高为：h=153m=45m由h=解得：t=3.0st=3.01.3=1.7s至少允许反应的时间为1.7s故选：b点评：解决自由落体运动的题目关键在于明确自由落体中的公式应用，一般情况下，研究由落点开始的运动列出的表达式最为简单9（3分）如图所示，质量分别为m和m的物块由相同的材料制成，且mm，将它们用通过轻而光滑的定滑轮的细线连接如果按图甲装置在水平桌面上，两物块刚好做匀速运动如果互换两物块按图乙装置在同一水平桌面上，它们的共同加速度大小为（）agbgcgd上述均不对考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：先对甲图中m和m受力分析，根据平衡条件求解出动摩擦因素；再对乙图中的m和m受力分析，根据牛顿第二定律列式求解加速度解答：解：由甲图可知，物体m匀速运动，故：t=mg；物体m匀速运动，故：t=mg；联立解得：；乙图中，对m，有：mgt=ma；对m，有：tmg=ma；联立解得：a=g；故选c点评：本题关键是灵活地选择研究对象，然后受力分析，根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解10（3分）应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出对此现象分析正确的是（）a手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态b手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态c在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度d在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度考点：超重和失重；牛顿第二定律 分析：超重指的是物体加速度方向向上，失重指的是加速度方向下，但运动方向不可确定由牛顿第二定律列式分析即可解答：解：a、b物体向上先加速后减速，加速度先向上，后向下，根据牛顿运动定律可知物体先处于超重状态，后处于失重状态，故a错误b错误；c、d、重物和手有共同的速度和加速度时，二者不会分离，故物体离开手的瞬间，物体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度应大于重力加速度，并且方向竖直向下，故c错误，d正确故选：d点评：超重和失重仅仅指的是一种现象，但物体本身的重力是不变的，这一点必须明确重物和手有共同的速度和加速的时，二者不会分离二、多项选择题（每小题四个选项中号对少有两个选项是正确的，完全选对得4分，选对但不全的得2分，不选或有选错的得零分。每小题4分，共20分）11（4分）下列单位对应的物理量是矢量的有（）anbm/s2csdkg考点：矢量和标量 分析：即有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量解答：解：a、力的单位是n，加速度的单位是m/s2，力、加速度、都是既有大小有方向，是矢量，故ab正确；c、s是时间单位，kg是质量单位，时间、质量只有大小没有方向，是标量故cd错误故选：ab点评：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则12（4分）如图所示，a、b球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间下列说法正确的是（）a两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinbb球的受力情况未变，瞬时加速度为零ca球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsind弹簧有收缩的趋势，b球的瞬时加速度向上，a球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零考点：牛顿第二定律；胡克定律 分析：（1）根据平衡条件可知：对b球f弹=mgsin，对a球f绳=f弹+mgsin；（2）细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不会瞬间发生改变；（3）对a、b球分别进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求出各自加速度解答：解：系统静止，根据平衡条件可知：对b球f弹=mgsin，对a球f绳=f弹+mgsin， 细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生改变，则：ab球受力情况未变，瞬时加速度为零；对a球根据牛顿第二定律得：a=2gsin，故a错误；bb球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故b正确；c对a球根据牛顿第二定律得：a=2gsin，故c正确；db球的受力情况未变，瞬时加速度为零，故d错误；故选bc点评：该题是牛顿第二定律的直接应用，本题要注意细线被烧断的瞬间，细线的拉力立即减为零，但弹簧的弹力不发生瞬间改变，该题难度适中13（4分）如图所示，ab两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，a、b间的动摩擦因数为，b与地面间的动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对a施加一水平拉力f，则（）a当f2mg时，a、b相对地面静止b当f=2.5mg时，a的加速度为0.4gc当f3mg时，a相对b滑动d无论f为何值，b的加速度不会超过0.5mg考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据a、b之间的最大静摩擦力，隔离对b分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出a、b不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析解答：解：ab之间的最大静摩擦力为：fmax=mag=2mg，ab发生滑动的加速度为a=g，b与地面间的最大静摩擦力为：fmax=（ma+mb）g=mg，故拉力f最小为f：ffmax=（m+2m）a，所以f=上，ab将发生滑动a、当 f2 mg 时，ffmax，ab之间不会发生相对滑动，b与地面间会发生相对滑动，所以a、b 都相对地面运动，选项a错误b、当f=时，a、b以共同的加速度开始运动，将a、b看作整体，由牛顿第二定律有f=3ma，解得a=，故b错误，c、由上分析可知，当f=上时，a才相对于b滑动故c错误d、对b来说，其所受合力的最大值fm=2mg，即b的加速度不会超过，故d正确故选：d点评：本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出a、b不发生相对滑动时的最大拉力14（4分）从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体、的速度图象如图所示在0t0时间内，下列说法中正确的是（）a、两个物体的加速度都在不断减小b物体的加速度不断增大，物体的加速度不断减小c、两物体的位移都在不断增大d、两个物体的平均速度大小都是考点：匀变速直线运动的图像；平均速度 专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析解答：解：a、b、速度时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体做加速度不断减小的加速运动，物体做加速度不断减小的减速运动，故a正确，b错误；c、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，、的速度图象与时间轴围城的面积不断变大，故位移不断变大，故c正确；d、图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于故的平均速度大于，的平均速度小于，故d错误；故选ac点评：本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动规律，然后根据平均速度的定义和图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小分析处理15（4分）质量分别为m和m的物体a和b用一劲度系数为k的轻弹簧相连，按图示方式放置在水平地面上静止，现用恒力f=（m+m）g竖直向上拉物体a，直到b物体刚离开地面的过程中，下列关于a物体的叙述正确的有（）a位移为b速度先增大后减小c加速度由一直减小至0d弹簧的弹力先由mg减小至0后又增大至mg考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：a、b原来都处于静止状态，弹簧被压缩，弹力等于a的重力mg，根据胡克定律求出被压缩的长度x1当b刚要离开地面时，弹簧被拉伸，此时弹力等于b的重力mg，再胡克定律求出此时弹簧伸长的长度x2，a上升距离d=x1+x2根据牛顿第二定律判断a物体的加速度变化情况解答：解：a、开始时，a、b都处于静止状态，弹簧的压缩量设为x1，由胡克定律有kx1=mg物体b恰好离开地面时，弹簧对b的拉力为mg，设此时弹簧的伸长量为x2，由胡克定律有kx2=mg这一过程中，物体a上移的距离为：d=x1+x2式联立可解得：d=，故a正确；b、对a物体受力分析，a受重力mg，恒力f=（m+m）g，弹簧的弹力，合力一直向上，所以a物体的速度一直增大，故b错误；c、刚开始时，a物体加速度最大，为：a=，a物体的加速度由一直减小至零，故c正确；d、刚开始时，a、b都处于静止状态，弹簧是压缩的，弹簧对a的支持力为mg，a上升过程中，弹簧对a的支持力减小，当弹簧恢复原长时，弹簧弹力为零，a继续上升过程中，弹簧处于拉伸状态，弹簧弹力逐渐增大，物体b恰好离开地面时，弹簧对b的拉力为mg，所以弹簧弹力的大小先由mg减小至零后又增大至mg，故d正确；故选：acd点评：本题是含有弹簧的平衡问题，关键是分析两个状态弹簧的状态和弹力，再由几何关系研究a上升距离与弹簧形变量的关系三、实验题（每空2分，共14分）16（2分）如图所示，在“验证力的平行四边形定则”这一实验中，两弹簧秤现在的夹角为90，使b弹簧秤从图示位置开始沿箭头方向缓慢转动，在这过程中，保持o点的位置和a弹簧秤的拉伸方向不变，则在整个过程中，关于a、b两弹簧秤示数的变化情况是（）aa示数增大，b示数减小ba示数减小，b示数增大ca示数减小，b示数先增大后减小da示数减小，b示数先减小后增大考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：由题意可知，两弹簧的弹力的合力不变，a弹簧的方向不变，b弹簧的大小和方向不变，因此利用“图示法”可正确求解解答：解：对点o受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡皮条的拉力，如图，其中橡皮条的拉力大小不变，a弹簧拉力方向不变，b弹簧拉力方向和大小都改变由图可知a示数减小，b示数增大，故acd错误，b正确故选b点评：本题是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论17（2分）在互成角度的两个共点力的合成的实验中，两个弹簧秤的拉力f1和f2已于图中作出了它们的图示，o是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1n（1）用作图法作出合力f的图示；（2）合力f的大小是5n考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：根据平行四边形画出合力来，然后根据题目给的“每格的边长代表1n”来算出合力的大小解答：解：（1）根据平行四边形画出合力如图：（2）由图看以数出合力的长度是5个小格，所以合力大小为：f合=51=5n故答案为：（1）如图；（2）5n点评：考查力的合成时平行四边形的画法，画出后求合力时按照选定的标度求解即可18（10分）在“验证牛顿第二定律”的实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用m表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车拖动后面的纸带，小车的加速度可由纸带上打出的点计算出（1）当m与m的大小关系满足m远大于m时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力（2）某一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地检查出加速度a与质量m的关系，应该做a与的图象（3）如图（a）是甲同学根据测量数据做出的af图线，说明实验存在的问题是摩擦力平衡过度或倾角过大（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的af图线，如图（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？答：小车及车中砝码的质量m（5）已知打点计时器使用的交流电频率为50hz，每相邻两个计数点间还有4个点未画出，利用图3给出的数据可求出小车运动的加速度a=1.58m/s2（结果保留三位有效数字）考点：验证牛顿第二运动定律 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以m为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mm时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系（3）图中没有拉力时就产生了加速度，说明平衡摩擦力时木板倾角过大（4）根据牛顿第二定律得出斜率的物理意义，从而进行判断（5）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出小车的加速度解答：解：（1）根据牛顿第二定律可知：整体的加速度a=，则绳子的拉力t=ma=，当mm时，认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力（2）根据牛顿第二定律f=ma，a与m成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作am图象；但a=，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，所以做出a图象；（3）图中当拉力等于零时就已经产生加速度，说明摩擦力平衡过度或倾角过大；（4）由公式可知，a=，则图象中的斜率表示小车及车中砝码的质量的倒数，图中斜率不同，则说明两个同学做实验时小车及车中砝码的质量m不同；（5）每相邻两个计数点间还有4个点未画出，则t=0.1s根据x=at2，运用逐差法得，a=1.58 m/s2故答案为：（1）m远大于m；（2）；（3）摩擦力平衡过度或倾角过大；（4）小车及车中砝码的质量m（5）1.58 m/s2点评：本题关键掌握实验原理和方法，就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握四、计算题（本题共4小题，共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）19（12分）质量为m=4kg的物体静止在水平面上，它们之间的动摩擦系数=0.5，现在对物体施加以如图所示的拉力f，拉力大小为20n，与水平面夹角为=37（已知sin37=0.6，cos37=0.8），经t=10s后撤去力f，再经过一段时间，物体又静止，g取10m/s2求：（1）物体加速时的加速度？（2）物体运动过程中最大速度多少？（3）物体运动的总位移是多少？（g取10m/s2）考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）当撤去外力时，速度最大，根据牛顿第二定律求出加速度；（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出最大速度（3）根据运动学公式求出匀加速直线运动的位移，撤去外力后，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据匀变速直线运动的速度位移公式求出匀减速直线运动的位移，两个位移之和为物体运动的总位移解答：解：（1）前10s一直做匀加速直线运动由：fcos（mgfsin）=ma解得：a=0.5m/s2（2）最大速度vm=at=5m/s物体运动过程中最大速度为5m/s（3）前10s内的位移匀减速直线运动的加速度位移则总位移s总=s1+s=27.5m故物体运动的总位移是27.5m答：（1）物体加速时的加速度为0.5m/s2；（2）物体