山西省朔州市右玉一中高二物理上学期12月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年山西省朔州市右玉一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择（本题共8个小题，每小题3分，共24分）1关于电源的电动势，下列说法正确的是( )a电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压b同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化c电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量d在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大2如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm，bc=5cm，当将a与b接入电压为u的电路中时，电流为1a；若将c与d接入电压为u的电路中，则电流为( )a6ab2ac4ada3某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )a若选择甲图，测量值偏大b若选择乙图，测量值偏大c若被测电阻rx与电流表接近，应该选择乙图误差较小d若被测电阻rx与电压表接近，应该选择甲图误差较小4小灯泡通电后，其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为p点的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线，则下列说法不正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b对应p点，小灯泡的电阻为r=c对应p点，小灯泡的电阻为r=d对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围的面积5饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中s是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；r0是饮水机加热管的电阻，r是与加热管串联的电阻下表是从其说明书中摘录的一些技术数据（不考虑r0、r的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率），当开关s闭合时，饮水机处于何工作状态和r0的阻值为( )额定电压220v频率50hz加热功率550w保温功率22wa加热，220b加热，88c保温，88d保温，2206额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w的电灯两盏，若接在外电压是220v的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的( )abcd7如图所示，图线a是某一电源的ui曲线，图线b是一定值电阻的ui曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则下列说法错误的是( )a将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大b将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大c该定值电阻为6d该电源的电动势为20v8如图，两个定值电阻r1 r2串联后接在输出电压u稳定于12v的直流电源中有人把一个内阻不是远大于r1 r2的电压表接在r1两端，电压表的示数8v，如果他把此表改接在两端r2，则电压表的示数( )a小于4vb等于4vc大于或等于8vd大于4v小于8v二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分）9在如图所示的电路中，灯泡a、灯泡b原来都是正常发光的现在突然灯泡a比原来变亮了些，灯泡b不亮了则电路中出现的故障可能是( )a灯泡b短路b灯泡b断路c若灯泡b完好，r3短路d若灯泡b完好，r3、r2同时短路10如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压u与干路电流强度i的图象，由图象可知( )ae甲=e乙be甲e乙cr甲r乙dr甲r乙11如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，电阻r2、r3为定值电阻，r1为滑动变阻器，a、b为电容器的两个极板当滑动变阻器r1处于某位置时，a、b两板间的带电油滴静止不动则下列说法中正确的是( )a仅把r1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动b仅把r1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动c仅把两极板a、b间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变d仅把两极板a、b间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变12如图甲所示电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况以下说法正确的是( )a图线a表示的是电压表v3的示数随电流表示数变化的情况b图线c表示的是电压表v2的示数随电流表示数变化的情况c此过程中电压表v1示数的变化量u1和电流表示数变化量i的比值变大d此过程中电压表v3示数的变化量u3和电流表示数变化量i的比值不变三、填空题（每空2分，共10分）13某实验小组描绘规格为“2.5v 0.6w”的小灯泡的iu特性曲线在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，如图所示为一简单欧姆表原理示意图，图中与接线柱a相连的表笔颜色应是_色（选填：红，黑）；则应将选择开关旋至_ 档进行测量（选填100，10，1）；则读数为_14有一电流表g，内阻rg=30欧，满偏电流ig=1ma，要把它改装成一个量程为3v的电压表，需要串联一个_的电阻，要把它改装成一个量程为0.6a的电流表，需要并联一个_的电阻，（结果都保留3位有效数字）四、实验题（每空2分，共20分）15某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12v的蓄电池为电源，导线及其接触完好维修人员使用已调好的多用表直流50v档检测故障，他将黑表笔接在c点，用红表笔分别探测电路的a、b点（1）断开开关，红表笔接在a点时多用表指示如图2所示，读数为_v，说明_正常（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）（2）红表笔接在b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是_（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）16（14分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻r1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择10倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序：_（填步骤前的字母）a旋转选择开关至欧姆挡“1”b旋转选择开关至欧姆挡“100”c旋转选择开关至“off”，并拔出两表笔d将两表笔分别连接到rx的两端，读出阻值后，断开两表笔e将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔按正确步骤测量时，指针指在图1示位置，rx的测量值为_（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量：电压表v（量程05v，内电阻约10k）电流表a1（量程0500ma，内电阻约20）电流表a2（量程0300ma，内电阻约4）滑动变阻器r1（最大阻值为10，额定电流为2a）滑动变阻器r2（最大阻值为250，额定电流为0.1a）直流电源e（电动势为4.5v，内电阻约为0.5）电键及导线若干为了较精确画出iu图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用_，滑动变阻器选用_（选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值_（选填“偏大”“偏小”“相等”），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路五、计算题（本题包括3个小题，共30分）解答需写出必要的文字说明和重要的演算步骤17如图所示的电路中，r1=9，r2=30，s闭合时，电压表v的示数为11.4v，电流表a的示数为0.2a，s断开时，电流表a的示数为0.3a，求：（1）电阻r3的值；（2）电源电动势e和内电阻r的值18在研究微型电动机的性能时，应用如图的实验电路，当调节变阻器r使电动机停止转动时，电流表和电压表测得的数据是0.5a，2.0v，重新调节r使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的读数分别是2.0a，30.0v，则这台电动机运转时的输出功率是多少？电动机的效率是多少？19（14分）如图所示，电源电动势e=3v，内阻r=3，定值电阻r1=1，滑动变阻器r2的最大阻值为10，求：（1）当滑动变阻器的阻值r2为多大时，电阻r1消耗的功率最大？电阻r1消耗的最大功率是多少？（2）当变阻器的阻值r2为多大时变阻器消耗功率的最大？变阻器消耗的最大功率是多少？（3）当变阻器的阻值为多大时，电源输出功率最大？电源输出的最大功率是多少？电源的效率为多大？2015-2016学年山西省朔州市右玉一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择（本题共8个小题，每小题3分，共24分）1关于电源的电动势，下列说法正确的是( )a电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压b同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化c电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量d在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大【考点】电源的电动势和内阻【专题】恒定电流专题【分析】电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关电源的电动势在数值上等于内、外电压之和【解答】解：a、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势故a错误b、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关故bd错误c、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大故c正确 故选：c【点评】本题考查对于电源的电动势的理解能力电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关2如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=10cm，bc=5cm，当将a与b接入电压为u的电路中时，电流为1a；若将c与d接入电压为u的电路中，则电流为( )a6ab2ac4ada【考点】电阻定律【专题】恒定电流专题【分析】根据电阻定律公式r=确定两次电阻值之比，然后根据欧姆定律确定电流之比【解答】解：根据电阻定律公式r=，有rab= rcd= 故=根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比故两次电流之比为1：4，故第二次电流为4a；故选：c【点评】本题主要考察电阻定律和欧姆定律的灵活运用，注意电压一定时，电流与电阻成反比，基础题目3某同学用伏安法测电阻，分别采用了甲、乙两种电路测量，关于误差分析正确的是( )a若选择甲图，测量值偏大b若选择乙图，测量值偏大c若被测电阻rx与电流表接近，应该选择乙图误差较小d若被测电阻rx与电压表接近，应该选择甲图误差较小【考点】伏安法测电阻【专题】恒定电流专题【分析】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻rx和电压表内阻的并联电阻值；用的电流表内阻越小，电压表内阻越大，测量的误差越小【解答】解：a、甲图所示电路是电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，故a错误；b、乙图所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值r测=rx+rarx，b正确；c、电流表内阻很小，被测电阻rx与电流表接近，则所测电阻较小，因此应该选择甲图误差较小，故c错误；d、电压表内阻越大，被测电阻rx与电压表接近，应该选择乙图误差较小故d错误故选：b【点评】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也可以记住分析的方法属于中档题4小灯泡通电后，其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为p点的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线，则下列说法不正确的是( )a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b对应p点，小灯泡的电阻为r=c对应p点，小灯泡的电阻为r=d对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围的面积【考点】路端电压与负载的关系；欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】该小灯泡是非线性元件，其电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，根据斜率的变化分析电阻的变化；找到p点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可对应图线的“面积”【解答】解：a、由电阻r=可知，灯泡的电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，电压增大，斜率减小，则电阻增大，故a正确；b、c、由图象可知，p点对应的电压为u1，电流为i2，则灯泡的电阻r=，故b正确，c错误；d、因为p=ui，所以图象中矩形pqom所围的面积为对应p点小灯泡的实际功率，故d正确本题选错误的，故选：c【点评】对于线性元件，其电阻r=，非线性元件，r=；对于ui图与iu图要区分清楚，电阻等于斜率，还是等于斜率的倒数不能搞错5饮水机是一种常见的家用电器，其工作电路可简化为如图所示的电路，其中s是一温度控制开关，当水温升高到一定温度时，它会自动切换，使饮水机处于保温状态；r0是饮水机加热管的电阻，r是与加热管串联的电阻下表是从其说明书中摘录的一些技术数据（不考虑r0、r的电阻受温度变化的影响，表中的功率均指加热管的功率），当开关s闭合时，饮水机处于何工作状态和r0的阻值为( )额定电压220v频率50hz加热功率550w保温功率22wa加热，220b加热，88c保温，88d保温，220【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】由电功率公式p=知，当电源电压不变时电阻越小功率越大根据总电阻的大小确定饮水机处于加热状态还是保温状态根据r=求出加热电阻的阻值【解答】解：根据电功率公式p=知，当电源电压不变时电阻越小功率越大电源电压不变，当s断开时，r与r0串联；当s闭合时，只有r0接入在电源上，电路中的电阻变小，总功率变大，因而开关s闭合时是加热状态则故b正确，a、c、d错误故选b【点评】本题考查了电功率的计算公式和串联电阻的特点要注意电功率计算公式的选择6额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w的电灯两盏，若接在外电压是220v的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的( )abcd【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路【解答】解：a、由于ab两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把ab串连接入电路的话，ab的电压不会平分，ab不会同时正常发光，所以a错误；b、由于额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w，由此可知rbra，把灯泡a与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以ab的电压不会平分，ab不会同时正常发光，所以b错误；c、由于额定电压都是110v，额定功率pa=100w、pb=40w，由此可知rbra，把灯泡b与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使a与并联部分的电阻相同，所以ab能同时正常发光，并且电路消耗的功率与a灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200w；d、把ab并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与ab并联的总的电阻相等时，ab就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为ab灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280w；由cd的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为c，所以c正确故选c【点评】解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小7如图所示，图线a是某一电源的ui曲线，图线b是一定值电阻的ui曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则下列说法错误的是( )a将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大b将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大c该定值电阻为6d该电源的电动势为20v【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【专题】比较思想；图析法；恒定电流专题【分析】根据图线b的斜率求出定值电阻的阻值；读出两图线交点处电压和电流，根据闭合电路欧姆定律求出电源的电动势；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大【解答】解：c、图线b的斜率k=6，则定值电阻的阻值r=k=6；故c正确；d、由图读出交点的电压u=15v，电流i=2.5a，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势：e=u+ir=15v+2.52v=20v；故d正确；ab、当内外电路的电阻相等时电源的输出功率最大，故将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大，故a错误，b正确；本题选错误的，故选：a【点评】本题要理解伏安特性曲线的物理意义，知道定值电阻的伏安特性曲线斜率等于电阻，电源的伏安特性曲线的斜率绝对值表示内电阻、纵轴截距表示电源的电动势8如图，两个定值电阻r1 r2串联后接在输出电压u稳定于12v的直流电源中有人把一个内阻不是远大于r1 r2的电压表接在r1两端，电压表的示数8v，如果他把此表改接在两端r2，则电压表的示数( )a小于4vb等于4vc大于或等于8vd大于4v小于8v【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】电压表的内阻不是远大于r1 r2，电压表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数【解答】解：电压表接在r1两端，电压表的示数8v，则此时r2两端的电压为4v把此表改接在r2两端时，由于电压表的内阻不是远大于r1 r2，电压表与r2并联的阻值小于r2，而r1与并联部分串联，总电压u=12v，则r1的电压大于8v，电压表与r2并联的电路的电压小于4v故选a【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分）9在如图所示的电路中，灯泡a、灯泡b原来都是正常发光的现在突然灯泡a比原来变亮了些，灯泡b不亮了则电路中出现的故障可能是( )a灯泡b短路b灯泡b断路c若灯泡b完好，r3短路d若灯泡b完好，r3、r2同时短路【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】首先明确电路中各用电器的连接关系：r3与灯泡b关联，与r2、a串联，再与r1并联灯泡a变亮了，说明实际功率增大了，灯泡b不亮，说明b灯被短路或断路将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项【解答】解：a、灯泡b短路时，b灯不亮r3短路，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过a灯的电流，灯泡a比原来亮些，符合题意，故a正确b、b灯断路，外电阻增大，路端电压u增大，干路电流i减小，r1电流的i1增大，则通过a的电流ia=ii1减小，a灯变暗b灯电压ub=uia（ra+r1）增大，b灯变亮，不符合题意故b错误c、若灯泡b完好，r3短路，灯泡b也短路时，b灯不亮外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过a灯的电流，灯泡a比原来亮些，符合题意，故c正确d、若灯泡b完好，r3、r2同时短路，b灯不亮，外电阻减小，干路电流增大，路端电压减小，则通过变阻器的电流减小，则通过a灯的电流，灯泡a比原来亮些，符合题意，故d正确故选：acd【点评】此题是电路故障分析问题解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项10如图所示，实验得到甲、乙两闭合电路的路端电压u与干路电流强度i的图象，由图象可知( )ae甲=e乙be甲e乙cr甲r乙dr甲r乙【考点】路端电压与负载的关系【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】由电源的路端电压与干路电流的关系图象可知，图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：u=eir，当i=0时，u=e，所以图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻根据数学知识可知：e甲=e乙，r甲r乙故ad正确，bc错误；故选：ad【点评】对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义11如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，电阻r2、r3为定值电阻，r1为滑动变阻器，a、b为电容器的两个极板当滑动变阻器r1处于某位置时，a、b两板间的带电油滴静止不动则下列说法中正确的是( )a仅把r1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向下运动b仅把r1的触头向右滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动c仅把两极板a、b间距离增大，油滴向下运动，电流表读数不变d仅把两极板a、b间相对面积减小，油滴向下运动，电流表读数不变【考点】闭合电路的欧姆定律；电容；电容器的动态分析【专题】恒定电流专题【分析】电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于路端电压把r1的触头向右滑动时，r1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，分析路端电压的变化，判断油滴的运动情况仅把两极板a、b间距离增大或把两极板a、b间相对面积减小，电容器的电压不变，由e=分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，判断油滴的运动情况【解答】解：a、b仅把r1的触头向右滑动时，r1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，则电流表读数减小由e=分析可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动故a错误，b正确 c、仅把两极板a、b间距离d增大，电容器的电压不变，由e=分析可知，板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴向下运动而电路其他部分不变，电流表读数不变故c正确 d、仅把两极板a、b间相对面积减小，板间场强不变，油滴所受电场力不变，则油滴仍保持静止电流表读数不变故d错误故选bc【点评】本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化12如图甲所示电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化图乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况以下说法正确的是( )a图线a表示的是电压表v3的示数随电流表示数变化的情况b图线c表示的是电压表v2的示数随电流表示数变化的情况c此过程中电压表v1示数的变化量u1和电流表示数变化量i的比值变大d此过程中电压表v3示数的变化量u3和电流表示数变化量i的比值不变【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，可知路端电压增大，即知电压表v1示数增大，电压表v2的示数减小，电压表v3的示数增大，即可知图线与电压示数的对应关系由闭合电路欧姆定律得知，电压表v1示数的变化量u1和电流表示数变化量i的比值等于r，电压表v3示数的变化量u3和电流表示数变化量i的比值等于r1+r【解答】解：a、b当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，总电流减小，可知路端电压增大，即知电压表v1示数增大，电压表v2的示数减小，电压表v3的示数增大，则知，图线a表示的是电压表v3的示数随电流表示数变化的情况，图线c表示的是电压表v2的示数随电流表示数变化的情况故ab正确c、由闭合电路欧姆定律得u1=eir，则|=r，保持不变故c错误d、由闭合电路欧姆定律得u3=ei（r+r1），则|=r1+r故d正确故选abd【点评】本题实质是电路中动态变化分析问题和闭合电路欧姆定律问题的综合，从局部电阻的变化，分析各部分电压的变化三、填空题（每空2分，共10分）13某实验小组描绘规格为“2.5v 0.6w”的小灯泡的iu特性曲线在小灯泡接入电路前，使用多用电表直接测量小灯泡的电阻，如图所示为一简单欧姆表原理示意图，图中与接线柱a相连的表笔颜色应是红色（选填：红，黑）；则应将选择开关旋至1 档进行测量（选填100，10，1）；则读数为10【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题【分析】欧姆表内置电源的负极与正插孔相连，根据图示电路图分析答题；已知灯泡额定电压与额定功率，求出小电珠正常发光时的电阻，根据该电阻选择欧姆表挡位【解答】解：欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与a相连的表笔颜色是红色；小电珠正常发光时电阻为：r=10，使用多用电表测电阻时，选择开关旋至欧姆1挡进行测量；读数为：101=10；故答案为：红，1，10【点评】知道欧姆表的结构，分析清楚电路结构即可正确解题；欧姆表要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近14有一电流表g，内阻rg=30欧，满偏电流ig=1ma，要把它改装成一个量程为3v的电压表，需要串联一个2970的电阻，要把它改装成一个量程为0.6a的电流表，需要并联一个0.0501的电阻，（结果都保留3位有效数字）【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题【分析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值【解答】解：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：r=rg=30=2970，把电流表改装成0.6a电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值：r=0.0501；故答案为：2970；0.0501【点评】本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题四、实验题（每空2分，共20分）15某照明电路出现故障，其电路如图1所示，该电路用标称值12v的蓄电池为电源，导线及其接触完好维修人员使用已调好的多用表直流50v档检测故障，他将黑表笔接在c点，用红表笔分别探测电路的a、b点（1）断开开关，红表笔接在a点时多用表指示如图2所示，读数为11.5v，说明蓄电池正常（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）（2）红表笔接在b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图2相同，可判定发生故障的器件是小灯（选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯）【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题【分析】（1）先找准刻度，得到最小分度，再读数；电压表测量是路端电压；（2）闭合开关后，多用表指示读数等于路端电压，说明小灯泡断路【解答】解：（1）量程为50v，故最小刻度为1v，故读数为11.5v；电压表测量是路端电压，接进电源的电动势，说明蓄电池正常；（2）闭合开关后，多用表指示读数等于路端电压，说明小灯泡断路；故答案为：（1）11.5v，蓄电池；（2）小灯【点评】本题关键是明确用多用电表电压挡检测电路故障的方法，结合闭合电路欧姆定律来判断各个部分的电路情况，基础题目16（14分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，需要测出金属丝的电阻r1，甲、乙两同学分别采用了不同的方法进行测量：（1）甲同学直接用多用电表测其电阻，该同学选择10倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针转过角度太大为了准确地进行测量，请你从以下给出的操作步骤中，选择必要的步骤，并排出合理顺序：aedc（填步骤前的字母）a旋转选择开关至欧姆挡“1”b旋转选择开关至欧姆挡“100”c旋转选择开关至“off”，并拔出两表笔d将两表笔分别连接到rx的两端，读出阻值后，断开两表笔e将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔按正确步骤测量时，指针指在图1示位置，rx的测量值为22（2）乙同学则利用实验室里下列器材进行了测量：电压表v（量程05v，内电阻约10k）电流表a1（量程0500ma，内电阻约20）电流表a2（量程0300ma，内电阻约4）滑动变阻器r1（最大阻值为10，额定电流为2a）滑动变阻器r2（最大阻值为250，额定电流为0.1a）直流电源e（电动势为4.5v，内电阻约为0.5）电键及导线若干为了较精确画出iu图线，需要多测出几组电流、电压值，故电流表应选用a2，滑动变阻器选用r1（选填器材代号），乙同学测量电阻的值比真实值偏小（选填“偏大”“偏小”“相等”），利用选择的器材，请你在图2方框内画出理想的实验电路图，并将图3中器材连成符合要求的电路【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题【分析】（1）欧姆表的零刻度在右边，偏角小说明电阻大，换挡后要重新调零，欧姆表的读数为示数乘以倍率（2）器材选取的原则是安全、精确根据通过电阻电流的大约值确定电流表的量程，从测量误差角度确定滑动变阻器通过测量电阻的大小确定电流表的内外接根据电路图连接实物图【解答】解：（1）发现指针转过角度太大，知电阻较小，则换用“l”，换挡后需重新调零然后去测电阻，最后将旋钮旋至“off”挡或交流电压的最高挡故合理顺序为：aedcrx的测量值为221=22（2）通过电阻电流的最大值大约i=，所以选择量程为300ma的电流表测量比较准确总阻值为250的滑动变阻器阻值相对较大，测量时误差大，所以选择总阻值为10的滑动变阻器由于待测电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法因采用外接法，则由于电压表的分流而使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知，所测电阻偏小；若采用限流法，电路中的电流较大，容易超过电流表的量程，所以滑动变阻器采用分压式接法，电路图如图所示根据电路图连接实物图，如图所示故答案为：（1）aedc，22 （2）a2 ，r1；偏小；如图所示；【点评】解决本题的关键掌握器材选取的原则，知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及知道电流表内外接的区别五、计算题（本题包括3个小题，共30分）解答需写出必要的文字说明和重要的演算步骤17如图所示的电路中，r1=9，r2=30，s闭合时，电压表v的示数为11.4v，电流表a的示数为0.2a，s断开时，电流表a的示数为0.3a，求：（1）电阻r3的值；（2）电源电动势e和内电阻r的值【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】（1）本电路的结构为：r2和r3并联再与r1串联，最后接到电源上，根据欧姆定律及串并联电路电压、电流的关系即可求解；（2）根据闭合电路欧姆定律列式，联立方程即可求解【解答】解：（1）根据欧姆定律得：电阻r2两端的电压u2=i2r2=0