广东省广州市南安中学高二物理上学期段考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年广东省广州市南安中学高二（上）段考物理试卷一、选择题，共12小题，每小题4分，共48分（1-8题为单项选择，9-12题为多项选择，选不全的得2分，只要有一个选项错的不得分）1关于电流，下列说法中正确的是（）a通过导线截面的电量越多，电流越大b电子运动的速率越大，电流越大c单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大d因为电流有方向，所以电流是矢量2对常温下一根阻值为r的金属电阻丝，下列说法正确的是（）a常温下，若将电阻丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10rb常温下，若将电阻丝从中点对折，电阻变为c加在电阻丝上的电压从零逐渐增加到u，则在任一状态下不变d金属丝的电阻率与金属的形状和温度有关3如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）a1、2两点的场强大小相等b2、3两点的场强相同c1、2两点的电势相等d2、3两点的电势相等4某种材料的导体，其iu图象如图所示，图象上a点与原点的连线与横轴成角，a点的切线与横轴成角下列说法正确的是（）a导体的电功率随电压u的增大而增大b导体的电阻随电压u的增大而增大c在a点，导体的电阻为d在a点，导体的电阻为5下列说法不正确是（）a一个电阻和一根无电阻的理想导线并联总电阻为零b并联电路任一支路电阻都大于电路的总电阻c并联电路任一支路电阻增大（其它支路不变） 总电阻也增大d并联电路任一支路电阻增大（其它支路不变） 总电阻一定减少6关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）a电场强度的方向处处与等电势面垂直b电场强度为零的地方，电势也为零c随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低d任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向7地球表面附近某区域存在大小为150n/c、方向竖直向下的电场一质量为1.00104 kg、带电荷量为1.00107 c的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0m对此过程，该小球的电势能和动能的改变量分别为（重力加速度大小取9.80m/s2，忽略空气阻力）（）a1.50104 j和9.95103 jb1.50104 j和9.95103 jc1.50104 j和9.65103 jd1.50104 j和9.65103 j8如图示的电路中，若ab为输入端，ab为输出端，并把滑动变阻器的滑片置于变阻器的中央，则（）a空载时（ab端不接负载电阻r）输出电压uab=b当ab间接上负载电阻r时，输出电压uabc当ab间所接负载电阻r越小，uab越接近d在ab间分别接电阻为5k和10k的电压表，两表示数相同9下列说法正确的是（）a根据i=可知，流过导体的电流与加在它两端的电压成正比，与其电阻的大小成反比b根据r=可知，导体电阻的大小与加在它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比c欧姆定律适用于金属导体、电解质溶液导电、电离后气体导电和晶体二极管导电d欧姆定律只适用于纯电阻电路10太阳能电池已经越来越多地应用于我们的生活中，有些太阳帽前安装的小风扇就是靠太阳能电池供电的可以测得某太阳能电池的电动势为0.6v，这表示（）a电路中每通过1c电荷量，太阳能电池把0.6j的太阳能转变成电能b无论接不接入外电路，太阳能电池两极间的电压都为0.6vc太阳能电池在1s内将0.6j的太阳能转变成电能d太阳能电池将太阳能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）将化学能转化为电能的本领小11一横截面积为s的铜导线，流经其中的电流为i，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为（）anvstbnvtcd12图中a、b 是两个点电荷，它们的电量分别是q1、q2，mn是ab连线的中垂线，p是中垂线上的一点下列哪种情况能使p点场强方向指向mn的左侧？（）aq1，q2都是正电荷，且q1q2bq1，q2都是负电荷，且|q1|q2|cq1是负电荷，q2是正电荷，且|q1|q2dq1、q2都是负电荷，且|q1|q2|二实验题（共14分）13图一中螺旋测微器读数为mm图二中游标卡尺（游标尺上有50个等分刻度）读数为cm14要描绘一个标有“3v 0.6w”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3v，并便于操作已选用的器材 有：电池组（电动势为4.5v，内阻约1）：电流表（量程为0250ma，内阻约5）；电压表（量程为03v，内限约3k）：电键一个、导线若干（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（填字母代号）a滑动变阻器（最大阻值20，额定电流1a）b滑动变阻器（最大阻值1750，额定电流0.3a）（2）实验的电路图应选用下列的图（填字母代号）15小明对2b铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2b铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到ui图上，如图2在图中，由电流表外接法得到的数据点是用（填“”或“”）表示的（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为三计算题（共38分）16一台电动机，线圈内阻为0.4，当它两端所加电压为220v时，通过的电流为5a求（1）这台电动机消耗的电功率是多少？（2）这台电动机内阻消耗的热功率是多少？（3）这台电动机每分钟所做的机械功有多少？17（10分）（2015秋南安市校级月考）有一个电流表g，内阻rg=30，满偏电流为lg=1ma（1）要把它改装成量程为06v的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻为多大？（2）若将此g表改装成量程为01.0a的电流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻为多大？18（10分）（2014秋临夏市校级期中）如图所示，两个板长均为l的平板电极，平行正对放置，两极板相距为d，极板之间的电势差为u，板间电场可以认为是匀强电场一个带电粒子（质量为m，电荷量为+q）从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板边缘忽略重力和空气阻力的影响求：（1）该粒子的初速度v0的大小（2）该粒子落到下极板时的末动能ek的大小（3）若使粒子打在下极板的中间位置，粒子射入两极板的初速度应为多少19如图所示，在绝缘水平面上，相距为l的a、b两点处分别固定着两个等量正电荷a、b是ab连线上两点，其中aa=bb=，o为ab连线的中点一质量为m带电量为+q的小滑块（可视为质点）以初动能e0从a点出发，沿ab直线向b运动，其中小滑块第一次经过o点时的动能为初动能的n倍（n1），到达b点时动能恰好为零，小滑块最终停在o点，求：（1）小滑块与水平面间的动摩擦因数（2）ob两点间的电势差uob（3）小滑块运动的总路程s2015-2016学年广东省广州市南安中学高二（上）段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题，共12小题，每小题4分，共48分（1-8题为单项选择，9-12题为多项选择，选不全的得2分，只要有一个选项错的不得分）1关于电流，下列说法中正确的是（）a通过导线截面的电量越多，电流越大b电子运动的速率越大，电流越大c单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大d因为电流有方向，所以电流是矢量【考点】电流、电压概念 【专题】恒定电流专题【分析】电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式i=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则【解答】解：a、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故a错误b、由电流的微观表达式i=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故b错误c、根据i=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（i）越大故c正确d、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量故d错误故选c【点评】掌握了基本知识就能顺利解决此类题目，故要重视基本知识的积累2对常温下一根阻值为r的金属电阻丝，下列说法正确的是（）a常温下，若将电阻丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10rb常温下，若将电阻丝从中点对折，电阻变为c加在电阻丝上的电压从零逐渐增加到u，则在任一状态下不变d金属丝的电阻率与金属的形状和温度有关【考点】电阻定律 【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】电阻是导体本身的性质，其大小与导体的材料、导线的长度温度及导线的横截面积决定；金属丝的电阻率与金属的性质和温度有关【解答】解：a、设原电阻r=，当l=10 l时，由体积不变原理求得截面积变成s=s，所以电阻变为r=100r，故a错误；b、从中点对折起来，相当于两个阻值为r的电阻并联，其总阻值为r，故b正确；c、金属丝的电阻率随温度升高而增大，当金属丝两端的电压逐渐增大时，由于电流的热效应会使电阻率随温度升高而增大，则电阻将增大，则电压与电流的比值将增大；故c错误；d、金属导体的电阻率随温度的降低而减小；与金属的形状无关；故d错误故选：b【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式，知道电阻与导线长度、横截面积以及电阻率的关系；基础题目3如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面下列判断正确的是（）a1、2两点的场强大小相等b2、3两点的场强相同c1、2两点的电势相等d2、3两点的电势相等【考点】电势；等势面 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大顺着电场线，电势降低利用这些知识进行判断【解答】解：a、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大故a错误；b、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，2与3比较，它们的电场强度的大小相同，方向不同故b错误；c，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势故c错误；d、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等故d正确故选：d【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题，注意电场强度是矢量，是否相等，要关注方向性4某种材料的导体，其iu图象如图所示，图象上a点与原点的连线与横轴成角，a点的切线与横轴成角下列说法正确的是（）a导体的电功率随电压u的增大而增大b导体的电阻随电压u的增大而增大c在a点，导体的电阻为d在a点，导体的电阻为【考点】欧姆定律 【专题】恒定电流专题【分析】根据图线对应的横纵坐标确定的矩形面积的变化判断电功率的变化根据由判断电功率与电压u的关系图线切线斜率不等于倾角的正切值【解答】解：a、由图象知，u增大，电流i增大，该导体的电功率在数值上等于横、纵坐标确定的矩形面积，则电功率增大故a正确b、由欧姆定律知，导体的电阻r=，随着u增大，i增大得越来越快，故导体的电阻r随u的增大而减小，故b错误；c、在物理图象上，图象的倾角决定于标度的选取，不能用倾角的正切求斜率且弯曲的伏安特性曲线本身误差较大，故不能用正切值来表示电阻；只能用坐标的比值和欧姆定律求解；故c正确，d错误故选：ac【点评】解决本题的关键知道电功率在数值上等于横、纵坐标确定的矩形面积以及知道导体的电阻等于对应的纵坐标与横坐标的比值5下列说法不正确是（）a一个电阻和一根无电阻的理想导线并联总电阻为零b并联电路任一支路电阻都大于电路的总电阻c并联电路任一支路电阻增大（其它支路不变） 总电阻也增大d并联电路任一支路电阻增大（其它支路不变） 总电阻一定减少【考点】串联电路和并联电路 【专题】恒定电流专题【分析】并联电路中总电阻的倒数等于各部分电阻倒数的和；根据公式分析即可【解答】解：a、一个电阻和一根无电阻的理想导线并联时，相当于短路，总电阻为零；故a正确；b、并联电路中任一支路的电阻均大于总电阻；故b正确；c、不论串并联电路，只要有一个电阻增大，则总电阻一定增大；反之，有一个减小，则总电阻减小；故c正确，d不正确；本题选不正确的，故选：d【点评】本题考查并联电路的电阻规律，要注意明确并联电路中总电阻的倒数等于各支路电阻倒数的和；故总电阻一定小于任意支路电阻6关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）a电场强度的方向处处与等电势面垂直b电场强度为零的地方，电势也为零c随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低d任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向【考点】电势；电场强度 【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答【解答】解：a、电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂直，故a正确；b、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故b错误；c、根据沿着电场线的方向，电势逐渐降低，与电场强度的大小无关，故c错误；d、顺着电场线方向电势降低，故d正确故选：ad【点评】明确电场强度与电势无直接关系，知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，属于基础题7地球表面附近某区域存在大小为150n/c、方向竖直向下的电场一质量为1.00104 kg、带电荷量为1.00107 c的小球从静止释放，在电场区域内下落10.0m对此过程，该小球的电势能和动能的改变量分别为（重力加速度大小取9.80m/s2，忽略空气阻力）（）a1.50104 j和9.95103 jb1.50104 j和9.95103 jc1.50104 j和9.65103 jd1.50104 j和9.65103 j【考点】电势能；动能定理的应用 【分析】小球的电势能的改变量看电场力做功，动能的改变量取决于合外力做功，根据功的计算公式分别求出电场力做功和合外力做功，即可解答【解答】解：小球带负电，电场力对小球做负功，为：w电=qes=1.0010715010j=1.50104j，则小球的电势能增加量1.50104j，即电势能的改变量为1.50104j合外力对小球做功为：w合=（mgqe）s=（1.00l049.81.00107150）10j=9.65103j根据动能定理得知：动能的改变量为9.65103j故选：d【点评】解决本题的关键是掌握常见的功能关系，知道电场力做功决定了电势能的变化，合外力做功决定了动能的变化8如图示的电路中，若ab为输入端，ab为输出端，并把滑动变阻器的滑片置于变阻器的中央，则（）a空载时（ab端不接负载电阻r）输出电压uab=b当ab间接上负载电阻r时，输出电压uabc当ab间所接负载电阻r越小，uab越接近d在ab间分别接电阻为5k和10k的电压表，两表示数相同【考点】串联电路和并联电路 【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】空载时变阻器上下两部分电阻串联，根据串联电路电压与电阻成正比得出输出电压uab当ab间接上负载r时，负载r与变阻器下部分电阻并联，电阻减小，分担的电压减小，ab间的负载r越大，下部分并联的电阻越大，分担的电压越大，越接近【解答】解：a、空载时，变阻器上下两部分电阻串联，根据串联电路电压与电阻成正比得出输出电压uab=，故a正确 b、当ab间接上负载r时，负载r与变阻器下部分电阻并联，电阻减小，ab间的电压减小，输出电压uab故b错误 c、ab间的负载r越小，下部分并联的电阻越小，分担的电压越小，与差值越大故c错误 d、在ab间分别接电阻为5k和10k的电压表，并联部分的电阻不等，则电压表示数不等，故d错误故选：a【点评】本题变阻器作为分压器使用，考查对分压器原理的理解能力，关键利用串并联的特点进行分析9下列说法正确的是（）a根据i=可知，流过导体的电流与加在它两端的电压成正比，与其电阻的大小成反比b根据r=可知，导体电阻的大小与加在它两端的电压成正比，与通过它的电流成反比c欧姆定律适用于金属导体、电解质溶液导电、电离后气体导电和晶体二极管导电d欧姆定律只适用于纯电阻电路【考点】闭合电路的欧姆定律 【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）欧姆定律的内容：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比（2）欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，而电离后气体导电及晶体二级管，晶体三极管导电等不适用【解答】解：a、根据欧姆定律的内容可知：对于某一段导体来说电阻的阻值不变，即电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比，当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比故a正确；b、电阻是导体本身的性质，其大小与电压和电流无关，故b错误；c、欧姆定律只适用于纯电阻电路，即电能只转化为热能的电路，比如金属导体导电，电解液导电等，而对于非纯电阻电路不适用，如电动机，电子管、晶体管等，故c错误，d正确故选：ad【点评】知道影响电阻大小的因素，并且知道导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，但可以根据欧姆定律计算出电阻的大小，及其适用范围10太阳能电池已经越来越多地应用于我们的生活中，有些太阳帽前安装的小风扇就是靠太阳能电池供电的可以测得某太阳能电池的电动势为0.6v，这表示（）a电路中每通过1c电荷量，太阳能电池把0.6j的太阳能转变成电能b无论接不接入外电路，太阳能电池两极间的电压都为0.6vc太阳能电池在1s内将0.6j的太阳能转变成电能d太阳能电池将太阳能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5v）将化学能转化为电能的本领小【考点】电源的电动势和内阻 【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】由电动势的定义式e=，求解电能电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压；电动势表征电源把其他形式的能力转化为电能本领的大小【解答】解：a、根据电动势的定义式e=，得：w=qe=10.6j=0.6j，即非静电力对电荷做功为0.6j，则电路中每通过1c电荷量，太阳能电池把0.6 j的太阳能转变为电能故a正确b、不接入外电路时，太阳能电池两极间的电压等于电动势，为0.6v；接入外电路时，太阳能电池有内电压，则两极间的电压小于电动势，即小于0.6v；故b错误c、由电功公式w=uit=eit知，由于电流i未知，不能求出太阳能电池在1s内将太阳能转化为电能的数量，故c错误d、太阳能电池将太阳能转化为电能的本领一节干电池（电动势为1.5 v）将化学能转化为电能的本领小，故d正确故选：ad【点评】解决本题的关键是掌握电动势的定义式，电动势的物理意义，要明确电动势与电源两极间电压的关系11一横截面积为s的铜导线，流经其中的电流为i，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子的电荷量为q此时电子的定向移动速度为v，在t时间内，通过铜导线横截面的自由电子数目可表示为（）anvstbnvtcd【考点】电流、电压概念 【专题】恒定电流专题【分析】根据电流的两个表达式来分析，首先从导体导电的微观角度来说，在t时间内能通过某一横截面的自由电子必须处于长度为vt的圆柱体内，由于自由电子可以认为是均匀分布，故此圆柱体内的电子数目为nvst而从电流的定义来说，i=，故在t时间内通过某一横截面的电荷量为it，通过横截面的自由电子数目为【解答】解：a、从微观角度来说，在t时间内能通过某一横截面的自由电子必须处于长度为vt的圆柱体内，此圆柱体内的电子数目为nvst，故a正确；b、vt是电子通过的距离，nvt没意义，缺少面积s，故b错误；c、从电流的定义式来说，i=，故在t时间内通过某一横截面的电荷量为it，通过横截面的自由电子数目为，故c正确；d、是通过铜导线单位横截面的自由电子数，故d错误；故答案为：ac【点评】本题考查了电流的两个表达式，要特别注意微观表达式i=nvst中各物理量的意义12图中a、b 是两个点电荷，它们的电量分别是q1、q2，mn是ab连线的中垂线，p是中垂线上的一点下列哪种情况能使p点场强方向指向mn的左侧？（）aq1，q2都是正电荷，且q1q2bq1，q2都是负电荷，且|q1|q2|cq1是负电荷，q2是正电荷，且|q1|q2dq1、q2都是负电荷，且|q1|q2|【考点】电场的叠加；电场强度 【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题【分析】利用在该点正电荷所受电场力方向为电场强度方向来确定各自电场强度方向然后两点电荷在同一点的场强是由各自电场强度矢量叠加而成的【解答】解：a、当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在p点的电场强度方向沿mn背离n方向当q1q2时，则b点电荷在p点的电场强度比a点强，所以电场强度合成后，方向偏左当q1q2时，则b点电荷在p点的电场强度比a点弱，所以电场强度合成后，方向偏右 故a正确；bd、当q1、q2是负电荷时，b点电荷在p点的电场强度方向沿bp连线指向b点，而a点电荷在p点的电场强度方向沿ap连线指向a点，由于|q1|q2|，则合电场强度方向偏左故b错误，d正确；c、当q1是负电荷，q2是正电荷时，b点电荷在p点的电场强度方向沿bp连线指向b点，而a点电荷在p点的电场强度方向沿ap连线背离a点，则合电场强度方向偏左不论它们的电量大小关系，仍偏左故c错误；故选：ad【点评】正点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且背离正电荷，而负点电荷在某点的电场强度方向是这两点的连线且指向负电荷二实验题（共14分）13图一中螺旋测微器读数为1.998mm图二中游标卡尺（游标尺上有50个等分刻度）读数为1.094cm【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 【专题】实验题【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为49.80.01mm=0.498mm，所以最终读数为1.5mm+0.498mm=1.998mm游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第47个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为470.02mm=0.94mm，所以最终读数为：10mm+0.94mm=10.94mm=1.094cm故答案为：1.998；1.094【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量14要描绘一个标有“3v 0.6w”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3v，并便于操作已选用的器材 有：电池组（电动势为4.5v，内阻约1）：电流表（量程为0250ma，内阻约5）；电压表（量程为03v，内限约3k）：电键一个、导线若干（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的a（填字母代号）a滑动变阻器（最大阻值20，额定电流1a）b滑动变阻器（最大阻值1750，额定电流0.3a）（2）实验的电路图应选用下列的图b（填字母代号）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线 【专题】实验题；恒定电流专题【分析】（1）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器（2）根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后选择实验电路【解答】解：（1）电源电动势为4.5v，两滑动变阻器均可保证电路安全，为方便实验操作，滑动变阻器应选择a（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻：r=15，电流表内阻为5，电压表内阻为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，需要选择图b所示实验电路故答案为：（1）a；（2）b【点评】本题考查了实验器材选择、实验电路选择，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确选择实验电路的前提与关键，电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法15小明对2b铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2b铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到ui图上，如图2在图中，由电流表外接法得到的数据点是用（填“”或“”）表示的（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为1.2【考点】伏安法测电阻 【专题】实验题【分析】连接实物图，注意电流表外接以及电流表正负接线柱的接法；电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，根据欧姆定律分析误差，进而选择相应的ui图线【解答】解：（1）电流表外接法，为了比较精确测量，滑动变阻器连接实物图如答图1：（2）电流表外接法，由于电压表分流作用，测得的电流值会偏大，根据欧姆定律则电阻测量值偏小，即ui图线的斜率偏小，故由电流表外接法得到的数据点是用表示的；（3）选择数据点，在图2上用作图法作图，求出这段铅笔芯的电阻为r=1.2故答案为：（1）如图；（2）；（3）1.2【点评】本题考查了伏安法测量电阻的电路图以及数据处理问题，电路图连接时一定要注意电流表的内接外接以及滑动变阻器的分压、限流接法选择问题三计算题（共38分）16一台电动机，线圈内阻为0.4，当它两端所加电压为220v时，通过的电流为5a求（1）这台电动机消耗的电功率是多少？（2）这台电动机内阻消耗的热功率是多少？（3）这台电动机每分钟所做的机械功有多少？【考点】电功、电功率 【专题】计算题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】根据线圈电阻和电流求出线圈的热功率p热，由电压和电流求出电动机的电功率p电，根据功率关系求出电动机机械功率和每秒所产生的热量【解答】解：（1）电动机的电功率：p电=ui=2205=1100w（2）线圈的热功率：p热=i2r=520.4=10w（3）电动机的有效功率：p机=p电p热=1100w10w=1090w答：（1）这台电动机总功率为1100w；（2）发热的功率为10w（3）有效功率为1090w【点评】本题考查功率公式的应用，要注意明确电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，不能直接应用p=ui求机械功率，而要根据功率关系求解17（10分）（2015秋南安市校级月考）有一个电流表g，内阻rg=30，满偏电流为lg=1ma（1）要把它改装成量程为06v的电压表，要串联多大的电阻？改装后电压表的内阻为多大？（2）若将此g表改装成量程为01.0a的电流表，要并联多大的电阻？改装后电流表的内阻为多大？【考点】把电流表改装成电压表 【专题】实验题；定量思想；比例法；恒定电流专题【分析】（1）应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联阻值与电压表内阻（2）应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值与电流表内阻【解答】解：（1）把电流表改装成6v的电压表需要串联电阻的阻值：r=rg=30=5970，电压表内阻：rv=6000；（2）把电流表改装成1a的电流表需要并联电阻阻值：r=0.03，电流表内阻：ra=0.03；答：（1）要串联5970欧姆的电阻，改装后电压表的内阻为6000欧姆（2）要并联0.03欧姆的电阻，改装后电流表的内阻为0.03欧姆【点评】本题考查了电压表与电流表的改装，应用串并联电路特点与欧姆定律可以解题，本题是一道基础题，平时要注意基础知识的学习与掌握18（10分）（2014秋临夏市校级期中）如图所示，两个板长均为l的平板电极，平行正对放置，两极板相距为d，极板之间的电势差为u，板间电场可以认为是匀强电场一个带电粒子（质量为m，电荷量为+q）从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之