广东省佛山市顺德区乐从中学高一物理下学期第二次质检试卷 理（含解析）.doc

广东省佛山市顺德区乐从中学2014-2015学年高 一下学期第二次质检物理试卷（理科）一、单项选择题：（本大题包括10小题，每小题4分，共40分每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1（4分）下列说法符合史实的是（）a牛顿发现了万有引力定律b卡文迪许发现了行星的运动规律c开普勒第一次在实验室里测出了万有引力常量d伽利略发现了海王星和冥王星2（4分）物体做曲线运动的条件是（）a只有受到一个方向不断改变的力，物体才可能做曲线运动b物体所受合外力一定竖直向下c物体初速度方向一定不在竖直方向d物体速度方向与所受合外力方向不在一条直线上3（4分）在下列实例中，不计空气阻力，机械能不守恒的是（）a沿光滑竖直圆轨道运动的小球b沿竖直方向自由下落的物体c起重机将重物匀速吊起d做斜抛运动的手榴弹4（4分）一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力则三球落地时的速度大小（）a上抛球最大b下抛球最大c平抛球最大d三球一样大5（4分）人造卫星以地心为圆心，做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）a半径越大，速度越小，周期越小b半径越大，速度越小，周期越大c所有卫星的速度均是相同的，与半径无关d所有卫星角速度都相同，与半径无关6（4分）某空间站绕地球做匀速圆周运动如果在空间站中用天平测量物体的质量，下列说法正确的是（）a所测得的质量比地球上的小b所测得的质量比地球上的大c无法测出物体的质量d所测得的质量与地球上的相等7（4分）如图所示为一皮带传动装置，皮带不打滑，a、b两点分别位于两轮的边缘上，c点是大轮内的一点，下列说法正确的是（）aa点与c点的线速度大小相等ba点与c点的角速度大小相等cb点与c点的角速度大小相等db点与c点的线速度大小相等8（4分）甲乙两个做匀速圆周运动的质点，它们的角速度之比为3：1，线速度之比为2：3，质量之比为1：1，那么下列说法中正确的是（）a它们的半径之比是2：3b它们的向心加速度之比为2：1c它们的周期之比为3：1d它们的向心力之比为1：29（4分）在地面上以20m/s的初速度竖直上抛一物体，该物体在2s内两次通过电线杆的顶端，则此电线杆的高度是（）（g=10m/s2）a15mb10mc18md20m10（4分）一个质量为m的物体（体积可忽略）在半径为r的光滑半球面顶点处以水平速度v0运动如图所示，则下列结论中正确的是（）a若v0=0，则物体m对半球面顶点的压力为0b若v0=2则物体m在半球面顶点下方的某个位置会离开半球面c若v0=，则物体m对半球面顶点的压力为mgd若v0=，则物体m对半球面顶点的压力为mg二、双项选择题：（本大题包括5小题，每小题4分，共20分每小题的四个选项中，只有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）11（4分）关于地球同步卫星，下列说法正确的是（）a它处于平衡状态，且具有一定的高度b它的加速度小于9.8m/s2c它的速度等于7.9km/sd它的周期是24h，且轨道平面与赤道平面重合12（4分）奥运会的口号是“更高、更快、更强”，是运动员展示力与美的机会在2012年伦敦奥运会中，一个运动员奋力抛出铅球，其运动轨迹如图所示已知在b点时的速度与加速度相互垂直，不计空气阻力，则下列表述正确的是（）a铅球从b 点到d点加速度与速度始终垂直b铅球在竖直上方向做匀变速直线运动c铅球被抛出后的运动过程中，在任意点上的机械能守恒db点是铅球运动轨迹的最高点，运动速度为零13（4分）如图所示，a是用轻绳连接的小球，b是用轻杆连接的小球，都在竖直平面内作圆周运动，且绳、杆长度l相等忽略空气阻力，下面说法中正确的是（）aa球可能作匀速圆周运动ba球通过圆周最高点最小速度是，而b球过圆周最高点的速度最小可为零c对b球来说，到最低点时处于超重状态，杆对球的作用力最大da球在运动过程中所受的合外力的方向处处指向圆心14（4分）如图所示，一物体从a点沿光滑面ab与ac分别滑到同一水平面上的b点与c点，则下列说法中正确的是（）a到达斜面底端时的速度相同b到达斜面底端时的动能相同c沿ab面和ac面运动时间一样长d沿ab面和ac面运动重力做功相同15（4分）以初速度v0水平抛出的物体，当水平方向的分位移与竖直方向的分位移相等时（）a运动的时间t=b瞬时速度vt=v0c水平分速度与竖直分速度大小相等d位移大小等于三、计算题（共40分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的步骤）16（12分）如图，一个物体静止放在水平面上，在跟竖直方向成角为37度的斜向下的推力f=20n的作用下沿水平移动的距离s=5m，若物体的质量为m=0.4kg，物体与地面之间的动摩擦因数=0.2，（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）力f做的功（2）摩擦力做的功（3）物体沿水平面移动了距离s=5m时的动能17（12分）如图所示，ab为的光滑圆弧轨道，半径为r=0.8m，bc是水平轨道，长l=4m，现有质量m=2kg的物体，自a点从静止起下滑到c点刚好停止（g=10m/s2）求：（1）物体在b点速度大小？（2）物体在b点对轨道的压力大小？（3）物体与bc轨道间的摩擦因数为？18（16分）一宇航员乘宇宙飞船到达某星球表面，他将所带的一个长为l=2m，倾角为=37的斜面，固定在该星球地面上，宇航员让一个与斜面的滑动摩擦因数为=0.5的小滑块从斜面顶端由静止释放，他测出小滑块到达斜面底端所用时间为t=2s求：（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）该星球地面的重力加速度g；（2）若已知该星球半径为r，万有引力恒量为g，忽略该星球的自转，求星球的质量m（3）该星球的第一宇宙速度？广东省佛山市顺德区乐从中学2014-2015学年高一下学期第二次质检物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题：（本大题包括10小题，每小题4分，共40分每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1（4分）下列说法符合史实的是（）a牛顿发现了万有引力定律b卡文迪许发现了行星的运动规律c开普勒第一次在实验室里测出了万有引力常量d伽利略发现了海王星和冥王星考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：a、牛顿发现了万有引力定律，故a正确；b、开普勒发现了行星的运动规律，故b错误；c、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，故c错误；d、海王星一般认为是亚当斯和勒威耶；美国亚利桑那州的lowell天文台的clyde wtombaugh首次观测到冥王星故d错误；故选：a点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2（4分）物体做曲线运动的条件是（）a只有受到一个方向不断改变的力，物体才可能做曲线运动b物体所受合外力一定竖直向下c物体初速度方向一定不在竖直方向d物体速度方向与所受合外力方向不在一条直线上考点：曲线运动 分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论解答：解：a、d、当合力与速度不在同一条直线上时，物体做曲线运动，故a错误，d正确b、当合力与速度不在同一条直线上时，物体做曲线运动，合外力的方向不一定要竖直向下故b错误c、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体初速度方向不一定在竖直方向故c错误故选：d点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了3（4分）在下列实例中，不计空气阻力，机械能不守恒的是（）a沿光滑竖直圆轨道运动的小球b沿竖直方向自由下落的物体c起重机将重物匀速吊起d做斜抛运动的手榴弹考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：物体机械能守恒的条件是只有重力做功，机械能是动能与势能的总和根据机械能守恒的条件和机械能的概念分析即可解答：解：a、沿光滑竖直圆轨道运动的小球，轨道对小球不做功，只有重力做功，物体的机械能守恒故a正确b、自由下落的物体，只受重力，机械能守恒，故b正确c、起重机吊起匀速货物的过程中，货物的动能不变，重力势能增大，则机械能增大故c错误d、不计空气阻力，做斜抛运动的手榴弹只受重力，机械能守恒，故d正确本题选不守恒的，故选：c点评：解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，知道只有重力或弹力做功时机械能才守恒，对于匀速运动的情形，可根据机械能的概念判断4（4分）一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力则三球落地时的速度大小（）a上抛球最大b下抛球最大c平抛球最大d三球一样大考点：机械能守恒定律 分析：不计空气阻力，物体的机械能守恒，分析三个的运动情况，由机械能守恒可以判断落地的速度解答：解：由于不计空气的阻力，所以三个球的机械能守恒，由于它们的初速度的大小相同，又是从同一个位置抛出的，最后又都落在了地面上，所以它们的初末的位置相同，初动能也相同，由机械能守恒可知，末动能也相同，所以末速度的大小相同故选d点评：本题是机械能守恒的直接应用，比较简单5（4分）人造卫星以地心为圆心，做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）a半径越大，速度越小，周期越小b半径越大，速度越小，周期越大c所有卫星的速度均是相同的，与半径无关d所有卫星角速度都相同，与半径无关考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供卫星圆周运动的向心力讨论线速度、角速度等物理量与半径的关系即可解答：解：根据万有引力提供圆周运动向心力有ab、可得，半径越大线速度越小，周期越大，故a错误，b正确；c、卫星的速度可知，半径不同卫星的线速度不同，故c错误；d、卫星的角速度可知不同的半径对应不同的角速度，故d错误故选：b点评：熟练掌握万有引力和向心力的不同表达式，能根据万有引力提供圆周运动向心力求得描述圆周运动的物理量与半径的关系是关键6（4分）某空间站绕地球做匀速圆周运动如果在空间站中用天平测量物体的质量，下列说法正确的是（）a所测得的质量比地球上的小b所测得的质量比地球上的大c无法测出物体的质量d所测得的质量与地球上的相等考点：万有引力定律及其应用 分析：知道一个物体的质量与所处的位置无关清楚空间站绕地球做匀速圆周运动，所以物体处于完全失重状态解答：解：一个物体的质量与所处的位置无关，所以同一个物体在地球上和空间站内的质量相等如果在空间站中用天平测量物体的质量，由于空间站绕地球做匀速圆周运动，重力提供向心力，所以物体处于完全失重状态，所以用天平无法测出物体的质量故选c点评：在绕地球做匀速圆周运动的空间站内，由于出于完全失重状态，很多与重力有关的仪器无法使用7（4分）如图所示为一皮带传动装置，皮带不打滑，a、b两点分别位于两轮的边缘上，c点是大轮内的一点，下列说法正确的是（）aa点与c点的线速度大小相等ba点与c点的角速度大小相等cb点与c点的角速度大小相等db点与c点的线速度大小相等考点：线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等再根据v=r去求解解答：解：a、传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，所以a点与b点的线速度大小相等，c点的位置不确定，不能确定，a点与c点的线速度大小关系，故a错误；b、bc两点为共轴的轮子上两点，b=c，而va=vb，且rbra，根据v=r可知，ab，所以ac，故b错误，c正确；d、b=c，而v=r，且rbrc，所以vbvc，故d错误故选：c点评：传送带在传动过程中不打滑，则传送带传动的两轮子边缘上各点的线速度大小相等，共轴的轮子上各点的角速度相等8（4分）甲乙两个做匀速圆周运动的质点，它们的角速度之比为3：1，线速度之比为2：3，质量之比为1：1，那么下列说法中正确的是（）a它们的半径之比是2：3b它们的向心加速度之比为2：1c它们的周期之比为3：1d它们的向心力之比为1：2考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：根据线速度与角速度的关系v=r，结合线速度、角速度之比求出半径之比根据t=，结合角速度之比求出周期之比根据角速度之比求出转速之比根据a=v求出加速度之比解答：解：a、根据v=r得，半径r=，因为角速度之比为3：1，线速度之比为2：3则半径之比为2：9故a错误b、加速度a=v，因为角速度之比为3：1，线速度之比2：3，则加速度之比为2：1故b正确c、根据t=知，角速度之比为3：1，则周期之比为1：3故b错误d、根据f=ma可知，向心力与向心加速度成正比，所以向心力之比为2：1所以d错误故选：b点评：解决本题的关键知道线速度、角速度、转速、周期、加速度的关系，并能灵活运用9（4分）在地面上以20m/s的初速度竖直上抛一物体，该物体在2s内两次通过电线杆的顶端，则此电线杆的高度是（）（g=10m/s2）a15mb10mc18md20m考点：竖直上抛运动 分析：物体做竖直上抛运动，在2s内两次通过电线杆的顶端，结合竖直上抛运动的对称性可知，从电线杆顶端上升到最高点时间为1s，从最高点下降到电线杆顶端时间也为1s；然后结合位移公式和速度位移公式列式求解即可解答：解：物体竖直上抛，在2s内两次通过电线杆的顶端，从电线杆顶端上升到最高点时间为1s，从最高点下降到电线杆顶端时间也为1s；电线杆顶端与最高点距离：h1=物体上升的最大高度：h=故此电线杆的高度：h=hh1=20m5m=15m故选：a点评：本题关键是明确物体的运动性质，然后结合竖直上抛运动的对称性和运动学公式列式求解，不难10（4分）一个质量为m的物体（体积可忽略）在半径为r的光滑半球面顶点处以水平速度v0运动如图所示，则下列结论中正确的是（）a若v0=0，则物体m对半球面顶点的压力为0b若v0=2则物体m在半球面顶点下方的某个位置会离开半球面c若v0=，则物体m对半球面顶点的压力为mgd若v0=，则物体m对半球面顶点的压力为mg考点：向心力 专题：匀速圆周运动专题分析：在最高点，物体沿半径方向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律判断是否有支持力，从而判断物体的运动情况解答：解：a、设物体受支持力为f，根据牛顿第二定律：mgf=m=0，得：f=mg，根据牛顿第三定律物体对半球面顶点的压力大小等于mg，故a错误；c、若v0=，则mgf=m，得：f=0，则物体对半球面顶点无压力，故c错误；b、若v时，f=0，物体在顶部仅受重力，有水平初速度，做平抛运动，即若v0=2，则物体经过最高点后立即离开半球面，故b错误；d、若v0=，则mgf=m，得：f=，则物体对半球面顶点的压力为mg，故d正确；故选：d点评：解决本题的关键知道物体做圆周运动向心力的来源，以及知道平抛运动的条件二、双项选择题：（本大题包括5小题，每小题4分，共20分每小题的四个选项中，只有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）11（4分）关于地球同步卫星，下列说法正确的是（）a它处于平衡状态，且具有一定的高度b它的加速度小于9.8m/s2c它的速度等于7.9km/sd它的周期是24h，且轨道平面与赤道平面重合考点：同步卫星 专题：人造卫星问题分析：地球同步轨道卫星有几个一定：定轨道平面、定轨道半径（或定高度）、定运转周期等，了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量解答：解：a、地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以同步卫星是相对地球静止的卫星，因做圆周运动，则处于不平衡状态，故a错误；b、地球表面向心加速度a=9.8m/s2，设同步卫星离地面的高度为h，则a=9.8m/s2，故b正确c、地球同步卫星在轨道上的绕行速度约为3.1千米/秒，小于7.9km/s，故c错误；d、它的周期是24h，且轨道平面与赤道平面重合，故d正确；故选：bd点评：本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期本题难度不大，属于基础题12（4分）奥运会的口号是“更高、更快、更强”，是运动员展示力与美的机会在2012年伦敦奥运会中，一个运动员奋力抛出铅球，其运动轨迹如图所示已知在b点时的速度与加速度相互垂直，不计空气阻力，则下列表述正确的是（）a铅球从b 点到d点加速度与速度始终垂直b铅球在竖直上方向做匀变速直线运动c铅球被抛出后的运动过程中，在任意点上的机械能守恒db点是铅球运动轨迹的最高点，运动速度为零考点：抛体运动 分析：铅球做斜上抛运动，可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀减速直线运动，运动过程仅受重力作用，机械能守恒解答：解：a、铅球做斜上抛运动，仅在最高点速度与加速度相互垂直，故a错误；b、铅球在竖直方向受恒力作用，做匀变速直线运动，故b正确；c、铅球运动过程仅受重力作用，机械能守恒，故c正确；d、b点在铅球运动的轨迹最高点，其速为水平方向，故d错误故选：bc点评：注意应用运动的分解观点研究抛体运动，由于忽略空气阻力，抛体机械能守恒定律13（4分）如图所示，a是用轻绳连接的小球，b是用轻杆连接的小球，都在竖直平面内作圆周运动，且绳、杆长度l相等忽略空气阻力，下面说法中正确的是（）aa球可能作匀速圆周运动ba球通过圆周最高点最小速度是，而b球过圆周最高点的速度最小可为零c对b球来说，到最低点时处于超重状态，杆对球的作用力最大da球在运动过程中所受的合外力的方向处处指向圆心考点：向心力；牛顿第二定律 专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：本题中绳系小球a的机械能守恒，做变速圆周运动，合外力方向不一定指向圆心，到最高点时绳子拉力恰好为零时，速度最小，根据牛顿第二定律求解最小速度b球到达最高点时最小速度为零根据加速度方向判断b球的状态，确定杆的作用力方向解答：解：a、a球运动过程中，绳子的拉力不做功，机械能守恒，小球的重力势能不断变化，动能就不断变化，速率不断变化，一定做变速圆周运动，故a错误b、当a球恰好通过最高点时，绳子的拉力为零，由重力提供向心力，此时速度最小，设为vmin根据牛顿第二定律得：mg=m，得；vmin=；对于b球，由于杆子对小球能有支撑作用，所以b球过圆周最高点的速度最小可为零，故b正确c、对b球来说，到最低点时加速度方向向上，根据牛顿运动定律得知，杆对球的作用力大于重力，b球处于超重状态根据牛顿第二定律得：tmg=m，t=mg+m，v最大，t最大，故c正确d、a球在运动过程中受到重力和绳子拉力两个作用，根据平行四边形定则可知，a所受的合外力的方向不是处处指向圆心，只有在最高点和最低点两个位置指向圆心，故d错误故选：bc点评：解决本题的关键知道向心力靠指向圆心的合力来提供，明确绳系模型和轻杆模型最高点的临界条件，根据牛顿第二定律能得到最小速度14（4分）如图所示，一物体从a点沿光滑面ab与ac分别滑到同一水平面上的b点与c点，则下列说法中正确的是（）a到达斜面底端时的速度相同b到达斜面底端时的动能相同c沿ab面和ac面运动时间一样长d沿ab面和ac面运动重力做功相同考点：动能定理；功的计算 专题：动能定理的应用专题分析：本题中物体沿斜面下滑，可以运用动能定理求解末速度；也可以求出合力，再根据牛顿第二定律求加速度，最后根据运动学公式求解解答：解：d、物体沿斜面下滑，只有重力做功，沿ab面和ac面运动重力做功相同，所以d正确；a、根据动能定理，有：mgh=mv2解得：v=即末速度大小与斜面的坡角无关，故a错误，b正确；c、物体受到的合力为：f合=mgsin根据牛顿第二定律，有：f合=ma由运动学公式有：s=at2由三式，解得：t=即斜面的坡角越大，下滑的越短，故c错误；故选：bd点评：本题的一点小技巧就是用动能定理，或机械能守恒来解决ab两个选项，而不是用运动学来解，运动也能解，但是要麻烦一些15（4分）以初速度v0水平抛出的物体，当水平方向的分位移与竖直方向的分位移相等时（）a运动的时间t=b瞬时速度vt=v0c水平分速度与竖直分速度大小相等d位移大小等于考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：由平抛运动在水平方向和竖直方向上的分位移规律列式，求出时间，再由速度公式求解即可解答：解：a、根据题意有：gt2=v0t得：t=，故a正确bc、竖直分速度为：vy=gt=2v0v0瞬时速度 vt=，故b正确，c错误d、水平位移x=v0t=，根据平行四边形定则知，位移大小为：s=x=故d错误故选：ab点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解三、计算题（共40分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的步骤）16（12分）如图，一个物体静止放在水平面上，在跟竖直方向成角为37度的斜向下的推力f=20n的作用下沿水平移动的距离s=5m，若物体的质量为m=0.4kg，物体与地面之间的动摩擦因数=0.2，（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）力f做的功（2）摩擦力做的功（3）物体沿水平面移动了距离s=5m时的动能考点：动能定理；功的计算 专题：动能定理的应用专题分析：（1）据功的定义式w=fscos求解即可；（2）据功的定义式和滑动摩擦力求出即可（3）利用动能定理求出移动5米的动能即可解答：解：（1）据题意和图可知，力的方向与位移方向的夹角：=90功的定义式w=fscos=2050.6j=60j（2）功的定义式w=fscos得：wf=fs据题知：fn=mg+fcos又因为：f=ufn联立代入数据解得：wf=20j（3）据动能定理得：w+wf=ek所以：ek=60j20j=40j答：（1）力f做的功60j（2）摩擦力做的功20j（3）物体沿水平面移动了距离s=5m时的动能40j点评：此题注要考查了功的求法和滑动摩擦力的表述方法，此题实质是动能定理的应用，只是把过程分解了；还需注意角度间的关系17（12分）如图所示，ab为的光滑圆弧轨道，半径为r=0.8m，bc是水平轨道，长l=4m，现有质量m=2kg的物体，自a点从静止起下滑到c点刚好停止（g=10m/s2）求：（1）物体在b点速