甘肃省武威市民勤县实验中学中考物理三模试卷（含解析）.doc

2016年甘肃省武威市民勤县实验中学中考物理三模试卷一、填空题（每空2分，共计20分）1我省在科学规划城市建设时，将森林搬进城市并且修建了多处人工湖，这是利用水 的特性，且水在蒸发时吸热的特点调节气温，营造了舒适环境若以为参照物，湖中划动的游船是静止的22013年6月11日我国“神十”载人飞船发射成功升空过程中，飞船的机械能（选填“增大”或“减小”）；在穿越大气层时，“神十”飞船克服摩擦，将部分机械能转化为；地面指挥中心的指令是通过 传递给飞船的3小强在水平面上用8n的拉力恰能使物体做匀速直线运动，现用16n的力拉动物体时，物体所受的摩擦力是；当撤去拉力时，物体还能继续向前运动是由于4使用天平和量筒测量金属块的密度时，将天平放在水平桌面上，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，此时应将天平的平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节用调好的天平测金属块的质量时，砝码及游码的位置如图甲所示，则金属块的质量是g；放入金属块前量筒内水的体积为40ml，放入金属块后量筒内水面位置如图乙所示，则金属块的密度为kg/m3二、选择题（每小题3分，共计18分）5能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）a太阳能、风能和核能都是可再生能源b光纤通讯是依靠超声波来传递信息的c在通常情况下，铜、碳棒和陶瓷都属于导体d秦山核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的6关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）a物体受到力的作用时就会运动b物体不受力的作用时处于静止状态c物体运动速度越大其惯性越大d物体运动状态改变时，一定受到力的作用7关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）a物体的内能越多，放热一定越多b温度相同的物体，其内能一定相等c物体的内能增加，一定要吸收热量d晶体熔化时温度不变，其内能一定增加8如图所示的四种物态变化的实例中，属于液化的是（）a冰雪遇暖消融b水烧开时冒出“白气”c草叶上形成“白霜”d用干手器将手烘干9如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）a电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗b电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮c电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗d电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮10如图所示，工人用250n的力将重400n的物体匀速提升2m，在此过程中滑轮组的机械效率和所做的额外功分别为（）a80% 800jb80% 1000jc62.5% 200jd80% 200j三、识图作图题（每题2分，共计6分）11在图中标出磁感线的方向和小磁针的n极12如图所示，轻质杠杆oa能绕o点转动，请在杠杆中的a端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力f的示意图（要求保留作图痕迹）13如图所示，小明同学站在地面上，用一定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组，并用它提升物体，请在图中画出绕绳的方法四、实验探究题（每空2分，共计20分）14在用焦距为10cm的凸透镜来探究凸透镜成像规律的实脸中：（1）如图所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在，其目的是使像成在（2）当烛焰距凸透镜25cm时，移动凸透镜另一侧的光屏，光屏上得到一个清晰的（选填“正立或“倒立”）、缩小的实像，人们利用这个原理制成了（3）当烛焰距凸透镜6cm时，移动凸透镜另一侧的光屏，光屏上15如图甲所示是小刚“测小灯泡电功率”的实验电路其中电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为l0，滑动变阻器“50 1a”（1）连接电路时，开关应（2）用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（使滑片向右移时灯泡变亮）（3）闭合开关后，小刚发现电流表无示数，电压表有示数，其原因是（4）当变阻器滑片p移到某一位置时，电压表示数如图乙所示为v要测小灯泡的额定功率，应将滑片p向 （选填“a”或“b”）端移动，使电压表示数为2.5v五、计算题（共计16分）16中俄两国海军参加“海上联合”军事演习，此次我国有2艘新型常规潜艇参加军演，都是由我国自行研制的第二代常规动力潜艇其中某潜水艇的总体积为2.0103m3，演习中当它位于海面以下100m深处时，（海水的密度为1.03103kg/m3，取g=10n/kg）求：（1）此潜艇受到的浮力大小是多少？（2）此潜艇受到海水的压强多大？（3）在潜艇正前方600m处有一“敌舰”正以10m/s的速度逃窜，潜艇要在5分钟之内追上敌舰，速度至少多大？17电磁炉是一种新型灶具小明在探究“家用电器”的综合实践活动中，以家里的电磁炉为观察研究对象，在表中记录了有关数据观察对象有关记录和相关活动观察电磁炉铭牌u额=220v p额=2kw观察电能表铭牌220v 10（40）a 50hz 2000r/（kwh）用电磁炉加热m=1kg初温t=25的水关闭家里其它用电器，只将电磁炉接入电路中工作，观察电能表，表盘在2.5min内转了150r，此时用温度计测得的水温为85请你解答下列问题：水的比热容为4.2103j/（kg）（1）加热2.5min水所吸收的热量是多少？（2）电磁炉工作2.5min消耗的电能是多少？比较（1）（2）两问的结果，说明了什么问题？（3）电磁炉的实际功率是多少？请你将求解结果与表中的额定功率进行比较，发现了什么问题？并解释原因2016年甘肃省武威市民勤县实验中学中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共计20分）1我省在科学规划城市建设时，将森林搬进城市并且修建了多处人工湖，这是利用水比热容大 的特性，且水在蒸发时吸热的特点调节气温，营造了舒适环境若以船上的乘客为参照物，湖中划动的游船是静止的【考点】水的比热容的特点及应用；参照物及其选择【分析】（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的【解答】解：（1）修建多处人工湖，可大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收相同的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差（2）游船在湖中行驶，乘客相对与迎面驶来的船、湖岸上的树、湖水来说，位置都发生了改变，因此以它们为参照物，游船是运动的；但是对船上的乘客来说，游船的位置没有发生变化，因此是静止的故答案为：比热容大；船上的乘客22013年6月11日我国“神十”载人飞船发射成功升空过程中，飞船的机械能增大（选填“增大”或“减小”）；在穿越大气层时，“神十”飞船克服摩擦，将部分机械能转化为内能；地面指挥中心的指令是通过电磁波 传递给飞船的【考点】动能和势能的大小变化；电磁波的传播；做功改变物体内能【分析】（1）机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化；动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大则重力势能越大（2）由于飞船与空气摩擦，需克服摩擦做功，使物体的内能增加、温度升高（3）电磁波能够传递信息，并能在真空中传播【解答】解：“神十”载人飞船升空过程中，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大因为机械能=动能+势能，所以机械能增大飞船在穿越大气层时，需要克服与空气间的摩擦做功，机械能转化为内能，使内能增加、温度升高电磁波可以在真空中传播，所以地面指挥中心的指令是通过电磁波传播的故答案为：增大；内能；电磁波（或无线电波）3小强在水平面上用8n的拉力恰能使物体做匀速直线运动，现用16n的力拉动物体时，物体所受的摩擦力是8n；当撤去拉力时，物体还能继续向前运动是由于惯性【考点】摩擦力的大小；惯性【分析】解决该题用到如下知识：（1）摩擦力的产生及方向特点：两个物体相互接触，若有一个运动的趋势，在接触面上就会产生一个阻碍其运动的力，该力就是摩擦力，其方向与其运动趋势方向相反滑到摩擦力的影响因素有两个：一是压力大小；其二是接触面的粗糙程度（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性【解答】解：由于物体处于匀速直线运动状态时所受的拉力是8n，据二力平衡的知识知，即此时所受的滑动摩擦力是8n，当将拉力变为16n时，在此过程中，物体对接触面的压力没变，其与接触面的粗糙程度没变，故其所受的滑动摩擦力不变，仍为8n；当撤去拉力时，由于物体原来处于运动状态，虽然此时受向后的摩擦力，但由于惯性，物体还能继续向前运动故答案为：8n；惯性4使用天平和量筒测量金属块的密度时，将天平放在水平桌面上，发现指针指在分度盘中央刻度线的左侧，此时应将天平的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节用调好的天平测金属块的质量时，砝码及游码的位置如图甲所示，则金属块的质量是32.4g；放入金属块前量筒内水的体积为40ml，放入金属块后量筒内水面位置如图乙所示，则金属块的密度为1.62103kg/m3【考点】固体密度的测量【分析】（1）使用天平测量质量之前要调平，调平的原则是相对指针，平衡螺母“左偏右调，右偏左调”（2）被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和读取游码所对刻度时，以左侧为准（3）用量筒测量液体体积时，先要明确量筒的分度值，读数时视线与最凹处相平已知金属块的质量和体积，用公式计算其密度【解答】解：（1）已知指针偏向分度盘左侧，应向右移动平衡螺母使天平平衡；（2）由图甲，标尺分度值0.2g，金属块的质量为m=20g+10g+2.4g=32.4g；（3）由图乙可知，量筒分度值10ml，放入金属块后体总积为60ml，金属块的体积为v=60ml40ml20ml=20cm3金属块的密度为=1.62g/cm3=1.62103kg/m3；故答案为：右；32.4；1.62103二、选择题（每小题3分，共计18分）5能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）a太阳能、风能和核能都是可再生能源b光纤通讯是依靠超声波来传递信息的c在通常情况下，铜、碳棒和陶瓷都属于导体d秦山核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的【考点】可再生能源的特点；光纤通信；导体；核聚变【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；（2）激光可以在光导纤维里传播，从而传播信息；（3）容易导电的物体是导体，如金属、人体、石墨、大地等；不容易导电的物体是绝缘体，如空气、陶瓷、塑料、橡胶等；（4）原子核发生分裂或聚合时，可释放出惊人的能量【解答】解：a、错误，太阳能、风能都是可再生能源，核能属于不可再生能源；b、错误，光纤通讯是依靠激光（电磁波的一种）来传递信息的；c、错误、在通常情况下，铜、碳棒属于导体，陶瓷属于绝缘体；d、正确，秦山核电站是利用原子核裂变发生链式反应释放的核能来发电的；故选d6关于力和运动的关系，下列说法正确的是（）a物体受到力的作用时就会运动b物体不受力的作用时处于静止状态c物体运动速度越大其惯性越大d物体运动状态改变时，一定受到力的作用【考点】力与运动的关系；惯性【分析】选择项中的内容都是一些关于力和运动关系的结论关于这些结论的正误的判断，只要找出一个例子与这个结论不符，就可以推翻这个结论【解答】解：a、静止在地面上的物体，受到了重力中地面对它的支持力，物体并没有运动，所以这个结论是错误的故a错误b、静止和匀速直线运动状态都是平衡状态，当物体不受力时，也可能处于匀速直线运动状态，故b错误c、物体惯性的大小是由物体的质量来决定的，并且质量是决定物体惯性大小的唯一因素与其速度无关故c错误d、力是物体运动状态改变的原因，所以说，物体的运动状态改变，一定是受到了力的作用故d正确故选d7关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）a物体的内能越多，放热一定越多b温度相同的物体，其内能一定相等c物体的内能增加，一定要吸收热量d晶体熔化时温度不变，其内能一定增加【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）热量是在热传递过程中内能的改变量，前提是发生热传递；（2）内能的大小不但和物体的温度有关，还与物体的质量有关；（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；（4）晶体熔化时，吸收热量、内能增加，但温度不变【解答】解：a、放热多少是指内能的改变多少，不是指物体内能的多少，故a错误；b、内能的大小不但和物体的温度有关，还与物体的质量有关，所以温度相同的物体，其内能不一定相等，故b错误；c、物体的内能增大，可能是外界对物体做功，也可能是吸收热量，故c错误；d、晶体在熔化过程中，吸收热量，内能增大，但是温度不变，故d正确故选d8如图所示的四种物态变化的实例中，属于液化的是（）a冰雪遇暖消融b水烧开时冒出“白气”c草叶上形成“白霜”d用干手器将手烘干【考点】液化及液化现象【分析】判断出属于液化的物态变化，要弄清液化的特点，液化是由物体气态变为液态的变化过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断【解答】解：a、冰雪遇暖消融，由固态变成液态，属于熔化现象；b、水烧开时冒出“白气”，壶内冒出来的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；c、草叶上形成“白霜”，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象；d、用干手器将手烘干，手上的水变成水蒸气，属于汽化现象故选b9如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）a电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗b电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮c电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗d电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮【考点】滑动变阻器的使用；欧姆定律；电功率的计算；实际功率【分析】滑动变阻器是靠改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，它在电路中的作用就是通过改变电阻从而改变电路中的电流和部分电路两端的电压这道题我们先分析变阻器电阻变化情况，然后得出总电阻变化情况由于电压一定，根据欧姆定律就可以得出电流变化情况最后围绕定值电阻分析，因为它的阻值一定，所以通过它的电流跟它两端的电压成正比，知道了它的电压变化情况，就可以知道变阻器两端的电压变化情况了【解答】解：由图可知，变阻器与灯泡是串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测总电流当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变小，则电路的总电阻变小；又知：电路总电压等于电源电压保持不变；根据欧姆定律i=可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；又灯泡的阻值不变；根据u灯=ir灯可知灯泡两端电压变大；又p灯=i2r灯，且电阻不变，电流变大；灯泡的实际功率变大；灯泡变亮；又u滑=uu灯；则可判断u滑变小故选b10如图所示，工人用250n的力将重400n的物体匀速提升2m，在此过程中滑轮组的机械效率和所做的额外功分别为（）a80% 800jb80% 1000jc62.5% 200jd80% 200j【考点】滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功【分析】已知物重和物体上升的高度，利用公式w有用=gh得出有用功；已知作用在动滑轮上的绳子股数和物体上升的高度，可以得到绳子被拉下的长度；已知拉力和绳子拉下的长度，利用公式w总=fs得到拉力做的总功；有用功与总功的比值是机械效率；总功与有用功之差为额外功【解答】解：拉力做的有用功为w有用=gh=400n2m=800j绳子拉下的长度为s=2h=22m=4m拉力做的总功为w总=fs=250n4m=1000j滑轮组的机械效率为=80%拉力做的额外功为w额=w总w有用=1000j800j=200j故选d三、识图作图题（每题2分，共计6分）11在图中标出磁感线的方向和小磁针的n极【考点】通电螺线管的磁场；磁感线及其特点【分析】根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，确定螺线管的n、s极；然后利用磁感线的特点可以得到磁感线的方向；利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的n、s极【解答】解：（1）电流从螺线管的右端流入左端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为n极，右端为s极磁感线的方向是：在磁体的周围n极流出，回到s极由于螺线管的左端为n极，由此可以确定磁感线的方向是向右的（2）根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管右端s极靠近的是小磁针的n极，则小磁针的左端为n极故答案见下图：12如图所示，轻质杠杆oa能绕o点转动，请在杠杆中的a端画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力f的示意图（要求保留作图痕迹）【考点】杠杆中最小力的问题【分析】此题是求杠杆最小力的问题，已知点o是动力作用点，那么只需找出最长动力臂即可，可根据这个思路进行求解【解答】解：o为支点，所以力作用在杠杆的最右端a点，并且力臂是oa时，力臂最长，此时的力最小确定出力臂然后做力臂的垂线即为力f如图所示：13如图所示，小明同学站在地面上，用一定滑轮和一个动滑轮组成滑轮组，并用它提升物体，请在图中画出绕绳的方法【考点】滑轮组的设计与组装【分析】图中给出的滑轮组是“一定一动”，其绕线方法有两种，但由于小明站在地上，即确定了绳子自由端的方向，所以先从小明的手中出发，然后再依次绕过滑轮即可确定作图方法【解答】解：由于小明要站在地面上拉动绳子，所以从小明的手开始，先绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮，最后系在定滑轮下面的挂钩上，如图所示：四、实验探究题（每空2分，共计20分）14在用焦距为10cm的凸透镜来探究凸透镜成像规律的实脸中：（1）如图所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度上，其目的是使像成在光屏中央（2）当烛焰距凸透镜25cm时，移动凸透镜另一侧的光屏，光屏上得到一个清晰的倒立（选填“正立或“倒立”）、缩小的实像，人们利用这个原理制成了照相机（3）当烛焰距凸透镜6cm时，移动凸透镜另一侧的光屏，光屏上不能承接到像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）利用“三心一线”，便可得出答案（2）当烛焰距凸透镜25cm时，u2f，呈现倒立缩小的实像，照相机利用此原理（3）物体放在焦点之内，在凸透镜同一侧成正立、放大的虚像，虚像不能在光屏上呈现【解答】解：（1）如图所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一高度上其目的是使像成在光屏的中央（2）当烛焰距凸透镜25cm时，物距大于2倍焦距，移动光屏，可在光屏上得到一个清晰倒立、缩小的实像人们利用这个原理制成了照相机（3）当烛焰距凸透镜6cm时，uf，会在凸透镜同侧成正立放大的虚像，移动凸透镜另一侧的光屏，光屏上不能承接到像故答案为：（1）同一高度上；光屏中央；（2）倒立；照相机；（3）不能承接到像15如图甲所示是小刚“测小灯泡电功率”的实验电路其中电源电压为6v，小灯泡额定电压为2.5v、电阻约为l0，滑动变阻器“50 1a”（1）连接电路时，开关应断开（2）用笔画线代替导线将图甲的电路连接完整（使滑片向右移时灯泡变亮）（3）闭合开关后，小刚发现电流表无示数，电压表有示数，其原因是灯泡断路（4）当变阻器滑片p移到某一位置时，电压表示数如图乙所示为1.8v要测小灯泡的额定功率，应将滑片p向b （选填“a”或“b”）端移动，使电压表示数为2.5v【考点】电功率的测量【分析】（1）为防止电路中电流过大烧坏用电器，开关应断开；（2）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，据此确定电流表的量程，与灯泡串联；根据灯泡的额定电压确定电压表的量程且与灯泡并联；滑动变阻器串联连入；（3）电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端电压闭合开关电流表没有示数，说明电路是断路，电压表有示数，说明与电压表串联的电路是通路；（4）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，电压表的示数小于灯泡的额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小【解答】解：（1）在连接电路时，为保护电路，开关应断开；（2）灯泡正常发光时的电压等于额定电压ul=2.5v，根据欧姆定律可知此时电路电流约为i=0.25a，所以电流表的量程为00.6v，且与灯泡串联；灯泡的额定电压为2.5v，所以电压表的量程为03v，且与灯泡并联，滑动变阻器使滑片向右移时灯泡变亮，即电路中的电流变大，则滑动变阻器连入电路的电阻应减小，则应将滑动变阻器滑片右边的电阻连入电路，即与滑动变阻器上b端相连；如下图所示：（3）闭合开关后，电流表没有示数，说明电路是断路，电压表有示数，说明与电压表串联的电路是通路；所以故障原因可能是灯泡断路；（4）电压表使用03v量程，分度值为0.1v，电压为1.8v；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从1.8v增大到2.5v，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向b端移动，使电压表的示数为2.5v为止故答案为：（1）断开；（2）如上图所示；（3）灯泡断路；（4）1.8；b五、计算题（共计16分）16中俄两国海军参加“海上联合”军事演习，此次我国有2艘新型常规潜艇参加军演，都是由我国自行研制的第二代常规动力潜艇其中某潜水艇的总体积为2.0103m3，演习中当它位于海面以下100m深处时，（海水的密度为1.03103kg/m3，取g=10n/kg）求：（1）此潜艇受到的浮力大小是多少？（2）此潜艇受到海水的压强多大？（3）在潜艇正前方600m处有一“敌舰”正以10m/s的速度逃窜，潜艇要在5分钟之内追上敌舰，速度至少多大？【考点】浮力大小的计算；速度公式及其应用；液体的压强的计算【分析】（1）已知潜水艇的总体积（潜入水中排开水的体积），直接根据阿基米德原理即可求出此潜艇受到的浮力大小；（2）知道水深和海水的密度，利用液体压强公式求海水对潜艇的压强；（3）潜艇要在5分钟之内追上敌舰，潜艇和敌舰行驶的时间是相同的，利用速度公式求出敌舰5min行驶的距离，然后加上开始时潜艇与敌舰的距离等于潜艇5min行驶的距离，再利用速度公式即可求出潜艇的速度【解答】解：（1）因为潜艇浸没在海水中，所以v排=v=2.0103m3，此潜艇受到的浮力：f浮=gv排=1.03103kg/m310n/kg2.0103m3=2.06107n（2）此潜艇受到海水的压强：p=gh=1.03103kg/m310n/kg100m=1.03106pa（3）根据v=可得，“敌舰”5min行驶