广东省惠州市高三物理上学期第一次调研试卷（含解析）.doc

广东省惠州市2016届高三上 学期第一次调研物理试卷一、选择题1如图所示，水平地面上的l形木板m上放着小木块m，m与m间有一个处于伸长状态的弹簧，整个装置保持静止下列说法正确的是( )am对m的摩擦力方向向右bm对m无摩擦力作用c地面对m的摩擦力方向向右d地面对m无摩擦力作用2图为水平面上一物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的vt图象，以下判断正确的是( )a前3s内货物处于失重状态b前3s内物体的平均速度大于最后2s内的平均速度c物体能上升的最大高度为27md第4s末拉力的功率为零3在同一水平直线上的两位置分别沿水平方向向右抛出两小球a和b，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力要使两球在空中p点相遇，则必须( )a使a、b两球质量相等ba球初速度小于b球初速度cb球先抛出d同时抛出两球4一电荷量为q的正点电荷位于电场中a点，受到电场力为f，则a点的电场强度大小e=，方向与f相同若把该点电荷换成电荷量为2q的负电荷，则a点的电场强度( )a大小仍为e，方向与原来相反b大小仍为e，方向与原来相同c大小变为，方向与原来相反d大小仍为，方向与原来相同5某实验小组用如图所示的实验装置来验证楞次定律当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，通过电流计的感应电流方向是( )a先bga，后agbb先agb，后bgacbgadagb6某空间站正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致下列说法正确的是( )a空间站运行的加速度小于地球表面的重力加速度b站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动c在空间站工作的宇航员因受到平衡力作用而在舱中悬浮或静止d空间站运行的速度大于同步卫星运行速度7一交变电流的图象如图所示，由图可知( )a该交流电的周期是0.02sb该交流电流最大值为20ac该交流电流的频率为100hzd用电流表测该电流其示数为10a8如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，导轨宽度为l，其下端与电阻r连接；导体棒ab电阻为r，导轨和导线电阻不计，匀强磁场竖直向上若导体棒ab以一定初速度v下滑，则ab棒( )a所受安培力方向水平向右b可能以速度v匀速下滑c刚下滑瞬间产生的电动势为blvd减少的重力势能等于电阻r产生的内能二、非选择题9在“探究加速度与合外力的关系”实验中（装置如图甲）：下列说法哪些项是正确的_（填选项前字母）a平衡摩擦力时先将钩码通过细线挂在小车上b应该调节的滑轮的高度使细线与木板平行c实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放d为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，每隔4个点取一个计数点，分别记为o、a、b、c、d，已知打点计时器使用的交流电频率为50hz则打b点时小车的瞬时速度大小为_m/s；该小车的加速度是_m/s2（结果保留两位有效数字）10如图甲是“测量一节新干电池的电动势和内阻”的实验电路，为了较精确地测量一节新干电池的内阻，加接一定值电阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：量程3v的理想电压表v，量程0.6a的电流表a（具有一定内阻），定值电阻r0（r0=1.5），滑动变阻器r（010），开关s（1）加接电阻r0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是_（2）用笔画线代替导线在图乙中完成实物连接图（3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的ui坐标系中画出ui图线如图丙所示，则新干电池的电动势e=_v（保留三位有效数字），内阻r=_（保留两位有效数字）11ab是竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道，在下端b与水平直轨相切，如图所示一可视为质点的小球自a点起由静止开始沿轨道下滑已知圆轨道半径为r，小球的质量为m，小球与水平直轨的滑动摩擦因素为，最终小球在c点处停住（不计空气阻力）求：（1）小球下滑到b点时速度的大小；（2）小球经过圆弧轨道的b点和水平轨道的c点时，所受轨道支持力fb、fc各是多大？（3）bc之间的距离12（18分）如图所示，一质量为m、电量为+q、重力不计的带电粒子，从a板的s点由静止开始释放，经a、b加速电场加速后，穿过中间偏转电场，再进入右侧匀强磁场区域已知ab间的电压为u，mn极板间的电压为2u，mn两板间的距离和板长均为l，磁场垂直纸面向里、磁感应强度为b、有理想边界求：（1）带电粒子离开b板时速度v0的大小；（2）带电粒子离开偏转电场时速度v的大小与方向；（3）要使带电粒子最终垂直磁场右边界射出磁场，磁场的宽度d多大？选作题（3-3）13关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是( )a一定量气体吸收热量，其内能一定增大b不可能使热量由低温物体传递到高温物体c若两分子间距离增大，分子势能一定增大d若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大14如图甲，一质量为m、横截面积为s的光滑活塞静止时密封一定量的理想气体，此时活塞距气缸底部距离为h现将气缸倒转悬挂（活塞不脱离气缸）如图乙，求活塞平衡时到缸底的距离（已知大气压强为p0）选作题.（3-5）15核电站是利用核裂变产生的核能来发电的，下列四个核反应方程属于核裂变反应的是( )auth+hebu+nba+kr+3ncn+heo+hdh+hhe+n16质量为m的木块静止在光滑水平桌面上，桌面距水平地面的高度为h，一质量为m的子弹以水平速度v0 击中木块后并留在其中，求木块落地时距桌面边缘的水平距离x广东省惠州市2016届高三上学期第一次调研物理试卷一、选择题1如图所示，水平地面上的l形木板m上放着小木块m，m与m间有一个处于伸长状态的弹簧，整个装置保持静止下列说法正确的是( )am对m的摩擦力方向向右bm对m无摩擦力作用c地面对m的摩擦力方向向右d地面对m无摩擦力作用考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：对m受力分析，根据平衡判断出m对m的摩擦力方向对整体分析，根据平衡判断地面对m的摩擦力方向解答：解：ab、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向右的弹力，根据平衡知，m对m的摩擦力向左故a错误，b错误cd、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对m有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对m无摩擦力作用故c错误，d正确故选：d点评：解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于02图为水平面上一物体在吊车作用下竖直向上运动过程中的vt图象，以下判断正确的是( )a前3s内货物处于失重状态b前3s内物体的平均速度大于最后2s内的平均速度c物体能上升的最大高度为27md第4s末拉力的功率为零考点：功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像 专题：功率的计算专题分析：速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，根据平均速度的公式比较前3s内和后2s内平均速度的大小面积表示位移；根据p=fv判定功率解答：解：a、前3s内货物向上做匀加速直线运动，加速度向上，处于超重状态故a错误b、前3s内的平均速度，后2s内的平均速度，这两段时间内的平均速度相同故b错误c、面积表示位移x=27m，故c正确；d、第4s末拉力等于重力，速度6m/s，根据p=fv知功率不为零，故d错误故选：c点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，以及掌握p=fv的应用3在同一水平直线上的两位置分别沿水平方向向右抛出两小球a和b，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力要使两球在空中p点相遇，则必须( )a使a、b两球质量相等ba球初速度小于b球初速度cb球先抛出d同时抛出两球考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：平抛运动的时间由高度决定，结合相遇时的高度比较运动的时间，通过水平位移比较初速度的大小解答：解：a、下落时间与球的质量无关，故a错误；bcd、两球在竖直方向上做自由落体运动，下降高度相同，则时间相等，两球在水平方向上做匀速直线运动，a的水平位移大于b的水平位移，则a的水平初速度大于b的水平初速度，两球同时抛出，故b错误，c错误，d正确故选：d点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移4一电荷量为q的正点电荷位于电场中a点，受到电场力为f，则a点的电场强度大小e=，方向与f相同若把该点电荷换成电荷量为2q的负电荷，则a点的电场强度( )a大小仍为e，方向与原来相反b大小仍为e，方向与原来相同c大小变为，方向与原来相反d大小仍为，方向与原来相同考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场强度反映电场本身性质的物理量，仅电场本身决定，与试探电荷无关根据电场强度的物理意义进行解答解答：解：根据电场强度的物理意义：电场强度反映电场本身性质的物理量，仅电场本身决定，与试探电荷无关可知，将该点电荷换为电荷量为2q的负点电荷，a点的场强大小和方向均不变，故b正确故选：b点评：电场强度是电场这一章最重要的概念之一，可根据比值定义法的共性进行理解5某实验小组用如图所示的实验装置来验证楞次定律当条形磁铁自上而下穿过固定的线圈时，通过电流计的感应电流方向是( )a先bga，后agbb先agb，后bgacbgadagb考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：当条形磁铁沿固定线圈的中轴线自上至下经过固定线圈时，穿过线圈的磁通量向下，且先增加后减小，根据楞次定律判断感应电流的磁场方向，再结合右手螺旋定则判断感应电流的方向解答：解：当条形磁铁沿固定线圈的中轴线自上至下经过固定线圈时，穿过线圈的磁通量向下，且先增加后减小，根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，故感应电流的磁场先向上后向下，故感应电流先逆时针后顺时针（俯视），即先bga，后agb故bcd错误，a正确；故选：a点评：本题是楞次定律的基本应用对于电磁感应现象中，导体与磁体的作用力也可以根据楞次定律的另一种表述判断：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动6某空间站正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致下列说法正确的是( )a空间站运行的加速度小于地球表面的重力加速度b站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动c在空间站工作的宇航员因受到平衡力作用而在舱中悬浮或静止d空间站运行的速度大于同步卫星运行速度考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力提供向心力得出线速度、角速度的表达式，从而分析线速度和角速度的大小，空间站绕地球做匀速圆周运动，里面物体处于完全失重状态解答：解：a、对于空间站有：，a=，地球表面的重力加速度g=，rr，可知ag，故a正确b、根据得，r越小，角速度越大，空间站的角速度比地球自转快，故站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动，故b正确c、空间站绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，物体处于完全失重状态，而在舱中悬浮或静止，故c错误；d、根据得，v=，空间站的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则空间站的运行速度大于同步卫星的运行速度故d正确故选：abd点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，空间站处于完全失重状态，熟练应用=ma=mg进行解答7一交变电流的图象如图所示，由图可知( )a该交流电的周期是0.02sb该交流电流最大值为20ac该交流电流的频率为100hzd用电流表测该电流其示数为10a考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率 专题：交流电专题分析：从图中可以直接读出交流电源的周期及最大值，根据有效值与最大值之间的关系即可求解有效值；电流表读数是有效值解答：解：ac、由it图象，周期为0.01s，故频率f=100hz，故a错误，c正确；bd、从图中可以直接读出交流电流的最大值为im=10a，故有效值为i=10a，电流表读数是有效值，所以用电流表测该电流其示数为10a，故b错误，d正确；故选：cd点评：本题考查了根据图象得出有用物理信息的能力，能够区分交流电的瞬时值、最大值和有效值，知道最大值与有效值的关系8如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，导轨宽度为l，其下端与电阻r连接；导体棒ab电阻为r，导轨和导线电阻不计，匀强磁场竖直向上若导体棒ab以一定初速度v下滑，则ab棒( )a所受安培力方向水平向右b可能以速度v匀速下滑c刚下滑瞬间产生的电动势为blvd减少的重力势能等于电阻r产生的内能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力 专题：电磁感应与电路结合分析：先根据右手判断出ab棒中感应电流方向，再根据左手定则判断出安培力的方向；根据公式e=blvsin，是导体棒的速度与磁场方向的夹角；根据能量守恒定律分析重力势能的减小量和内能的增加量的关系解答：解：a、根据右手定则判断可知，ab棒中感应电流方向从ba，由左手定则判断得知，棒ab所受的安培力方向水平向右，如图所示，故a正确b、若安培力沿导轨向上的分力与重力沿导轨向下的分力大小相等，ab棒可能匀速下滑，故b正确c、刚下滑瞬间产生的感应电动势为 e=blvcos，故c错误d、根据能量守恒定律得知，若ab棒匀速下滑，其减少的重力势能等于电阻r和棒ab产生的内能之和；若ab棒加速下滑，其减少的重力势能等于电阻r和棒ab产生的内能与棒ab增加的动能之和；若ab棒减速下滑，其减少的重力势能和动能之和等于电阻r和棒ab产生的内能之和，所以减少的重力势能不等于电阻r产生的内能故d错误故选：ab点评：本题分析安培力时，也可以根据安培力方向一定与磁场方向垂直，判断出a项是错误要掌握感应电动势的一般表达式e=blvsin，是导体棒的速度与磁场方向的夹角，不能只记垂直切割的特殊情况二、非选择题9在“探究加速度与合外力的关系”实验中（装置如图甲）：下列说法哪些项是正确的bc（填选项前字母）a平衡摩擦力时先将钩码通过细线挂在小车上b应该调节的滑轮的高度使细线与木板平行c实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放d为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，每隔4个点取一个计数点，分别记为o、a、b、c、d，已知打点计时器使用的交流电频率为50hz则打b点时小车的瞬时速度大小为0.080m/s；该小车的加速度是0.21m/s2（结果保留两位有效数字）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题分析：（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项该实验采用的是控制变量法研究，其中加速度、质量、合力三者的测量很重要（2）由表中数据读出位移，x=at2可求得加速度解答：解：a、平衡摩擦力时不能将钩码通过细线挂在小车上，故a错误b、细线的拉力为小车的合力，所以细线与木板平行，则应调节定滑轮的高度使细线与木板平行，故b正确c、实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放秒，故c正确d、为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量；故d错误故选：bc每隔4个点取一个计数点，故t=0.1s，打b点时小车的瞬时速度大小小车的加速度为：a=；故答案为：bc，0.080，0.21点评：本题考查“加速度与合外力的关系”实验，要明确实验的原理，并能根据匀变速直线运动的结论求出加速度10如图甲是“测量一节新干电池的电动势和内阻”的实验电路，为了较精确地测量一节新干电池的内阻，加接一定值电阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验，器材：量程3v的理想电压表v，量程0.6a的电流表a（具有一定内阻），定值电阻r0（r0=1.5），滑动变阻器r（010），开关s（1）加接电阻r0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏（2）用笔画线代替导线在图乙中完成实物连接图（3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的ui坐标系中画出ui图线如图丙所示，则新干电池的电动势e=1.50v（保留三位有效数字），内阻r=0.29（保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题分析：（1）关键是明确定值电阻除方便操作和测量外，还可以保护电池和电流表；（2）根据原理图可得出对应的实物图；关键是连线时注意电表的量程和正负极（3）的关键是根据闭合电路欧姆定律写出关于u与i的函数表达式，然后根据斜率和截距的概念即可求解解答：解：（1）加接电阻r0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏（或限制电流，防止电源短路）；（2）根据原理图得出对应的实物图如图所示：（3）根据闭合电路欧姆定律应用：e=u+i（r+），整理可得：u=（r+）i+e，根据函数斜率的概念应有：e=1.50v；r+=，解得r=0.29；故答案为：防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏如图所示1.50，0.29点评：应明确：测定电池电动势和内阻实验应选择内阻较大的旧电池；通过电流表的最小电流应为电流表量程的；遇到根据图象求解的问题，应根据物理规律整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解11ab是竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道，在下端b与水平直轨相切，如图所示一可视为质点的小球自a点起由静止开始沿轨道下滑已知圆轨道半径为r，小球的质量为m，小球与水平直轨的滑动摩擦因素为，最终小球在c点处停住（不计空气阻力）求：（1）小球下滑到b点时速度的大小；（2）小球经过圆弧轨道的b点和水平轨道的c点时，所受轨道支持力fb、fc各是多大？（3）bc之间的距离考点：动能定理；向心力 专题：动能定理的应用专题分析：（1）对a到b的过程运用动能定理，求出小球下滑到达b点的速度大小（2）根据牛顿第二定律求出在b点受到的支持力大小，根据平衡求出c点受到的支持力大小（3）对全过程运用动能定理，求出bc间的距离解答：解：（1）根据动能定理得：mgr=，解得：v=（2）小球经过圆弧轨道的b点时有：，解得：fb=3mg，小球在水平轨道的c点时：fc=mg（3）对全过程运用动能定理得：mgrmgs=0解得：s=答：（1）小球下滑到b点时速度的大小为；（2）小球经过圆弧轨道的b点和水平轨道的c点时，所受轨道支持力fb、fc各是3mg，mg（3）bc之间的距离为点评：本题考查了牛顿第二定律和动能定理的综合运用，运用动能定理解题，关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解12（18分）如图所示，一质量为m、电量为+q、重力不计的带电粒子，从a板的s点由静止开始释放，经a、b加速电场加速后，穿过中间偏转电场，再进入右侧匀强磁场区域已知ab间的电压为u，mn极板间的电压为2u，mn两板间的距离和板长均为l，磁场垂直纸面向里、磁感应强度为b、有理想边界求：（1）带电粒子离开b板时速度v0的大小；（2）带电粒子离开偏转电场时速度v的大小与方向；（3）要使带电粒子最终垂直磁场右边界射出磁场，磁场的宽度d多大？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）带电粒子在电场中加速，根据动能定理，即可求解；（2）带电粒子在电场中偏转，根据运动学公式与牛顿第二定律，可求出射出速度的大小与方向；（3）带电粒子在磁场中，在洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，因此可求出运动的半径，根据几何关系从而求出磁场的宽度解答：解：（1）带电粒子在加速电场中，由动能定理得：得带电粒子离开b板的速度：（2）粒子进入偏转电场后，有：电场强度，电场力，f=qe由牛顿第二定律，速度，vy=at解得：vy=所以带电粒子离开偏转电场时速度v的大小，方向与水平方向成45（3）根据洛伦兹力提供向心力，则有，解得：由于与水平方向成45入射，所以磁场的宽度为，答：（1）带电粒子离开b板时速度v0的大小；（2）带电粒子离开偏转电场时速度v的大小，与方向与水平方向成45；（3）要使带电粒子最终垂直磁场右边界射出磁场，磁场的宽度点评：考查带电粒子在电场中加速、偏转，运用运动学公式、牛顿第二定律，学会运动的分解来处理类平抛运动，同时利用几何关系来构建已知长度与运动半径的关系选作题（3-3）13关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是( )a一定量气体吸收热量，其内能一定增大b不可能使热量由低温物体传递到高温物体c若两分子间距离增大，分子势能一定增大d若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大考点：分子间的相互作用力；热力学第一定律 专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：做功和热传递都能改变内能，不可能使热量由低温物体传递到高温物体而不引起其它变化，若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大解答：解：a、做功和热传递都能改变内能，气体吸收热量，其内能不一定增大，a错误；b、可以使热量由低温物体传递到高温物体，但要引起其它变化，如电冰箱，故b错误；c、若分子间距大于平衡位置时，分子间距离增大，分子势能一定增大，c错误；d、若两分子间距离减小，分子间引力和斥力都增大，d正确；故选：d点评：本题考查了分子间的引力和斥力，改变内能的方式，记住热力学第一定律的公式14如图甲，一质量为m、横截面积为s的光滑活塞静止时密封