高考物理 32牛顿第二定律、两类动力学问题领航规范训练.DOC

2014届高考物理领航规范训练：3-2牛顿第二定律、两类动力学问题1(2012高考海南卷)根据牛顿第二定律，下列叙述正确的是()a物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比b物体所受合力必须达到一定值时，才能使物体产生加速度c物体加速度的大小跟它所受作用力中的任一个的大小成正比d当物体质量改变但其所受合力的水平分力不变时，物体水平加速度大小与其质量成反比解析：物体加速度的大小与质量和速度大小的乘积无关，a项错误；物体所受合力不为0，则a0，b项错误；加速度的大小与其所受的合力成正比，c项错误答案： d2(2012高考安徽卷)如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直向下的恒力f，则()a物块可能匀速下滑b物块仍以加速度a匀加速下滑c物块将以大于a的加速度匀加速下滑d物块将以小于a的加速度匀加速下滑解析：设斜面倾角为，对物块由牛顿第二定律列式：mgsin mgcos ma，得agsin gcos g(sin cos )，加上恒力f后：(mgf)sin (mgf)cos ma得a(sin cos )，因g，所以aa，c正确答案：c3(2012高考江苏卷)将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是()解析：皮球上升过程中受重力和空气阻力作用，由于空气阻力大小与速度成正比，速度v减小，空气阻力fkv也减小，根据牛顿第二定律mgfma，知ag，可知，a随v的减小而减小，且v变化得越来越慢，所以a随时间t减小且变化率减小，选项c正确答案：c4(2011高考上海卷)受水平外力f作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其vt图线如图所示，则()a在0t1秒内，外力f大小不断增大b在t1时刻，外力f为零c在t1t2秒内，外力f大小可能不断减小d在t1t2秒内，外力f大小可能先减小后增大解析：由图象可知，0t1物体做a减小的加速运动，t1时刻a减小为零由a可知，f逐渐减小，最终ff，故a、b错误t1t2物体做a增大的减速运动，由a可知，至物体速度减为零之前，f有可能是正向逐渐减小，也可能已正向减为零且负向增大，故c、d正确答案：cd5(2012扬州模拟)从地面以一定的速度竖直向上拋出一小球，小球从拋出点上升到最高点的时刻为t1，下落到拋出点的时刻为t2.若空气阻力的大小恒定，则在图中能正确表示被拋出物体的速率v随时间t的变化关系的图线是()答案：c6如图所示，两个质量分别为m12 kg、m23 kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧测力计连接，两个大小分别为f130 n，f220 n的水平拉力分别作用在m1、m2上，则()a弹簧测力计的示数是10 nb弹簧测力计的示数是50 nc在突然撤去f2的瞬间，弹簧测力计的示数不变d在突然撤去f1的瞬间，m1的加速度不变解析：设弹簧的弹力为f，系统加速度为a.对系统：f1f2(m1m2)a，对m1：f1fm1a，联立两式解得：a2 m/s2，f26 n，故a、b两项都错误；在突然撤去f2的瞬间，两物体间的距离不能发生突变，所以弹簧的长度在撤去f2的瞬间没变化，弹簧上的弹力不变，故c项正确；若突然撤去f1，物体m1所受的合外力方向向左，而没撤去f1时，合外力方向向右，所以m1的加速度发生变化，故d项错误答案：c7(2013马鞍山调研)如图所示，a、b两小球分别连在弹簧两端，b端用细线固定在倾角为30光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，a、b两球的加速度分别为()a都等于b.和0c.和0 d0和解析：线被剪断瞬间，线的拉力变为0，弹簧形变来不及发生变化，弹力不变，故a球仍受力平衡，加速度为0，b球受重力、支持力、弹簧产生的大小为magsin 30的弹力，所以可得其加速度为.答案：d8汽车正在走进千家万户，在给人们的出行带来方便的同时也带来了安全隐患行车过程中，如果车距较近，刹车不及时，汽车将发生碰撞，车里的人可能受到伤害，为了尽可能地减轻碰撞引起的伤害，人们设计了安全带，假定乘客质量为70 kg，汽车车速为90 km/h，从踩下刹车到完全停止需要的时间为5 s，安全带对乘客的作用力大小约为(不计人与座椅间的摩擦)()a450 nb400 nc350 n d300 n解析：汽车的速度v090 km/h25 m/s，设汽车匀减速的加速度大小为a，则a5 m/s2，对乘客应用牛顿第二定律得：fma705 n350 n，所以c正确答案：c9如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板ao、bo、co，其下端都固定于底部圆心o，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30、45、60.若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑(忽略阻力)，则()aa处小孩最后到o点bb处小孩最后到o点cc处小孩最先到o点da、c处小孩同时到o点解析：设圆柱半径为r，滑板长l，agsin ，t，分别将30，45，60代入计算可知，tatctb，故d对答案：d10质量m10 kg的物体，在f40 n的水平向左的力的作用下，沿水平桌面从静止开始运动物体运动时受到的滑动摩擦力ff30 n在开始运动后的第5 s末撤去水平力f，求物体从开始运动到最后停止总共发生的位移大小(保留三位有效数字)解析：加速过程对物体运用牛顿第二定律得：fffma1解得：a11 m/s25 s末的速度：va1t5 m/s5 s内的位移：x1a1t212.5 m减速过程由牛顿第二定律得：ffma2解得：a23 m/s2减速位移：x24.2 m总位移：xx1x216.7 m答案：16.7 m11一质量m0.5 kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为30足够长的斜面，某同学利用dis实验系统测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图求：(g取10 m/s2)(1)滑块冲上斜面过程中加速度的大小；(2)滑块与斜面间的动摩擦因数；(3)判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的动能；若不能返回，求出滑块停在什么位置解析：(1)滑块的加速度大小am/s212 m/s2.(2)物体在冲上斜面过程中mgsin mgcos ma0.81.(3)滑块速度减小到零时，重力的分力小于最大静摩擦力，不能再下滑x m1.5 m滑块停在距底端1.5 m处答案：(1)12 m/s2(2)0.81(3)不能再下滑，滑块停在距底端1.5 m处12原地起跳时，先屈腿下蹲，然后突然蹬地，从开始蹬地到离地是加速过程(视为匀加速)，加速过程中重心上升的距离为“加速距离”离地后重心继续上升，在此过程中重心上升的最大距离称为“竖直高度”某同学身高1.8 m，质量80 kg，在某一次运动会上，他参加跳高比赛时“加速距离”为0.5 m，起跳后身体横着越过(背越式)2.15 m高的横杆，试估算人的起跳速度v和起跳过程中地面对人的平均作用力(g取10 m/s2)解析：把跳高分为起跳过程和腾空过程两