广东省阳江市阳东二中高二物理上学期10月月考试卷 理（含解析）.doc

广东省阳江市阳东二中2014-2015学年 高二上学期月考物理试卷（理科）（10月份）一、单项选择题（4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求，选对的得4分，选错或不选得0分）1（4分）下列带电体一定可以看作点电荷的是（）a体积很小的带电体b质量很小的带电体c电荷量很小的带电体d形状和大小可以忽略不计的带电体2（4分）真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止释放q2 且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力（）a不断减小b不断增加c始终保持不变d先增大后减小3（4分）下列说法正确的是（）a电场线是空间实际存在的一组曲线b沿电场线方向，电势逐渐减小c沿电场线方向，电场强度一定越来越大d任意两点间的电势差等于电场强度和这两点距离的乘积4（4分）a和b为电场中的两个点，如果把q=2108 c的负电荷从a点移动到b点，电场力对该电荷做了4107j的正功，则该电荷的电势能（）a增加了4107jb增加了2108jc减少了4107jd减少了81015j二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分.在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求，全部选对的得5分，只选1个且正确的得3分，选错或不选得0分）5（6分）关于电场强度的定义式e=，下面说法中正确的是（）a试探电荷的电量q不同时，受到的电场力f不同，场强e也不同b电场强度e的大小与试探电荷受到的电场力f的大小不成正比，与试探电荷的自身电荷量q 的大小也不成反比c试探电荷的电性不同时，受到的电场力的方向不同，场强的方向也不同d电场强度由电场本身决定，与是否放置试探电荷及试探电荷的电量、电性均无关6（6分）关于等势面正确的说法是（）a电荷在等势面上移动时不受电场力作用，所以不做功b等势面上各点的场强大小相等c等势面一定跟电场线垂直d等势面上的各点电势一定相等7（6分）如图所示，mn是电场中的一条电场线，一电子只受电场力，从a点运动到b点速度在不断地增大，则下列结论中正确的是（）a该电场是匀强电场b电场线的方向由n指向mc电子在a处的加速度小于在b处的加速度d电场力对电子一定是做正功，电子的电势能不断地减小8（6分）一带电粒子从电场中的a点运动到b点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）a粒子带正电b粒子加速度逐渐减小ca点的场强小于b点的场强d粒子的速度不断减小9（6分）连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时（）a电容器两极间的电势差u变大b电容器两极间的电势差u变小c电容器两极极的电荷量q增大d电容器两极极的电场强度e增大三、填空题（本题共3小题，共18分）10（6分）如图所示的匀强电场中，m、n两点距离为4cm，两点间的电势差为5v，mn连线与场强方向成60角，则此电场的电场强度大小为11（6分）游标卡尺读数：它们的读数分别为：甲cm，乙cm12（6分）螺旋测微器读数：它们的读数分别为：甲mm，乙mm四、计算题（本题共3小题，11题8分，12题10分，13题18分，共36分；按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13（8分）如图所示，绝缘光滑半圆环轨道半径为r放在竖直向下的匀强电场中，场强为e在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，当小球运动到轨道最低点时，求：（1）小球的动能（2）小球对轨道的压力大小（已知重力加速度为g）14（10分）用l=30cm的细线将质量为m=4103的带电小球p悬挂在o点下，当空中有方向水平向右，大小为e=1104n/c的匀强电场时，小球偏离竖直方向37角后处于静止状态（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）分析小球的带电性质？（2）求小球的带电量？（3）剪断细线1s，小球发生的位移？15（18分）示波器的示意图如图，金属丝发射出来的电子（初速度为零，不计重力）被加速后从金属板的小孔穿出，进入偏转电场电子在穿出偏转电场后沿直线前进，最后打在荧光屏上设加速电压u1=1640v，偏转极板长l=4cm，偏转板间距d=1cm，当电子加速后从两偏转板的中央沿板平行方向进入偏转电场（1）偏转电压u2为多大时，电子束打在荧光屏上偏转距离最大？（2）如果偏转板右端到荧光屏的距离s=20cm，则电子束最大偏转距离为多少？广东省阳江市阳东二中2014-2015学年高二上学期月考物理试卷（理科）（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（4小题，每小题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求，选对的得4分，选错或不选得0分）1（4分）下列带电体一定可以看作点电荷的是（）a体积很小的带电体b质量很小的带电体c电荷量很小的带电体d形状和大小可以忽略不计的带电体考点：元电荷、点电荷 专题：常规题型分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系解答：解：带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，电子和质子的体积虽然很小，如果相对于研究的问题，它们间相互作用力的影响不能忽略不计，就不能看作点电荷，所以能否看成点电荷与自身体积大小、质量大小、电荷量大小无关，故abc错误，d正确；故选：d点评：本题关键明确点电荷是一个理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计2（4分）真空中两个同性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止释放q2 且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力（）a不断减小b不断增加c始终保持不变d先增大后减小考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：本题比较简单，由题可知小球受斥力，距离越来越远，因此直接利用库仑定律公式即可求解解答：解：带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据可知距离增大，电场力将逐渐减小，故bcd错误，a正确故选a点评：对于库仑定律公式，要明确其使用条件和各个物理量的含义3（4分）下列说法正确的是（）a电场线是空间实际存在的一组曲线b沿电场线方向，电势逐渐减小c沿电场线方向，电场强度一定越来越大d任意两点间的电势差等于电场强度和这两点距离的乘积考点：电场线；电势 分析：利用电场线实际不存在和电场线的疏密程度反映电场的强弱，沿电场线的方向电势越来越低分析求解解答：解：a、电场线实际不存在，是为形象描述电场而假想的，故a错误；bc、据电场线的特点可知，电场线的疏密程度反映电场的强弱，沿电场线的方向电势越来越低，故b正确，c错误；d、在匀强电场中，沿电场线的方向任意两点间的电势差等于电场强度和这两点距离的乘积，故d错误故选：b点评：明确电场线实际不存在和电场线的疏密程度反映电场的强弱，沿电场线的方向电势越来越低是解题的关键4（4分）a和b为电场中的两个点，如果把q=2108 c的负电荷从a点移动到b点，电场力对该电荷做了4107j的正功，则该电荷的电势能（）a增加了4107jb增加了2108jc减少了4107jd减少了81015j考点：电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少；电场力做功多少，电荷的电势能就减少多少电荷在电场力作用下做功，导致电势能变化解答：解：负电荷在电场力作用下发生位移，电场力做功多少，电荷的电势能就减少多少则得：负电荷从电场中的a点移动到b点，电场力做了4107j的功，电势能减小epab=4107j；选项c正确，abd错误故选：c点评：电荷的电势能增加还是减少是由电场力做功的正负决定就像重力做功与重力势能一样二、双项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分.在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求，全部选对的得5分，只选1个且正确的得3分，选错或不选得0分）5（6分）关于电场强度的定义式e=，下面说法中正确的是（）a试探电荷的电量q不同时，受到的电场力f不同，场强e也不同b电场强度e的大小与试探电荷受到的电场力f的大小不成正比，与试探电荷的自身电荷量q 的大小也不成反比c试探电荷的电性不同时，受到的电场力的方向不同，场强的方向也不同d电场强度由电场本身决定，与是否放置试探电荷及试探电荷的电量、电性均无关考点：电场强度 分析：电场强度的定义式e=，适用于任何电场，电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关解答：解：a、电场强度反映电场本身的特性，由电场本身决定，与试探电荷无关，故a错误b、电场强度的定义式e=，采用比值法定义，e与f、q无关，故b正确c、e的方向与正试探电荷所受的电场力方向相同，与负试探电荷所受的电场力方向相反，试探电荷的电性不同时，受到的电场力的方向不同，但场强的方向不变，故c错误d、电场强度由电场本身决定，与是否放置试探电荷及试探电荷的电量、电性均无关，故d正确故选：bd点评：解决本题要抓住场强定义的方法，知道比值定义法的共性，来理解电场强度的物理意义6（6分）关于等势面正确的说法是（）a电荷在等势面上移动时不受电场力作用，所以不做功b等势面上各点的场强大小相等c等势面一定跟电场线垂直d等势面上的各点电势一定相等考点：等势面 分析：电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功解答：解：a、等势面与电场线垂直，故沿着等势面移动点电荷，电场力与运动方向一直垂直，电场力不做功，故a错误；b、电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面，等势面上各个点的场强大小情况要看具体的电场，故b错误；c、等势面与电场线垂直，故c正确；d、等势面与电场线垂直，等势面上的各点电势一定相等，故d正确；故选：cd点评：本题关键是要明确等势面的概念，同时要能根据电场线画出常见的几种等势面图7（6分）如图所示，mn是电场中的一条电场线，一电子只受电场力，从a点运动到b点速度在不断地增大，则下列结论中正确的是（）a该电场是匀强电场b电场线的方向由n指向mc电子在a处的加速度小于在b处的加速度d电场力对电子一定是做正功，电子的电势能不断地减小考点：电场线；电场强度 分析：电场线的疏密代表电场的强弱，电场线越密，场强越大，电场线越疏，场强越小负电荷由静止释放，且由a向b运动，则说明负电荷所受的电场力一定是由a指向b而负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，确定出电场线的方向由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定场强大小关系解答：解：a、一条电场线不能反映电场线的疏密情况，则不能判断场强的变化情况，可知该电场不一定是匀强电场，故a错误b、电子从a点运动到b点速度在不断地增大，则电子所受的电场力一定是由a指向b电子带负电，则电场线的方向由n指向m故b正确c、由于不知负电荷由a运动到b的过程中电场力的变化情况，因此无法确定加速度大小，故c错误；d、电子的速度增大，动能增加，则电场力对电子做正功，根据能量守恒可知电势能不断减小，故d正确故选：bd点评：本题考查判断推理能力，抓住电场线的疏密表示电场强度大小，明确电子运动过程中总能量守恒是关系8（6分）一带电粒子从电场中的a点运动到b点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则（）a粒子带正电b粒子加速度逐渐减小ca点的场强小于b点的场强d粒子的速度不断减小考点：电场线；电场强度；电势；电势能 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场力作用下从a到b，由运动与力关系可知，电场力方向大体指向运动轨迹弯曲一侧，即可判断带电粒子带负电；电场线的疏密表示电场强度的强弱解答：解：a、由图所示，粒子从a到b，粒子的轨迹向左弯曲，电场力逆着电场线方向，所以粒子带负电故a错误b、从a到b，电场线越来越疏，所以电场强度减小，电场力也变小，则加速度也减小，故b正确c错误d、由图所示，粒子从a到b，根据曲线运动条件可得，电场力逆着电场线方向，所以电场力对负粒子做负功，其电势能增大，动能减小，因此a点的电势能小于b点电势能，速度不断减小，故d正确故选：bd点评：本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧；电场线的疏密表示电场强度的强弱9（6分）连接在电池两极上的平行板电容器，当两极板间的距离减小时（）a电容器两极间的电势差u变大b电容器两极间的电势差u变小c电容器两极极的电荷量q增大d电容器两极极的电场强度e增大考点：电容器的动态分析 专题：电容器专题分析：连接在电池两极的平行板电容器两端的电势差u不变，根据c= 分析电容变化，根据c= 分析电量变化，根据u=ed分析电场强度的变化解答：解：a、连接在电池两极的平行板电容器两端的电势差u不变，故ab错误；c、当两板间距离减小时，根据c=，电容增加，因电压不变，根据c=，电量增大，故c正确；d、电压不变，距离减小，根据u=ed，场强增加，故d正确；故选：cd点评：本题是电容器的动态分析问题，关键是记住三个公式，即：c=、c=、u=ed三、填空题（本题共3小题，共18分）10（6分）如图所示的匀强电场中，m、n两点距离为4cm，两点间的电势差为5v，mn连线与场强方向成60角，则此电场的电场强度大小为250v/m考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电势差、以及沿电场线方向上的距离，求出电场的电场强度大小解答：解：沿电场线方向上的距离d=4cos60cm=2cm，则电场强度的大小e=故答案为：250v/m点评：解决本题的关键掌握电势差与电场强度的关系，注意d表示沿电场线方向上的距离11（6分）游标卡尺读数：它们的读数分别为：甲0.06cm，乙6.325cm考点：刻度尺、游标卡尺的使用 分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为0mm，游标尺上第6个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为60.1mm=0.6mm，所以最终读数为：0mm+0.6mm=0.6mm=0.06cm2、游标卡尺的主尺读数为63mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为50.05mm=0.25mm，所以最终读数为：63mm+0.25mm=63.25mm=6.325cm故答案为：0.06 6.325点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12（6分）螺旋测微器读数：它们的读数分别为：甲3.516（3.5153.517）mm，乙1.100mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为3.5mm，可动刻度为1.60.01mm=0.016mm，所以最终读数为3.5mm+0.016mm=3.516mm，由于需要估读，最后的结果可以在3.5153.517之间2、螺旋测微器的固定刻度为1mm，可动刻度为10.00.01mm=0.100mm，所以最终读数为1mm+0.100mm=1.100mm故答案为：3.516（3.5153.517）1.100点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量四、计算题（本题共3小题，11题8分，12题10分，13题18分，共36分；按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13（8分）如图所示，绝缘光滑半圆环轨道半径为r放在竖直向下的匀强电场中，场强为e在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，当小球运动到轨道最低点时，求：（1）小球的动能（2）小球对轨道的压力大小（已知重力加速度为g）考点：动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：动能定理的应用专题分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，分析物体的受力的情况后根据机械能守恒的条件判断物体是否是机械能守恒；小球向下运动的过程中，不仅是重力做功，还有电场力做功，由功和能的关系，可以判断速度的变化，小球做的是圆周运动，由向心力的公式可以分析球与轨道的作用力解答：解：（1）对小球，由动能定理可得动能ek=mv2=（mg+qe）r（2）在最低点时，由向心力的公式可得，nmgqe=m，联立以上两个方程可得：n=3（mg+qe），由牛顿第三定律可知，小球在最低点对轨道的压力为3（mg+qe）答：（1）小球的动能为为（mg+qe）r；（2）小球对轨道的压力为3（mg+qe）点评：小球做的是圆周运动，在最低点时受重力、电场力和轨道对球的支持力，这三个力的合力提供向心力，最后根据牛顿第三定律得的小球在最低点对轨道的压力14（10分）用l=30cm的细线将质量为m=4103的带电小球p悬挂在o点下，当空中有方向水平向右，大小为e=1104n/c的匀强电场时，小球偏离竖直方向37角后处于静止状态（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）分析小球的带电性质？（2）求小球的带电量？（3）剪断细线1s，小球发生的位移？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据共点力平衡得出小球所受电场力方向，确定出小球的电性，以及电量的大小剪断细线后，小球做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，从而根据位移时间公式求出小球的位移解答：解：（1）小球受力与场强相同，故带正电（2）小球受力平衡，在水平方向：qe=mgtan37，得c（3）如受力图可知a=12.5m/s2线断后小球做匀加速直线运动s=答：（1）小球带正电（2）小球的带电量为3106c（3）剪断细线1s，小球发生的位移为6.25m点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡和牛顿第二定律