山东省东营市广饶一中高三物理上学期期中试卷（含解析）.doc

山东省东营市广饶一中2015届高三上学期期中物理试卷一、选择题：（下列每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分，本题共40分）1下列对运动的认识正确的是( )a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b伽利略认为力不是维持物体速度的原因c牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去2质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，升降机以加速度a在竖直方向做匀变速直线运动，若物体处于失重状态，则( )a升降机的加速度方向竖直向下b台秤示数减少mac升降机一定向上运动d升降机一定做加速运动3从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体、的速度时间图象如图所示在0t2时间内，下列说法中正确的是( )a物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不断减小b在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远ct2时刻两物体相遇d、两个物体的平均速度大小都是4关于相互接触的两个物体之间的弹力和摩擦力，以下说法中正确的是( )a有弹力必定有摩擦力b有摩擦力必定有弹力c摩擦力的大小一定与弹力大小成正比d摩擦力方向与弹力方向始终垂直5在圆轨道上运动的质量为m的人造卫星，它到地面的距离等于地球半径的2倍，地球半径为r，地球表面的重力加速度为g，则( )a卫星运动的速度为b卫星运动的周期为6c卫星运动的加速度为gd卫星的动能为mgr6甲乙两车在一平直道路上同向运动，其vt图象如图所示，图中opq和oqt的面积分别为s1和s2（s2s1）初始时，甲车在乙车前方s0处( )a若s0=s1+s2，两车不会相遇b若s0s1，两车相遇1次c若s0=s1，两车相遇2次d若s0=s2，两车相遇1次7如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的o点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中( )a小球的机械能守恒b重力对小球不做功c绳的张力对小球不做功d在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少8如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为若滑块与斜面之间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则( )a将滑块由静止释放，如果tan，滑块将下滑b给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan，滑块将减速下滑c用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是2mgsind用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是mgsin9有一直角v形槽固定在水平面上，其截面如图所示，bc面与水平面间夹角为60，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与bc面间的动摩擦因数为，与ab面间无摩擦，现用垂直于纸面向里的力推木块使之沿槽运动，则木块受的摩擦力为( )amgbmgcmgdmg10质量为m的光滑圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力f作用在其上促使质量为m的小球相对静止在圆槽上，如图所示，则( )a小球对圆槽的压力为b小球对圆槽的压力为c水平恒力f变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加d水平恒力f变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小二、填空题（本题共3小题，其中11小题4分，12小题4分，15小题8分，共16分）11如图，使用打点计时器研究匀变速直线运动的实验中，某次纸带记录情况如图所示，如果从某点a起，每打5个点取一个计数点，并标明a、b、c、d、e，依图中数据算出小车的加速度是_m/s2，在b点处的瞬时速度是_m/s12在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图所示）实验中需用两个弹簧秤分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条某同学认为在此过程中必须注意以下几项：a、两根细绳必须等长b、橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上c、在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行其中正确的是_（填入相应的字母）13如图1所示，用落体法验证机械能守恒定律的实验，（1）某同学列举了该实验的几个步骤，其中不正确或没有必要的是_（填序号即可）a、正确安装好实验仪器b、将打点计时器接到学生电源的低压直流输出端c、用天平测出下落重物的质量，且精确到0.01kgd、实验中，释放纸带前用夹子夹住纸带不上下移动，且保证纸带竖直e、为了使打出来的第一个点清晰，应该先释放纸带再接通打点计时器电源开关（2）在实验中打点计时器所接交流电频率为50hz，当地重力加速度g=9.8m/s2实验选用的重物质量为m，纸带上打点计时器打下的连续计时点a、b、c、d到o点的距离如图2所示，则重物从o点运动到c点，重力势能减少_j，重物经过c点时的速度为_ m/s，其动能的增加为_j（取3位有效数字）三、计算题（本题4小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14一辆质量为2.0103kg的汽车以额定功率为6.0104w在水平公路上行驶，汽车受到的阻力为一定值，在某时刻汽车的速度为20m/s，加速度为0.50m/s2，求（g取10m/s2）：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是多大？（3）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小为a=1.0m/s2，则这一过程能保持多长时间？15两个完全相同的物块a、b，质量均为m=0.8kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动图中的两条直线分别表示a物块受到水平拉力f作用和b物块不受拉力作用的vt图象，求：（1）物块a所受拉力f的大小；（2）8s末物块a、b之间的距离x16水上滑梯可简化成如图所示的模型，斜槽ab和水平槽bc平滑连接，斜槽ab的竖直高度h=6.0m，倾角=37水平槽bc长d=2.0m，bc面与水面的距离h=0.80m，人与ab、bc间的动摩擦因数均为=0.10取重力加速度g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6一小朋友从滑梯顶端a点无初速地自由滑下，求：（1）小朋友沿斜槽ab下滑时加速度的大小a；（2）小朋友滑到c点时速度的大小；（3）在从c点滑出至落到水面的过程中，小朋友在水平方向位移的大小x17小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地，如图所示已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为 d，重力加速度为g，忽略手的运动半径和空气阻力（1）求绳断时球的速度大小v1和球落地时的速度大小v2（2）问绳能承受的最大拉力多大？山东省东营市广饶一中2015届高三上学期期中物理试卷一、选择题：（下列每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分，本题共40分）1下列对运动的认识正确的是( )a亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用才会运动b伽利略认为力不是维持物体速度的原因c牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动d伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去考点：物理学史 分析：亚里士多德认为只有物体受到力的作用才会运动伽利略认为力不是维持物体速度的原因根据牛顿、伽利略对力和运动关系的研究分析解答：解：a、亚里士多德认为只有物体受到力的作用才会运动故a正确；b、伽利略通过理想斜面实验得出这样的观点：力不是维持物体速度的原因，故b正确；c、牛顿认为力是改变物体运动状态的原因，并不是使物体运动的原因，物体维持运动状态的原因是物体具有惯性而c选项中“而不仅仅是使之运动”含义是力使物体运动，显然是错误的故c错误d、伽利略根据理想斜面实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去所以认为力不是维持物体运动状态的原因故d正确故选：abd点评：牛顿第一定律解决了力和运动最根本的关系，它是整个牛顿力学的基础2质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，升降机以加速度a在竖直方向做匀变速直线运动，若物体处于失重状态，则( )a升降机的加速度方向竖直向下b台秤示数减少mac升降机一定向上运动d升降机一定做加速运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重 专题：牛顿运动定律综合专题分析：由于测出的人的体重比真实的体重小，说明人处于失重状态，据此可以判断出合理的加速度的方向；根据牛顿第二定律，可以判断人的加速度的方向，进而可以判断升降机的运动状态解答：解：a、由于测得体重为mg，人对台秤的压力小于人的重力，对于人来说应该是有向下的合力，根据牛顿第二定律f=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，此时可以是向下加速，也可以是向上减速，所以a选项正确；b、根据牛顿第二定律f=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，所以台秤示数减少ma，故b正确；c、由于测得体重为mg，人对台秤的压力小于人的重力，对于人来说应该是有向下的合力，根据牛顿第二定律f=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，此时可以是向下加速，也可以是向上减速，所以c选项错误d、由于测得体重为mg，人对台秤的压力小于人的重力，对于人来说应该是有向下的合力，根据牛顿第二定律f=ma可知人有向下的加速度，那么升降机也就有向下的加速度，此时可以是向下加速，也可以是向上减速，所以d选项错误故选：a、b点评：本题主要是考查对超重失重现象的理解，并利用牛顿第二定律来求物体的加速度，判断运动情况3从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体、的速度时间图象如图所示在0t2时间内，下列说法中正确的是( )a物体所受的合外力不断增大，物体所受的合外力不断减小b在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远ct2时刻两物体相遇d、两个物体的平均速度大小都是考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：vt图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，切线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移，两个物体同一地点同时开始沿同一直线运动，相遇的要求在同一时刻到达同一位置；匀变速直线运动的平均速度为解答：解：a、由图象可知i物体做加速度越来越小的加速运动，所受的合外力不断减小，ii物体做匀减速直线运动所受的合外力不变，故a错误；b、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在t1时刻两物体面积差最大，相距最远，故b正确；c、图象与坐标轴围成的面积表示位移，则t2时刻的位移大于的位移，没有相遇，故c错误；d、物体做匀减速直线运动，平均速度大小等于，物体做变加速直线运动，根据图线与时间轴所围面积表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于，故d错误；故选：b点评：该题考查了速度时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大4关于相互接触的两个物体之间的弹力和摩擦力，以下说法中正确的是( )a有弹力必定有摩擦力b有摩擦力必定有弹力c摩擦力的大小一定与弹力大小成正比d摩擦力方向与弹力方向始终垂直考点：滑动摩擦力 专题：摩擦力专题分析：通过摩擦力和弹力产生的条件，可判断选项ab的正误；静摩擦力的大小通过力的平衡来求得，与正压力不成正比，滑动摩擦力的大小可通过f=n求得，大小与弹力成正比，由此可判断c选项的正误；结合摩擦力与弹力方向的判断，可知选项d的正误解答：解：ab、弹力产生的条件是：相互接触、有正压力，并发生弹性形变；摩擦力产生的条件是：相互接触、有弹力、接触面粗糙、有相对运动或相对运动趋势，由上述可知，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，选项a错误，b正确c、静摩擦力的大小与外力有关，不与弹力成正比，滑动摩擦力的大小与弹力成正比，选项c错误d、摩擦力的方向沿着接触面的方向，弹力的方向与接触面垂直，所以摩擦力方向与弹力方向始终垂直，选项d正确故选：bd点评：该题考查了摩擦力和弹力产生的条件，一定要熟练的掌握，弹力是相互接触并相互挤压（或有正压力，并发生弹性形变）；摩擦力是要接触、接触面粗糙、有正压力并有相对运动或相对运动趋势知道弹力的方向垂直于接触面，摩擦力的方向沿着接触面，并与相对运动或相对运动的趋势的方向相反5在圆轨道上运动的质量为m的人造卫星，它到地面的距离等于地球半径的2倍，地球半径为r，地球表面的重力加速度为g，则( )a卫星运动的速度为b卫星运动的周期为6c卫星运动的加速度为gd卫星的动能为mgr考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：在地球表面重力与万有引力相等，万有引力提供卫星圆周运动的向心力，由此展开讨论即可解答：解：在地球表面有：可得gm=gr2卫星离地高度为2r，则卫星的轨道半径r=3r，根据万有引力提供圆周运动向心力有：g可得：a、卫星的线速度v=，故a错误；b、卫星的周期t=，故b正确；c、卫星运动的加速度a=，故c错误；d、卫星的动能为，故d正确故选：bd点评：星球表面重力与万有引力相等，卫星受到地球万有引力提供其圆周运动的向心力这是解决此类问题的两个主要着手点6甲乙两车在一平直道路上同向运动，其vt图象如图所示，图中opq和oqt的面积分别为s1和s2（s2s1）初始时，甲车在乙车前方s0处( )a若s0=s1+s2，两车不会相遇b若s0s1，两车相遇1次c若s0=s1，两车相遇2次d若s0=s2，两车相遇1次考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：此题考察了追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件解答：解：由图线可知：在t时间内，甲车前进了s2，乙车前进了s1+s2；a、若s0=s1+s2，即s0s1，两车不会相遇，则最小距离为s2，故a正确b、甲、乙两车速度相同时，若s0s1，则此时乙车已在甲车的前面，以后甲还会追上乙，全程中甲、乙相遇2次；故b错误c、若s0=s1，则s0+s2=s1+s2，即两车只能相遇一次，故c错误；d、若s0=s2，由于s2s1，故s0s1，两车不会相遇，故d错误；故选：a点评：1、抓住速度图象是速度随时间的变化规律，是物理公式的函数表现形式，分析问题时要做到数学与物理的有机结合，数学为物理所用2、在速度图象中，纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的“面积”表示位移，抓住以上特征，灵活分析7如图所示，一轻绳的一端系在固定粗糙斜面上的o点，另一端系一小球，给小球一足够大的初速度，使小球在斜面上做圆周运动，在此过程中( )a小球的机械能守恒b重力对小球不做功c绳的张力对小球不做功d在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球动能的减少考点：机械能守恒定律；动能定理的应用 专题：机械能守恒定律应用专题分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹力做功，根据机械能守恒的条件逐个分析物体的受力的情况，即可判断物体是否是机械能守恒知道除了重力之外的力做功量度机械能的变化解答：解：a、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球除了重力之外还有摩擦力做功，所以小球的机械能不守恒，故a错误b、小球在斜面上做圆周运动，在此过程中小球在竖直方向上有位移产生，所以重力做功，故b错误c、绳的张力始终与小球的速度方向垂直，所以绳的张力对小球不做功，故c正确d、根据除了重力之外的力做功量度机械能的变化，在任何一段时间内，小球克服摩擦力所做的功总是等于小球的机械能的减少，故d错误故选c点评：本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，同时能判断各个力做功情况8如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为若滑块与斜面之间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则( )a将滑块由静止释放，如果tan，滑块将下滑b给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan，滑块将减速下滑c用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是2mgsind用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是mgsin考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用 分析：物体的重力有两个作用效果，使物体沿斜面下滑和使物体紧压斜面，将重力正交分解后，当重力的下滑分量大于滑动摩擦力时，物体加速下滑，当重力的下滑分量小于最大静摩擦力时，物体不能下滑，匀速下滑时，重力的下滑分量等于滑动摩擦力解答：解：a、物体由静止释放，对物体受力分析，受重力、支持力、摩擦力，如图物体加速下滑，gxfn=gy故mgsinmgcos解得 tan故a错误；b、给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan，则有mgsinmgcos故b错误；c、用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，根据平衡条件，有fmgsinmgcos=0=tan故解得f=2mgsin故c正确；d、用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，根据平衡条件，有f+mgsinmmgcos=0=tan故解得f=0故d错误；故选：c点评：本题关键将重力按照作用效果正交分解，然后求出最大静摩擦力，结合共点力平衡条件讨论即可9有一直角v形槽固定在水平面上，其截面如图所示，bc面与水平面间夹角为60，有一质量为m的正方体均匀木块放在槽内，木块与bc面间的动摩擦因数为，与ab面间无摩擦，现用垂直于纸面向里的力推木块使之沿槽运动，则木块受的摩擦力为( )amgbmgcmgdmg考点：滑动摩擦力 专题：摩擦力专题分析：先将重力按照实际作用效果正交分解，求解出正压力，然后根据滑动摩擦定律求解摩擦力解答：解：将重力按照实际作用效果正交分解，如图故f2=mgsin30=滑动摩擦力为f=故选：a点评：本题关键将重力按照作用效果正交分解，然后根据滑动摩擦定律求解出滑动摩擦力10质量为m的光滑圆槽放在光滑水平面上，一水平恒力f作用在其上促使质量为m的小球相对静止在圆槽上，如图所示，则( )a小球对圆槽的压力为b小球对圆槽的压力为c水平恒力f变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力增加d水平恒力f变大后，如果小球仍静止在圆槽上，小球对圆槽的压力减小考点：牛顿第二定律；牛顿第三定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：以圆槽与小球组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可以求出系统的加速度，以小球为研究对象，应用牛顿第二定律与力的合成知识可以求出小球受到的支持力，然后由牛顿第三定律可以求小球对圆槽的压力解答：解：a、以圆槽与小球组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律可得：f=（m+m）a，解得系统的加速度为a=，以小球为研究对象，由牛顿第二定律得：fx=ma=，小球受到圆槽的支持力为fn=，由牛顿第三定律可知，小球对圆槽的压力fn=，故ab错误；c、水平恒力f变大后，如果小球仍静止在圆槽上，由可知，小球对圆槽的压力增大，故c正确，d错误；故选c点评：熟练应用整体法与隔离法是正确解题的关键，应用平行四边形定则、牛顿第二定律、牛顿第三定律即可正确解题二、填空题（本题共3小题，其中11小题4分，12小题4分，15小题8分，共16分）11如图，使用打点计时器研究匀变速直线运动的实验中，某次纸带记录情况如图所示，如果从某点a起，每打5个点取一个计数点，并标明a、b、c、d、e，依图中数据算出小车的加速度是1.02m/s2，在b点处的瞬时速度是0.281m/s考点：测定匀变速直线运动的加速度；探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题；直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上b点时小车的瞬时速度大小解答：解：根据题中数据可知连续相等时间内的位移差为x=1.02cm，每打5个点取一个计数点，计数点之间的时间间隔为t=0.1s，因此有：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：故答案为：1.02，0.281点评：提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用12在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图所示）实验中需用两个弹簧秤分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条某同学认为在此过程中必须注意以下几项：a、两根细绳必须等长b、橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上c、在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行其中正确的是c（填入相应的字母）考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：在实验中使用一根弹簧秤拉细线与两根弹簧秤拉细线的作用效果要相同（即橡皮条拉到同一位置），而细线的作用是画出力的方向，弹簧秤能测出力的大小因此细线的长度没有限制，弹簧秤的示数也没有要求，两细线的夹角不要太小也不要太大，但拉弹簧秤时必须保证与木板平面平行解答：解：a、细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长故a选项不正确；b、两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上故b选项不正确；c、在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小故c选项正确；故选c点评：在此实验中重点是作出力的图示，这样才能得以验证力的平行四边形，所以细线的方向与弹簧秤的示数是关键13如图1所示，用落体法验证机械能守恒定律的实验，（1）某同学列举了该实验的几个步骤，其中不正确或没有必要的是bce（填序号即可）a、正确安装好实验仪器b、将打点计时器接到学生电源的低压直流输出端c、用天平测出下落重物的质量，且精确到0.01kgd、实验中，释放纸带前用夹子夹住纸带不上下移动，且保证纸带竖直e、为了使打出来的第一个点清晰，应该先释放纸带再接通打点计时器电源开关（2）在实验中打点计时器所接交流电频率为50hz，当地重力加速度g=9.8m/s2实验选用的重物质量为m，纸带上打点计时器打下的连续计时点a、b、c、d到o点的距离如图2所示，则重物从o点运动到c点，重力势能减少2.74mj，重物经过c点时的速度为2.33 m/s，其动能的增加为2.71mj（取3位有效数字）考点：验证机械能守恒定律；重力势能的变化与重力做功的关系；用打点计时器测速度 分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值解答：解：（1）b：将打点计时器接到学生电源的低压交流输出端，故b不正确c：因为我们是比较mgh、 mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平故c没有必要e：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，故e不正确故选bce（2）重力势能减小量ep=mgh=9.80.2795m j=2.74m j利用匀变速直线运动的推论得：vc=2.33m/sekc=mvc2=2.71m j故答案为：（1）bce （2）2.74m，2.33m/s，2.71 m点评：该题主要考查了验证机械能守恒定律的实验的操作步骤和运用运动学规律、功能关系去处理实验数据的能力三、计算题（本题4小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14一辆质量为2.0103kg的汽车以额定功率为6.0104w在水平公路上行驶，汽车受到的阻力为一定值，在某时刻汽车的速度为20m/s，加速度为0.50m/s2，求（g取10m/s2）：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是多大？（3）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小为a=1.0m/s2，则这一过程能保持多长时间？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）根据p=fv求出牵引力，结合牛顿第二定律求出阻力的大小，抓住牵引力等于阻力时，速度最大，结合p=fv求出最大速度（2）根据p=fv求出牵引力的大小，结合牛顿第二定律求出加速度（3）根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合p=fv求出匀加速运动的末速度，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间解答：解：（1）设汽车所能达到的最大速度vm，由 ff=map=fv代入数据解得：f=2103n根据vm=，代入数据解得vm=30m/s（2）当汽车的速度为10m/s时，f=由 ff=ma，代入数据解得：a=2m/s2（3）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小为：a=1.0m/s2，由ff=ma得：f=f+ma，又p=fv，v=at 代入数据联立解得：t=15s答：（1）汽车所能达到的最大速度是30m/s；（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是2m/s2；（3）这一过程能保持15s点评：本题考查了机车的启动问题，知道牵引力等于阻力时，速度最大掌握启动过程中汽车的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解15两个完全相同的物块a、b，质量均为m=0.8kg，在同一粗糙水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动图中的两条直线分别表示a物块受到水平拉力f作用和b物块不受拉力作用的vt图象，求：（1）物块a所受拉力f的大小；（2）8s末物块a、b之间的距离x考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律 专题：运动学中的图像专题分析：（1）由速度时间图象得到物体的运动规律，然后根据速度时间公式求出加速度，再对物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程求解即可；（2）根据平均速度公式分别求出物体ab的位移，得到两个物体的间距解答：解：（1）设a、b两物块的加速度分别为a1、a2，由vt图象可知：a的初速度v0=6m/s，a物体的末速度v1=12m/s，b物体的速度v2=0，根据速度时间公式，有 对a、两物块分别由牛顿第二定律得：fff=ma1 ff=ma2 由可得：f=1.8n即物块a所受拉力f的大小为1.8n（2）设a、b两物块8s内的位移分别为x1、x2由图象得：m m 所以x=x1x2=60 m 即8s末物块a、b之间的距离x为60m点评：本题关键是根据速度时间图象得到两物体的运动情况，然后根据运动学公式、牛顿第二定律列方程并联立方程组求解16水上滑梯可简化成如图所示的模型，斜槽ab和水平槽bc平滑连接，斜槽ab的竖直高度h=6.0m，倾角=37水平槽bc长