高中物理 第二章恒定电流考点章节练习 新人教版选修31.doc

2013-2014学年高中物理 第二章恒定电流考点章节练习 新人教版选修3-1一、 选择题1一根粗细均匀的导线，当其两端电压为u时，通过的电流是i，若将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为i，导线两端所加的电压变为()au/2 buc2u d4u1.d 解析:由电阻定律r，可知当导线拉长到原来的2倍时，截面面积为原来的，则电阻为原来的4倍，由欧姆定律i，可知d选项正确2两个用同种材料制成的均匀导体a、b，其质量相同，当它们接入电压相同的电路时，其电流之比ia:ib1:4，则横截面积之比sasb为()a1:2 b2:1c1:4 d4:12.a 解析:由r可知，在u一定时，i与r成反比，即ra:rb4:1.又根据电阻定律r可知，当、v一定时，r.即有.所以 .3在“测定金属的电阻率”的实验中，由可知，对实验结果的准确性影响最大的是()a导线直径d的测量 b电压u的测量c电流i的测量 d导线长度l的测量3.a 解析：由，可知电阻率与直径d的二次方成正比，所以金属丝直径d对实验的准确性影响最大，故选项a正确4如图所示为将不同电压加在一段金属导体两端，在温度不变的情况下所测得的iu图线试根据图线回答：若将这段金属导体在保持长度不变的前提下增大其横截面积，则这段导体的电阻()a等于4.0 b大于2.0 c小于2.0 d等于2.0 4.c解析:由图象知r2 ，若保持长度不变，增大横截面积，则电阻要变小，故选项c正确5如图2所示，定值电阻r110 ，r28 ，当开关s接“1”时，电流表示数为0.20 a，那么当s接“2”时，电流表示数的可能值为(电源内阻不可忽略) () a0.28 a b0.25 ac0.22 a d0.19 a5：c 解析：开关接“2”后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19 a，故d错；路端电压一定减小，一定小于2 v，因此电流一定小于0.25 a，故a、b错，c对rg6一电压表由电流表g与电阻r串联而成，如图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍小一些，采用下列哪种措施可能加以改进 a在r上串联一比r小得多的电阻b在r上串联一比r大得多的电阻c在r上并联一比r小得多的电阻d在r上并联一比r大得多的电阻6.d 解析：电压表的读数总是比准确值稍小一些，说明改装时串联的电阻偏大了。故应该在r上并联一比r大得多的电阻。7一白炽灯泡的额定功率与额定电压分别为36 w与36 v。若把此灯泡接到输出电压为18 v的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )a等于36 w b小于36 w，大于9 wc等于9 w d小于9 w7b解析：若白炽灯泡的电阻不变，由p得电压减小一半，灯泡消耗的电功率为原来的，即p9 w，实际上电阻减小，则灯泡消耗的实际电功率应大于9 w，故选项b正确。8如图所示电路中，r0为定值电阻，当滑片p向右移动过程中，下列判断正确的是( )a电压表v1、电流表a的读数都增大b电压表v1与电流表a读数的比值保持不变c电压表v2与电流表a读数的比值变大d电压表v1、电流表a读数变化量的比值保持不变8d解析：滑片p向右移动，r接入电路中的电阻增大，总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知干路电流i减小，内电压u内ir减小，外电压u外eu内增大，r0的电压v2减小，r的电压v1增大，故选项a错误；r0为定值电阻，电压表v2与电流表a读数的比值保持不变，r接入电路中的电阻增大，电压表v1与电流表a读数变化量的比值增大，故选项b错误，c错误；电压表v1、电流表a读数变化量的比值为内阻与r0之和，选项d正确。9如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片p向左移动，则( )a电容器中的电场强度将增大b电容器上的电荷量将增大c电容器的电容将减小d液滴将向下运动9d解析：若将滑片向左移动，则r总增大，干路电流减小；r2两端电压减小，因电容器与r2并联，所以电容器两端电压减小，电荷量减少，电场强度减小，液滴将向下运动，故d对，a、b错；由平行板电容器电容c可知，电容器的电容不变，选项c错误。10 已知如图，电源内阻不计。为使电容器的带电量增大，可采取以下那些方法：r1r2r3a增大r1 b增大r2 c增大r3 d减小r110bd解：由于稳定后电容器相当于断路，因此r3上无电流，电容器相当于和r2并联。只有增大r2或减小r1才能增大电容器c两端的电压，从而增大其带电量。改变r3不能改变电容器的带电量。因此选bd二、非选择题11 (1)某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“1 k”挡位，测量时针偏转如图甲所示。请你简述接下来的测量过程：甲_；_；_；测量结束后，将选择开关旋到“off”挡。(2)接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如图乙所示。乙其中电压表内阻约为5 k，电流表内阻约为5 。图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接。(3)图丙是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关s旋到位置3时，可用来测量_；当s旋到位置_时，可用来测量电流，其中s旋到位置_时量程较大。丙11答案：(1)断开待测电阻，将选择开关旋到“100”挡将两表笔短接，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0”再接入待测电阻，将指针示数100，即为待测电阻阻值(2)如图所示(3)电阻1、2112.测金属电阻率实验(1)测长度时,金属丝的起点、终点位置如图(a),则长度为:cm;(2)用螺旋测微器测金属丝直径,示数如图(b),则直径为:mm;(3)用多用表“1”挡估测其电阻,示数如图(c),则阻值为:;(4)在图(d)中完成实物连线;(5)闭合开关前应将滑动变阻器的滑片p移至最(填“左”或“右”)端.12.解析:(1)(a)图需往下估读一位,大约为60.48 cm(60.4560.50 cm都可以).(2)读数=固定刻度示数+可动刻度示数=1.5 mm+0.480 mm=1.980 mm.(3)由题可知,阻值为5 .(4)电流表外接,滑动变阻器采用分压、限流接法均可,采用限流接法时如图所示.(5)无论限流接法,还是分压接法,将滑片p移至最左端时,待测金属丝上的电压和电流最小.13一个允许通过最大电流为2 a的电源和一个滑动变阻器，接成如图甲所示的电路。滑动变阻器最大阻值为r022 ，电源路端电压u随外电阻r变化的规律如图乙所示，图中u12 v的直线为图线的渐近线，试求：(1)电源电动势e和内阻r；(2)a、b空载时输出电压的范围；(3)若要保证滑动变阻器的滑片任意滑动时，干路电流不能超过2 a，a、b两端所接负载电阻至少多大。13答案：(1)12 v2 (2)011 v(3)4.9解析：(1)由乙图可知，当r时，e12 v而当u6 v时，应有rr2 。(2)当滑片滑至上端时，uab最大umaxe11 v当滑片滑至下端时，uab为零因此，a、b空载时输出电压范围为011 v。(3)a、b两端接某一负载电阻后，滑动变阻器滑片移至上端时，干路电流最大。此时i为了电源不过载，应保证i2 a代入数据得rx4.9 即所接负载电阻最小值为4.9 。14电路如图所示，电源电动势e28 v，内阻r2 ，电阻r112 ，r2r44 ，r38 ，c为平行板电容器，其电容c3.0 pf，虚线到两极板距离相等，极板长l0.20 m，两极板的间距d1.0102 m。(1)若开关s处于断开状态，则当其闭合后，求流过r4的总电量为多少？(2)若开关s断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v02.0 m/s的初速度射入c的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关s闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入c的电场中，能否从c的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g取10m/s2)14答案：(1)6.01012 c(2)不能从c的电场中射出。解析：(1)s断开时，电阻r3两端电压为u3e16 vs闭合后，外阻为r6 端电压为ue21 v电阻r3两端电压为u3u14 v则所求流过r4的总电荷量为qcu3cu36.01012 c。(2)设微粒质量为m，电荷量为q，当开关s断开时有：mg当开关s闭合后，设微粒加速度为a，则mgma设微粒能从c的电场中射出，则水平方向：t 竖直方向：yat2由以上各式求得：y6.25 m 故微粒不能从c的电场中射出。15如图所示，四个电阻阻值均为r，电键s闭合时，有一质量为m，带电量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点。现打开电键s，这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动，并和此板碰撞，碰撞过程中小球没有机械能损失，只是碰后小球所带电量发生变化，碰后小球带有和该板同种性质的电荷，并恰能运动到另一极板，设两极板间距离为d，不计电源内阻，求：（1）电源电动势e多大？（2）小球与极板碰撞后所带的电量q/为多少？15（1）当s闭合时，电容器电压为u，则： 对带电小球受力分析得： 由式 解得： （2）断开s，电容器电压为u/，则： 对带电小球运动的全过程，根据动能定理得：由解得： 16如图所示的电路中，两平行金属板a、b水平放置，两板间的距离d=40 cm电源电动势e=24v，内电阻r=1，电阻r=15闭合开关s，待电路稳定后，将一带正电的小球从b板小孔以初速度v0 = 4m/s竖直向上射入板间若小球带电量为q =110-2c，质量为m=210-2 kg，不考虑空气阻力那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达a板？此时，电源的输出功率是多大？（取g=10 m/s2）16(1)小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到a板时速度为零设两板间电压为uab由动能定理得 -mgd-quab=0- 滑动变阻器两端电压 u滑=uab=8 v 设通过滑动变阻器电流为i,由欧姆定律得i= 滑动