青海省师大二附中高二物理上学期第二次月考试卷（含解析）.doc

2014-2015学年青海师大二附中高二（上）第二次月考物理试卷一、选择题（前10小题每题3分，只有一个正确选项11，12，13题有多个选项，每题4分共42分）1（3分）（2013秋宿州期中）玻璃棒与丝绸摩擦后，玻璃棒带正电，这是因为（）a玻璃上的一些电子转移到丝绸上b玻璃上的一些正电荷转移到丝绸上c丝绸上的一些电子转移到玻璃上d丝绸上的一些正电荷转移到玻璃上考点：元电荷、点电荷分析：（1）不同物质组成的物体相互摩擦时，原子核束缚核外电子的本来不同，原子核束缚核外电子本领强的得到电子，物体因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，物体因缺少电子带正电（2）摩擦起电的实质是电子的转移解答：解：用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是玻璃棒上的原子核束缚电子的能力弱，使一部分电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电故选：a点评：（1）掌握摩擦起电的原因和摩擦起电的实质（2）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电和毛皮摩擦过的橡胶棒带负电的原因2（3分）（2014秋宝安区校级期末）在电场中（）a某点的电场强度大，该点的电势一定高b某点的电势高，检验电荷在该点的电势能一定大c某点的场强为零，检验电荷在该点的电势能一定为零d某点的电势为零，检验电荷在该点的电势能一定为零考点：电势能；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：本题抓住电场强度与电势无关、正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小、电势为零，电势能为零，进行分析判断解答：解：a、某点的电场强度大，该点的电势不一定高，两者没有直接关系，故a错误b、某点的电势高，由公式ep=q知，正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，故b错误c、某点的场强为零，该点的电势不一定为零，检验电荷在该点的电势能不一定为零，故c错误d、某点的电势为零，即=0，由公式ep=q知，检验电荷在该点的电势能一定为零，故d正确故选d点评：解决本题关键要知道电势与电场强度无关、电势能的公式ep=q，即可进行判断分析3（3分）（2013秋宿州期中）两个相同的金属小球，带电量之比为1：7，相距为r，视为点电荷，相互间的斥力大小为f，两者接触后再放回原处，则它们的静电力可能为（）abcd考点：库仑定律分析：接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据f=得出接触后再放回原处的库仑力大小解答：解：两电荷同性，设一个球的带电量为q，则另一个球的带电量为q=7q，此时f=，接触后再分开，带电量各为4q，则两球的库仑力大小f=f故选：d点评：解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式4（3分）（2009秋吉安期末）某研究性学习小组学习电学知识后进行对电工穿的高压作业服进行研究，发现高压作业服是用铜丝编织的，下列各同学的理由正确的是（）a甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，所以用铜丝编织b乙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起保护作用c丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电场强度保持为零，对人体起保护作用d丁认为铜丝必须达到一定的厚度，才能对人体起到保护作用考点：静电现象的解释分析：处在高压电场中的人体，会有危险电流流过，危及人身安全，因而所有进入高电场的工作人员，都应穿全套屏蔽服 带电作业屏蔽服又叫等电位均压服，是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害 成套的屏蔽服装应包括上衣、裤子、帽子、袜子、手套、鞋及其相应的连接线和连接头解答：解：屏蔽服作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害等电位说明电势相等而不是等于0，等电势时电势差为0，电场强度为0所以c正确，abd错误；故选：c点评：本题考查了屏蔽服的作用，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题5（3分）（2011东城区模拟）如图所示是某直流电路中电压随电流变化的图象，其中a、b分别表示路端电压、负载电阻上电压随电流变化的情况，下面说法正确的是（）a阴影部分的面积表示电源的输出功率b阴影部分的面积表示电源的内阻上消耗的功率c当满足=时，电源的效率最高d当满足=时，电源的效率小于50%考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：两条图线的交点为电源连入电阻后的工作电压，即路端电压；电流为工作电流，即干路电流据此分析所给选项解答：解：阴影部分的面积为路端电压与电流的乘积，为电源的输出功率故a正确，b错误 当满足=时，内外阻相等，输出功率最大，但电源的效率为50%，不是最高故c错误，d错误 故选：a点评：考查电源的ui图象，电阻的ui图线的物理意义，明确两者的交点为工作电压，工作电流6（3分）（2014秋菏泽期末）一平行板电容器两极板间距为d、极板面积为s，电容为c，对此电容器充电后断开电源，当增加两板间距时，电容器极板间（）a电场强度不变，电势差变大b电场强度不变，电势差不变c电场强度减小，电势差不变d电场强度减小，电势差减小考点：电容器的动态分析专题：电容器专题分析：通电后断开电容两板上的电荷量不变，由c= 可知当d变化时c的变化；由c= 可知两板间的电势差的变化；由e= 可知e的变化解答：解：因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加d，则c减小，则电势差u增大；由公式可得：u=，则电场强度为：e=，故e与d无关，故电场强度不变，故a正确，bcd错误；故选：a点评：通电后断开若只改变两板间的距离，则极板间的电场强度将保持不变7（3分）（2013秋宿州期中）下列说法中正确的是（）a每种金属都有确定的电阻率，电阻率不随温度变化b导线越细越长，其电阻率也越大c一般金属的电阻率，都随温度升高而增大d测电阻率时，为了提高精度，通过导线的电流要足够大，而且要等到稳定一段时间后才可读数考点：电阻定律专题：恒定电流专题分析：纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；金属的电阻率随温度的升高而增大电阻率为导体的固有属性，与长度和横截面积等无关，由材料性质决定提高精度的方法是多次测量解答：解：ac、纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；金属的电阻率随温度的升高而增大，合金的电阻率几乎不受温度影响，故a错误，c正确b、电阻率为导体的固有属性，与长度和横截面积等无关，由材料性质决定，故b错误d、提高精度的方法是多次测量，且电流应该尽可能小些，因为电流越大发热越高，电阻率变化越大，故d错误故选：c点评：明确影响导体电阻率的因素，知道金属和合金的性质，都是基础考察8（3分）（2013秋宿州期中）电子产品制作车问里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上（如图所示），下列说法正确的是（）a开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大b开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小c开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少d开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗的总功率不变考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：开关闭合时，灯泡会发生短路，总电阻会减小，消耗的功率会增大，同理当开关断开时，灯泡串联在电路中，总电阻增大，消耗的功率较小解答：解：a、开关接通时，灯泡发生短路，电阻小于开关断开时的电阻，有公式p=可知，开关接通时比开关断开时消耗的总功率大，故a正确；b、开关接通时，电灯熄灭，只有电烙铁通电，电路中电阻减小，有公式p=可知，消耗的功率增大；故b错误；c、开关断开时，电灯发光，电烙铁也通电，消耗的总功率减小，且电烙铁发热较少，故c错误d、开关断开时，灯泡串联在电路中，电灯发光，总电阻增大，可供在焊接时照明使用，消耗总功率减小，故d错误；故选a点评：本题考查了串联电路的特点和电阻、电压、实际功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用9（3分）（2013秋宿州期中）关于电压和电动势，下列说法正确的是（）a电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势和电压是同一物理量的不同说法b电动势就是电源两极间的电压c电动势就是反应电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量d电动势公式中的w与电压中的w是一样的，都是电场力做的功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量电动势公式e=中的w非是非静电力做功，电压u=中的w静是静电力做功电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压解答：解：a、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量故a错误b、根据闭合电路欧姆定律，路端电压u=eir，只有当外电路断开时，i=0，路端电压等于电动势故b错误c、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小故c正确d、电动势公式e=中的w非是非静电力做功，电压u=中的w静是静电力做功故d错误故选：c点评：本题考查电动势的概念，要明确电动势与电势差的区别，要抓住电动势的物理意义、定义和欧姆定律来强化理解10（3分）（2013秋宿州期中）如图所示，一根截面积为s的均匀长直橡胶棒均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速度为的匀速直线运动时，由于橡胶棒运动而形成的等效电流大小为（）aqbcqsd考点：电流、电压概念专题：恒定电流专题分析：棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，则每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，由电流的定义式i=研究等效电流解答：解：棒沿轴线方向以速度v做匀速直线运动时，每秒通过的距离为v米，每秒v米长的橡胶棒上电荷都通过直棒的横截面，每秒内通过横截面的电量q=qv，根据电流的定义式i=，t=1s，得到：i=qv故a正确，bcd错误故选：a点评：本题关键是建立物理模型，利用电流的定义式进行求解电流11（4分）（2014秋城东区校级月考）如图所示的电路中，闭合开关s后，将滑动变阻器r的滑片p向上移动，则有（）av1表读数变小bv2表读数变小ca表读数变小d通过电阻r的电流变小考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由图可知r与r2并联，电压v1表测量电路的路端电压，电压表v2表测量r1电压，电流表测量通过r2的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中总电流的变化，同时可得出内阻及路端电压的变化，则可得出电压表v1示数的变化；由部分电路的欧姆定律可知r1两端的电压的变化；由串并联的规律可得出电流表示数的变化解答：解：a、闭合开关s后，将滑动变阻器r的滑片p向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，电源的内电压变小，则路端电压变大，即v1表读数变大故a错误b、总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，r1两端的电压变小，即v2表读数变小故b正确c、r2两端的电压加上r1两端的电压等于路端电压，即u1+u2=u，r1两端的电压变小，路端电压变大，所以r2两端的电压变大，则r2中的电流变大，即a表读数变大故c错误d、总电流变小，而r2中的电流变大，则通过电阻r的电流变小故d正确故选：bd点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的动态分析，按“局部整体局部”的顺序进行分析12（4分）（2011秋苍山县期末）某电场的部分电场线如图所示，a、b是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹（图中虚线）上的两点，下列说法中正确的是（）a粒子一定是从b点向a点运动b粒子在a点的加速度小于它在b点的加速度c粒子在a点的电势能小于它在b点的电势能d电场中a点的电势高于b点的电势考点：电场线；电场强度；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：根据做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹的内侧来判断电场力方向，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，确定场强的大小，根据牛顿第二定律判断加速度的大小电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增加解答：解：a、带电粒子仅在电场力作用下运动，带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，粒子可能是从b点向a点运动，也有可能是从a点向b点运动的，故a错误b、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，粒子在a点时受到的电场力大，根据牛顿第二定律得知，粒子在a点的加速度大于在b点的加速度故b错误c、带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，假设由a点运动到b点过程中，电场力与轨迹上每一点的切线方向也就是速度方向成钝角，所以电场力做负功，电势能增大，动能减小，所以粒子在a点的动能大于它在b点的动能，粒子在a点的电势能小于它在b点的电势能反之一样故c正确d、带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，所以粒子带正电，由于粒子在a点的电势能小于它在b点的电势能，所以电场中a点的电势低于b点的电势，故d错误故选：c点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，然后利用电场线、电势、电场强度、电势能、电场力做功等之间的关系进一步判断各个物理量的变化情况13（4分）（2014秋城东区校级月考）在如图所示的电路中，开关s闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则不可能出现了下列哪种故障（）ar1短路br2短路cr3短路dr1断路考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由题目中电表示数的变化可得出故障原因，根据电路结构可以得出是哪一个电阻发生故障解答：解：a、若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过r1的支路电流，电压表测量r3两端的电压；若r1短路，则r2被短路，外电路只有电阻r3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，符合题意，故a正确b、若r2短路，则r1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意，故b错误c、若r3短路，则电压表示数为零，不符合题意；故c错误d、若r1断路，则电流表示数为零，也不符合题意，故d错误本题选不可能的，故选：bcd点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的应用，明确当电路中有电流时，说明电路中应发生了短路故障；若电压表示数变大，电压表可能直接并联到了电源两端二、实验题：（共4+6+10=20分）14（4分）（2005秋海淀区期末）某同学在进行电阻测量时，需要将一块满偏电流为50a、阻值为800的小量程电流表g改装成量程为3v的电压表，则需要选择一个阻值为5.95104的电阻与这一电流表串 （选填“串”、“并”）联考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；交流电专题分析：根据电压表改装的原理运用串并联电路的规律进行求解解答：解：设小量程电流表的内阻为rg，量程为ig，需要串联电阻的阻值为rs，电压表改装的原理图为：改装电压表需要串联大电阻来分压，故填：串联根据串联电路规律：ig（rg+rs）=3v解得：rs=5.95104故：需要选择一个阻值为5.95104的电阻与这一电流表串联点评：这个题考查电压表改装的原理，理解了串并联电路的规律中串联分压的规律为基础15（6分）（2013秋宿州期中）用如图1所示的电路测量某电阻rx的阻值，某次实验中两电表的示数情况，如图2则：电流表a的示数为0.30 a，电压表v的示数为2.40 v若已知电压表的内阻为5k，电流表的内阻为0.5，则待测电阻的真实值为7.5考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：由电流表和电压表的所选量程先确定分度值，然后读数；根据欧姆定律求出的电阻r总=rx+ra解答：解：电流表a的分度值为0.02a，则读数为：i=0.30a；电压表分度值为0.1v，电压表示数为u=2.40v；根据欧姆定律：r总=8又r总=rx+ra，得：rx=80.5=7.5故答案为：0.30，2.40，7.5点评：掌握电压表和电流表的读数和伏安法测电阻的原理16（10分）（2012秋黄冈期中）测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5v，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5v，额定电流为0.3a的手电筒上的小灯泡原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3ma现有下列器材：待测“水果电池”电流表：满偏电流3ma，电阻约10电压表：量程01.5v，电阻约1000滑动变阻器r1：030滑动变阻器r2：03k开关、导线等实验器材（1）本实验选用上面所示的实验原理图1，应该选用哪种规格的滑动变阻器？r2（填写仪器代号）（2）在实验中根据电压表的示数u与电流表的示数i的值，得到ui图象如上图2所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势e=1.5v，内电阻r=500（3）若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势e相等（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r偏大（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：（1）通过水果电池的内阻大小，选择合适的滑动变阻器（2）ui图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻（3）由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，运用图象法分析误差解答：解：（1）电源的内阻大约r=500，若选用030的滑动变阻器，移动滑片，电流基本不变，所以本实验中滑动变阻器应选用r2（2）ui图线的纵轴截距表示电源的电动势，图线斜率的绝对值表示水果电池的内阻ui图线的纵轴截距为1.5，知：水果电池的电动势e=1.5v，图线斜率的绝对值为：r=500；（3）由于电流表的分压，使得路端电压存在误差，而电流没有误差，运用图象法分别在ui图上由测量数据作出的图线1和修正误差后真实值作出的图线2，由图看出，电动势没有系统误差，即电动势值与真实值相等，内阻的测量值偏大故答案为：（1）r2 （2）1.5； 500 （3）相等；偏大点评：解决本题的关键知道实验误差的来源，会从ui图线中获取电源的电动势和内电阻三、计算题：（共4小题，8+10+10+10=38分）17（8分）（2013秋宿州期中）在电场中把2.0109c的正电荷从a点移到b点，静电力做功2.5107j再把这个电荷从b点移到c点，克服静电力做功3107j求：（1）a、c两点间的电势差uac；（2）把3.0109c的电荷从a点移到c点，静电力做了多少功？考点：电功、电功率；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）由电场力做功表达式w=qu可计算ac电势差（2）由电场力做功表达式w=qu可计算把3.0109c的电荷从a点移到c点，静电力做的功解答：解：（1）由电功表达式可得：uac=（2）从a到c由电功表达式可得：wac=quac=3109c（25v）=7.5108j 答：（1）a、c两点间的电势差uac=25v（2）把3.0109c的电荷从a点移到c点，静电力做为7.5108j点评：掌握好静电力做功的公式w=qu，这只是其中一个，另外要掌握w=qed，基础题18（10分）（2013秋宿州期中）如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图电动机内电阻r=2，电路中另一电阻r=4，直流电压u1=120v，理想电压表示数u2=100v试求：（1）通过电动机的电流；（2）电动机输出的机械功率；（3）若电动机匀速竖直向上提升重物，重物的质量m=30kg，求提升速度多大？（g取10m/s2）考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：（1）以电阻r为研究对象，根据欧姆定律求出通过r的电流，即为通过电动机的电流；（2）电动机的输入功率为p1=u2i，电动机内电阻的发热功率为 p2=i2r，输出的机械功率为p3=p1p2（3）由公式p3=fv=mgv求解物体提升的速度解答：解：（1）通过电动机的电流 i=a=5a； （2）电动机的输入功率 p1=u2i=1005w=500w，电动机内电阻的发热功率 p2=i2r=522w=50w，输出的机械功率 p3=p1p2=（50050）w=450w； （3）提升速度设为v，p3=fv=mgv代入数据解得：v=m/s=1.5m/s； 答：（1）通过电动机的电流为5a；（2）电动机输出的机械功率为450w；（3）提升速度为1.5m/s点评：本题考查了机械公式和电功功率以及电功公式的灵活应用，关键是知道电动机做功的功率加上线圈的发热功率即为电动机消耗电能的功率，要注意w=pt在解答中的含义19（10分）（2011秋泸西县校级期末）如图所示，bc是半径为r的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下