【创新设计】（江苏专用）高考数学二轮复习 专题整合 11 函数、基本初等函数的图象与性质 理（含最新原创题含解析）.doc

【创新设计】（江苏专用）2015高考数学二轮复习 专题整合 1-1 函数、基本初等函数的图象与性质 理（含最新原创题，含解析）一、填空题1已知f(x)ln(1x)的定义域为集合m，g(x)2x1的值域为集合n，则mn_.解析由对数与指数函数的知识，得m(1，)，n(1，)，故mn(1，)答案(1，)2(2014南京、盐城模拟)函数f(x)ln x的定义域为_解析要使函数f(x)ln x有意义，则解得0x1，即函数定义域是(0,1答案(0,13(2014南通、扬州、泰州、宿迁调研)若loga1，则a的取值范围是_解析由对数函数的真数大于0得0，解得a1，所以loga1等价于0a，解得a4.答案(4，)4(2013镇江调研)已知函数ylog2(ax1)在(1,2)上单调递增，则a的取值范围为_解析根据复合函数的单调性及对数函数的定义域求解因为ylog2(ax1)在(1,2)上单调递增，所以uax1在(1,2)单调递增，且恒大于0，即a1.答案1，)5(2014镇江模拟)若alog3，blog76，clog20.8，则a，b，c由小到大的顺序为_解析因为alog31,0blog761，clog20.80，故cba.答案cba6(2014宿迁模拟)已知函数f(x)loga(0a1)为奇函数，当x(1，a时，函数f(x)的值域是(，1，则实数ab的值为_解析由函数f(x)loga(0a1)为奇函数，得b1.令t，x(1，a，所以t.又0a1，所以ylogat，t时单调递减，则值域(，1，所以loga1，即a，解得a1(舍负)，所以ab.答案7(2014济南模拟)已知函数f(x)x3x，对任意的m2,2，f(mx2)f(x)0，f(x)在r上为增函数又f(x)为奇函数，由f(mx2)f(x)0知，f(mx2)f(x)mx2x，即mxx20，令g(m)mxx2，由m2,2知g(m)0恒成立，可得2x.答案8已知函数yf(x)是r上的偶函数，对xr都有f(x4)f(x)f(2)成立当x1，x20,2，且x1x2时，都有0，给出下列命题：f(2)0；直线x4是函数yf(x)图象的一条对称轴；函数yf(x)在4,4上有四个零点；f(2 014)0.其中所有正确命题的序号为_解析令x2，得f(24)f(2)f(2)，解得f(2)0，因为函数f(x)为偶函数，所以f(2)0，正确；因为f(4x)f(4x4)f(x)，f(4x)f(4x4)f(x)f(x)，所以f(4x)f(4x)，即x4是函数f(x)的一条对称轴，正确；当x1，x20,2，且x1x2时，都有1)，若函数yg(x)的图象上任意一点p关于原点对称的点q的轨迹恰好是函数f(x)的图象(1)写出函数g(x)的解析式；(2)当x0,1)时总有f(x)g(x)m成立，求m的取值范围解(1)设p(x，y)为g(x)图象上任意一点，则q(x，y)是点p关于原点的对称点，因为q(x，y)在f(x)的图象上，所以yloga(x1)，即yloga(1x)(x1)(2)f(x)g(x)m，即logam.设f(x)loga，x0,1)由题意知，只要f(x)minm即可因为f(x)在0,1)上是增函数，所以f(x)minf(0)0.故m的取值范围是(，010已知二次函数f(x)ax2bx1(a0)，f(x)若f(1)0，且对任意实数x均有f(x)0成立(1)求f(x)的表达式；(2)当x2,2时，g(x)f(x)kx是单调函数，求k的取值范围解(1)f(1)0，ab10，ba1，f(x)ax2(a1)x1.f(x)0恒成立，即a1，从而b2，f(x)x22x1，f(x)(2)由(1)知，g(x)x22x1kxx2(2k)x1.g(x)在2,2上是单调函数，2或2，解得k2或k6.所以k的取值范围是(，26，)11(2013苏北四市调研)已知函数f(x)exex(xr且e为自然对数的底数)(1)判断函数f(x)的奇偶性与单调性；(2)是否存在实数t，使不等式f(xt)f(x2t2)0对一切x都成立？若存在，求出t；若不存在，请说明理由解(1)f(x)exx，且yex是增函数，yx是增函数，所以f(x)是增函数由于f(x)的定义域为r，且f(x)exexf(x)，所以f(x)是奇函数(2)由(1)知f(x)是增函数和奇函数，f(xt)f(x2t2)0对一切xr恒