山东省枣庄市薛城区奚仲中学九年级物理上学期12月月考试题（含解析） 新人教版.doc

山东省枣庄市薛城区奚仲中学2015-2016学年九年级（上）月考物理试卷一、选择题（每题2分，共24分）1下列现象能说明分子间存在吸引力的是（）a固体和液体很难被压缩b红墨水滴入水中很快散开c酒精和水混合后总体积变小d两个表面光滑的铅块紧压后会“粘”在一起2有关温度、热量、内能的说法，正确的是（）a物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高b物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加c我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多d发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体3一台效率为40%的柴油机，当输出3.44107j有用功时，消耗的柴油质量是多少？（）（柴油的热值是4.3107j/kg）a0.8kgb2kgc0.32kgd2.8kg4用塑料梳子在干燥的头发上梳几下，梳子上会带电，经检验梳子带的是负电荷下列说法中正确的是（）a梳子得到了一些电子b梳子失去了一些电子c梳子失去了一些原子核d摩擦创造了电荷5为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的学电路图是（）abcd6在如图（a）所示电路中，v1、v2都是有03v和015v两个量程的电压表当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻r1、r2两端的电压分别为（）a9.6v，2.4vb12v，2.4vc2.4v，12vd2.4v，9.6v7李明同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，下列说法中错误的是（）a当在导体乙的两端加上1v的电压时，通过乙导体的电流为0.1ab将甲、乙两导体并联到电压为2v的电源上时，干路中的电流为0.6ac导体甲的电阻小于导体乙的电阻d导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零8一只10的电阻与一只0.1的电阻并联，并联后的总电阻（）a等于1b小于0.1c等于10.1d大于0.1小于109如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向右移，下列说法正确的是（）a电压表vl与电压表v2的示数之和保持不变b电压表v2与电流表a的示数之比保持不变c电流表a的示数变小，电压表vl的示数变大d电流表a的示数变小电压表v2的示数变大10如右图，电压u 不变，开关s闭合后，下列说法正确的是（）a电流表的读数增大b电流表的读数减小c电压表的读数增大d电压表的读数减小11将标有“6v3w”的小灯泡连接在电路中时，通过其中的电流为0.4a，这时小灯泡的实际功率p实与额定功率p额之间关系正确的是（）ap实p额bp实p额cp实=p额d无法确定12甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）a两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多b两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻c两灯均正常发光时，通过甲灯的电流比乙灯小d将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率为50瓦二、填空题（每空1分，共21分）132kg的水温度升高1，需吸收j的热量已知c水c沙石，相同质量的水和沙石，若吸收或放出同样多热量，温度变化较大的是，据此可解释沙漠地区的昼夜温差变化较沿海地区的要（选填“大”或“小”）14如图所示，是四冲程汽油机工作的部分冲程示意图，其中图是做功冲程，图是依靠飞轮的惯性来完成的冲程15如图甲所示，验电器a带负电，b不带电用带有绝缘柄的金属棒把验电器a、b两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），金属棒中的电流方向（“由a到b”或“由b到a”）16有a、b、c三根导线，其中a、b是铜导线，c是镍铬合金线a、b两根导线的长短相同，a比b粗；b、c两根导线的长短、粗细都相同，则三根导线中电阻最大的是，电阻最小的是17如图所示，电源电压恒定，r1=20，闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.3a；若再闭合s1，发现电流表示数变化了0.2a，则电源电压为v，r2的阻值为18如图所示，r1=10，当s1、s2均闭合时，电压表示数为6v；当s1闭合，s2断开时，电压表示数为4v，电源电压u和电阻r2的大小分别是v、19在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关s闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比u甲：u乙=5：4，则r1：r2=；当开关s断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是i甲：i乙=20铭牌上标有“220v 11w”的节能灯，正常工作时的电流为a，它每天正常工作2小时，那么一个月消耗kwh的电能（一个月按30天计算）21某市居民生活用电电价是每度电0.5元，小新家5月初和5月底电能表的示数如图所示，则小新家5月份电费为元小新家某用电器单独工作3min，电能表转动6圈，则该用电器的实际功率为 w22一只标有“220v100w”的灯泡，如果将它接入110伏的电路中，灯泡此时的实际功率是瓦，工作时间10分钟，消耗的电能为焦三、实验题（除电路连接3分外，其余每空1分，共12分）23要测量某电阻的阻值，实验桌上有下列器材：电流表a（00.6a），电压表v（03v），电源4.5v，滑动变阻器r，开关，导线，待测电阻rx（约6左右）实验要求：多测几组数据且两电表都不能超过其量程（1）根据电路图用笔画线代替导线，将实物电路连接好（2）实验时，电路中允许通过的最大电流为a（3）在连接电路时，有r1（12 1a）和r2（3 2a）两种滑动变阻器，要保证实验顺利进行，应选（填r1或r2）（4）小华改变电阻两端的电压进行了三次测量，三次测出的电阻分别为5.9、6.1、6.3并不相等，为减小实验误差，该电阻的真实值更接近于（5）将上述实验中的电阻换成小灯泡，用同样的方法测小灯泡的电阻，分析实验数据发现，小灯泡两端电压越低，小灯泡的电阻越小，原因是24在研究“导体电流与电阻关系”的实验中，同学们利用了阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行了探究，变阻器规格是“10 1a”，电源电压4.5v并保持不变（1）用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整（请用签字笔在答题卡上连线）（2）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是（3）正确连线后，闭合开关时发现，无论怎样移动滑片电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是电阻r出现现象（4）排除故障后，先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3v，观察到电流表示数为0.2a；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3v，并记录下电流表示数为0.3a；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6a（5）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是（6）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3v，原因是滑动变阻器阻值太小；要使电压表示数保持3v，要求变阻器的最大阻值最少为四、计算题（第1题6分，第2题7分，共13分）25为防止酒驾事故的出现，酒精测试仪被广泛应用有一种由酒精气体传感器制成的呼气酒精测试仪，当接触到的酒精气体浓度增加时，其电阻值降低，如图甲所示当酒精气体的浓度为0时，r1的电阻为60在图乙所示的工作电路中，电源电压恒为8v，定值电阻r2=20求：（1）当被检测者的酒精气体的浓度为0时，电压的示数是多少？（2）现在国际公认的酒驾标准是0.2mg/ml酒精气体浓度0.8mg/ml，当电流表的示数为0.2a时，试通过计算判断被检测者是否酒驾26如图所示，电源电压保持不变，r为定值电阻，灯泡l标有“6v 3w”字样，当开关s、s1同时闭合时，灯泡l正常发光；当开关s闭合，s1断开时，电流表示数为0.2a（设灯丝电阻不受温度影响）求：（1）电源电压（2）电阻r的阻值（3）当开关s闭合，s1断开时，灯泡l消耗的实际功率2015-2016学年山东省枣庄市薛城区奚仲中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分）1下列现象能说明分子间存在吸引力的是（）a固体和液体很难被压缩b红墨水滴入水中很快散开c酒精和水混合后总体积变小d两个表面光滑的铅块紧压后会“粘”在一起【考点】分子间的作用力；分子动理论的其它内容及应用【分析】本题根据分子动理论的相关内容解答，分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力【解答】解：a、固体和液体很难被压缩是因为分子间存在相互的斥力，故a错误；b、红墨水滴入水中很快散开是因为墨水分子做无规则运动，故b错误；c、酒精和水混合后体积减小，是因为分子间有空隙，故c错误；d、两个表面光滑的铅块紧压后，由于分子间存在相互的引力而使两块铅块粘在一起，故d正确；故选d【点评】分子动理论为考试中的热点，要求学生不但要掌握分子动理论的内容，也要注意所各内容所对应的现象2有关温度、热量、内能的说法，正确的是（）a物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高b物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加c我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多d发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体【考点】温度、热量与内能的关系【专题】比较思想；分子热运动、内能【分析】a、物体温度升高，内能一定增大；物体内能增加，温度不一定升高；b、改变内能有两种方式：做功和热传递；c、热量是个过程量，区别于状态量，只是在热传递这个过程中才有热量这个物理量，当两物体温差达到相等时，热传递就停止所以只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量d、发生热传递的条件是存在温度差【解答】解：a、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高如冰在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变此选项错误；b、物体温度升高，内能一定增加，但不一定是吸收了热量，可能是外界对物体做了功此选项正确；c、我们不敢大口地喝热气腾腾的汤，是因为热汤的温度高不能说汤含有的热量较多，此选项错误；d、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体而不是从内能大的物体传递给内能小的物体，此选项错误故选b【点评】一般情况下，物体吸收热量，内能增加，温度升高，只有两种特殊情况：晶体熔化和液体的沸腾，它们都是物体吸收热量，内能增加，温度不变要重点记忆3一台效率为40%的柴油机，当输出3.44107j有用功时，消耗的柴油质量是多少？（）（柴油的热值是4.3107j/kg）a0.8kgb2kgc0.32kgd2.8kg【考点】热机的效率；功的计算【专题】计算题【分析】知道有用功和柴油机的效率，利用效率公式求柴油机工作消耗的总能量，再利用燃料完全燃烧放热公式q放=mq求消耗柴油的质量【解答】解：=，柴油机工作消耗的总能量（柴油完全燃烧放出的热量）q放=8.6107j；q放=mq，消耗柴油的质量：m=2kg故选b【点评】本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大4用塑料梳子在干燥的头发上梳几下，梳子上会带电，经检验梳子带的是负电荷下列说法中正确的是（）a梳子得到了一些电子b梳子失去了一些电子c梳子失去了一些原子核d摩擦创造了电荷【考点】摩擦起电的实质【分析】摩擦起电的实质是电子的得失，失去电子的带正电，得到电子的带负电【解答】解：梳子和头发摩擦，梳子带的负电荷说明梳子得到了电子故选a【点评】此题考查了摩擦起电的实质，是一道基础题5为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光符合上述要求的学电路图是（）abcd【考点】电路图设计【专题】电流和电路【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了【解答】解：a、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光不符合题意；b、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光不符合题意；c、开关断开，灯泡和保护电阻串联能够发光；开关闭合，灯泡被短路不能发光符合题意；d、开关断开，灯泡与保护电阻串联能够发光；开关闭合造成电源短路不符合题意故选c【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路6在如图（a）所示电路中，v1、v2都是有03v和015v两个量程的电压表当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻r1、r2两端的电压分别为（）a9.6v，2.4vb12v，2.4vc2.4v，12vd2.4v，9.6v【考点】串联电路的电压规律；电压表的读数方法【专题】压轴题【分析】两个电阻串联，v2与r2并联，v1并联在电源两端；根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和，先分析两个电压表量程，然后根据量程分别读出电压表的示数即可，再利用串联电路电压的特点求出电阻r1、r2两端的电压【解答】解：因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，而v1测量电源电压，v2测量r2两端的电压，所以v2的量程为是有03v；v1的量程为015v；故v1、v2的示数分别为12v和2.4v；又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以r1两端的电压：12v2.4v=9.6v故选a【点评】会识别电路，判断电压表所测的电压值，并会根据欧姆定律以及电路的特点进行相关计算7李明同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，下列说法中错误的是（）a当在导体乙的两端加上1v的电压时，通过乙导体的电流为0.1ab将甲、乙两导体并联到电压为2v的电源上时，干路中的电流为0.6ac导体甲的电阻小于导体乙的电阻d导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；影响电阻大小的因素【专题】应用题；图析法【分析】（1）从ui图象可以得出的信息：在一定电压下通过导体的电流；通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；通过导体的电流与其两端的电压成正比（2）电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：a、由乙的图象可知，当u=1v时，i=0.1a，故a正确、不符合题意；b、当甲、乙两导体并联后接到电压为2v的电源上时，u甲=u乙=2v，由图知i甲=0.4a，i乙=0.2a，i=0.6a，故b正确、不符合题意；c、加同样电压时（2v），i甲=0.4a，i乙=0.2a，i甲i乙，所以r甲r乙，故c正确、不符合题意；d、电阻的大小与两端的电压无关，所以导体两端的电压为零时电阻的阻值不变，故d不正确、符合题意故选d【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电阻的阻值与两端的电压和通过的电流无关以及从图象中得出相关的信息8一只10的电阻与一只0.1的电阻并联，并联后的总电阻（）a等于1b小于0.1c等于10.1d大于0.1小于10【考点】电阻的并联【专题】推理法【分析】并联电路总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，电阻越并越小，小于其中任一个据此求解【解答】解：两电阻并联，=+，并联电路的总电阻小于任一支路电阻，故总电阻小于0.1故选b【点评】理解电阻越并越小，并联电路的总电阻小于任一支路电阻，即小于最小的电阻，这是本题的关键9如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关s，将滑动变阻器的滑片p向右移，下列说法正确的是（）a电压表vl与电压表v2的示数之和保持不变b电压表v2与电流表a的示数之比保持不变c电流表a的示数变小，电压表vl的示数变大d电流表a的示数变小电压表v2的示数变大【考点】电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用【专题】压轴题【分析】先判断电路的连接方式和两个电压表分别是测量哪个电阻的电压后，由串联电路的特点分析【解答】解：电阻r1和r2是串联，v1测总电压，即电源电压，v2测r2的电压，滑片向右移动时，电阻变大，电流变小，由串联电路的分压原理知，滑动变阻器上的电压增大，即电压表v2的示数变大，而电源电压是不变的，即v1示数不变故选：d【点评】本题利用了串联的分压原理求解：串联电路中的各用电器的电压之比等于电阻之比，当电阻变大时，所分的电压也变大，反之减小10如右图，电压u 不变，开关s闭合后，下列说法正确的是（）a电流表的读数增大b电流表的读数减小c电压表的读数增大d电压表的读数减小【考点】欧姆定律的应用；电阻的并联【专题】推理法【分析】由图可知，开关s断开时，电路为r1的简单电路，当开关s闭合后，又并联一个电阻，导致电路中的总电阻变小，由欧姆定律可得，电路中的总电流将变大另外根据电流表、电压表的使用要求可以解答此题【解答】解：电压表测电源的电压，且电源的电压不变，电压表的示数不变；当开关s闭合后，又并联一个电阻，导致电路中的总电阻变小，由欧姆定律可得，电路中的总电流将变大，即电流表的示数增大故选a【点评】该题考查了由开关的通、断引起电路的变化和电流表、电压表的使用，关键是分析开关变化前后电路的连接情况11将标有“6v3w”的小灯泡连接在电路中时，通过其中的电流为0.4a，这时小灯泡的实际功率p实与额定功率p额之间关系正确的是（）ap实p额bp实p额cp实=p额d无法确定【考点】电功率的计算；额定功率；实际功率【专题】应用题【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式i=可求通过灯泡的额定电流，再与通过灯泡的实际电流相比较；根据公式p=i2r即可得出结论【解答】解：通过灯泡的额定电流i1=0.5a；通过灯泡的实际电流为0.4a，小于额定电流；根据公式p=i2r可知；灯泡的实际功率小于灯泡的额定功率故选b【点评】本题考查电功率大小的比较，关键知道灯泡的电阻保持不变，比较电流的大小，即可知道额定功率和实际功率的大小12甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）a两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多b两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻c两灯均正常发光时，通过甲灯的电流比乙灯小d将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率为50瓦【考点】电功率与电压、电流的关系【专题】应用题；电能和电功率【分析】（1）两灯泡正常发光的功率和额定功率相等，根据w=pt可知，灯泡消耗的电能的多少不仅与灯泡的实际功率有关，还与工作时间有关；根据p=比较两灯泡的电阻关系，根据p=ui比较两灯泡正常发光时的电流关系；（2）根据p=表示出乙灯泡的电阻，再根据p=求出将乙灯接入110伏电路中时的实际功率【解答】解：（1）两灯泡正常发光的功率和额定功率相等，由w=pt可知，灯泡消耗的电能的多少不仅与灯泡的实际功率有关，还与工作时间有关，故a错误；由p=的变形式r=可知，甲灯泡的电功率较小，电阻较大，即甲灯的电阻大于乙灯的电阻，故b错误；由p=ui的变形式i=，乙灯泡的实际功率较大，通过的电流较大，即通过甲灯的电流比乙灯小，故c正确；（2）由p=可得，乙灯泡的电阻：r乙=，将乙灯接入110伏电路中时的实际功率：p乙实=p乙=100w=25w，故d错误故选c【点评】本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等二、填空题（每空1分，共21分）132kg的水温度升高1，需吸收8.4103j的热量已知c水c沙石，相同质量的水和沙石，若吸收或放出同样多热量，温度变化较大的是沙石，据此可解释沙漠地区的昼夜温差变化较沿海地区的要大（选填“大”或“小”）【考点】热量的计算；比热容解释简单的自然现象【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】（1）根据q=cmt求出水吸收的热量；（2）利用热量的计算公式q=cmt可知，在质量相等、吸热也相同的情况下，谁的比热容小；它的温度变化就大【解答】解：（1）2kg的水温度升高1吸收的热量：q=cmt=4.2103j/（kg）2kg1=8.4103j；（2）利用热量的计算公式q=cmt可知，在质量相等、吸热也相同的情况下，谁的比热容小；它的温度变化就大由表中数据可知：沙石的比热容小于水的比热容，所以相同质量的水和沙石，若吸收或放出同样多热量，温度变化较大的是沙石因为沙漠地区表面多为沙石，所以沙漠地区的昼夜温差较沿海地区的要大故答案为：8.4103；沙石；大【点评】解答此题需要学生理解比热容的概念，并能用控制变量法研究物质在质量相等、吸热也相同的情况下，温度变化的大小和比热容的关系14如图所示，是四冲程汽油机工作的部分冲程示意图，其中乙图是做功冲程，甲图是依靠飞轮的惯性来完成的冲程【考点】内燃机的四个冲程【专题】图析法【分析】解决此题可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”；其中，气阀门都关闭谓之关，只有一个气阀门打开谓之开【解答】解：由图可知，乙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；甲图中的排气门打开，活塞上行，所以是排气冲程，在该冲程中是依靠飞轮的惯性来完成的冲程；故答案为：乙，甲【点评】解决此类问题关键是看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程15如图甲所示，验电器a带负电，b不带电用带有绝缘柄的金属棒把验电器a、b两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），金属棒中的电流方向由b到a（“由a到b”或“由b到a”）【考点】验电器的原理及使用【专题】电流和电路【分析】人们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反【解答】解：连接的瞬间，a带的负电减少，说明电子从a到b移动，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向ba故答案为：由b到a【点评】本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷（自由电子），所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反16有a、b、c三根导线，其中a、b是铜导线，c是镍铬合金线a、b两根导线的长短相同，a比b粗；b、c两根导线的长短、粗细都相同，则三根导线中电阻最大的是c，电阻最小的是a【考点】影响电阻大小的因素【专题】应用题；控制变量法【分析】电阻是导体自身的一种特性，它由导体的材料、长度和横截面积决定比较电阻大小与长度的关系时，就得在另外两个因素相同的条件下来进行同样比较电阻大小与粗细或材料关系时，也要求另外两个因素相同【解答】解：（1）由于a、b都是铜线且长度相同，a比b粗，rbra；（2）b、c两根导线的长短、粗细都相同，但c是镍鉻合金线，b是铜线，rcrb，所以由以上分析可知这三根导线的电阻关系是rcrbra故答案为：c；a【点评】比较电阻的大小，要从长度和横截面积及材料入手来分析，由于导体电阻跟多个因素有关，所以在分析时应注意控制变量17如图所示，电源电压恒定，r1=20，闭合开关s，断开开关s1，电流表示数是0.3a；若再闭合s1，发现电流表示数变化了0.2a，则电源电压为6v，r2的阻值为30【考点】欧姆定律的应用【专题】电路和欧姆定律【分析】（1）闭合s，断开s1时，电路为r1的简单电路，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）若再闭合s1时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化即为r2支路的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出r2的阻值【解答】解：（1）闭合s，断开s1时，电路为r1的简单电路；由i=可知，电源的电压：u=u1=i1r1=0.3a20=6v；（2）若再闭合s1时，两电阻并联，则u2=u=6v，电流表示数的变化量即为r2支路的电流，则i2=0.2a；由i=可知，r2=30故答案为：6；30【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是能判断出开关s1时电流表示数的变化即为通过r2支路的电流18如图所示，r1=10，当s1、s2均闭合时，电压表示数为6v；当s1闭合，s2断开时，电压表示数为4v，电源电压u和电阻r2的大小分别是6v、5【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；动态预测题；电路和欧姆定律【分析】当s1、s2均闭合时，电路为r1的简单电路，电压表测电源的电压；当s1闭合，s2断开时，两电阻串联，电压表测r1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出r2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出r2的阻值【解答】解：当s1、s2均闭合时，电路为r1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压u=6v；当s1闭合，s2断开时，两电阻串联，电压表测r1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，r2两端的电压：u2=uu1=6v4v=2v，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：i=，即=，解得：r2=5故答案为：6；5【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断19在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关s闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比u甲：u乙=5：4，则r1：r2=1：4；当开关s断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是i甲：i乙=1：5【考点】欧姆定律的应用【专题】压轴题；欧姆定律【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由电路图可知，当开关s闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测r2两端电压，串联电路中电流处处相等，根据i=，=，由此可得： =；由电路图可知，当开关s断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过r2的电流，乙测干路电流，=故答案为：1：4；1：5【点评】本题考查了求电阻之比、电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题20铭牌上标有“220v 11w”的节能灯，正常工作时的电流为0.05a，它每天正常工作2小时，那么一个月消耗0.66kwh的电能（一个月按30天计算）【考点】电功率的计算；电功的计算【专题】电能和电功率【分析】（1）由铭牌信息可知灯泡的额定电压与额定功率，由功率的变形公式i=可求出灯正常工作时的电流；（2）已知功率与做功时间由公式w=pt可以求出灯消耗的电能【解答】解：（1）节能灯正常工作时的电流i=0.05a；（2）灯每天正常工作2h，一月消耗的电能：w=pt=0.011kw2h30=0.66kwh；故答案为：0.05；0.66【点评】本题考查了求节能灯正常工作时的电流、节能灯消耗的电能，由灯的铭牌找出灯的额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应用功率的变形公式是正确解题的关键21某市居民生活用电电价是每度电0.5元，小新家5月初和5月底电能表的示数如图所示，则小新家5月份电费为60元小新家某用电器单独工作3min，电能表转动6圈，则该用电器的实际功率为40 w【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】电能和电功率【分析】（1）月末的示数减去月初的示数就是当月消耗的电能，已知电价是每度电0.5元，然后可知小新家5月份电费；（2）“3000r/kwh”表示每用电1kwh指示表盘转3200转，可求出电能表的表盘转了6转消耗的电能，知道工作时间，可利用公式p=计算出电热器的功率【解答】解：（1）当月消耗的电能322.1kwh202.1kwh=120kwh，电价是每度电0.5元，则小新家5月份电费120kwh0.5元/kwh=60元；（2）因为电能表的表盘转了6转，所以用电器消耗的电能为：w=kwh；用电器的功率：p=0.04kw=40w故答案为：60；40【点评】本题考查对电能表各参数的理解以及电功率和电能的计算，关键是对电能表各参数的正确理解以及公式及其变形的灵活运用22一只标有“220v100w”的灯泡，如果将它接入110伏的电路中，灯泡此时的实际功率是25瓦，工作时间10分钟，消耗的电能为15000焦【考点】实际功率；电功的计算【专题】计算题；应用题；电能和电功率；电与热、生活用电【分析】知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式p=计算灯泡该工作时的电阻，又知道灯泡的实际电压，可利用公式p=计算灯泡的实际功率，可利用公式w=pt计算消耗的电能【解答】解：由p=可得，灯泡的电阻：r=484，因为u实=110v，则灯泡的实际功率为：p实=25w，由p=可得，工作时间10分钟，消耗的电能：w=p实t=25w1060s=15000j故答案为：25；15000【点评】本题考查了消耗电能和实际功率的计算，重点是对公式的灵活变形，并会根据题意选择合适的公式进行计算，解题过程中要注意单位的换算三、实验题（除电路连接3分外，其余每空1分，共12分）23要测量某电阻的阻值，实验桌上有下列器材：电流表a（00.6a），电压表v（03v），电源4.5v，滑动变阻器r，开关，导线，待测电阻rx（约6左右）实验要求：多测几组数据且两电表都不能超过其量程（1）根据电路图用笔画线代替导线，将实物电路连接好（2）实验时，电路中允许通过的最大电流为0.5a（3）在连接电路时，有r1（12 1a）和r2（3 2a）两种滑动变阻器，要保证实验顺利进行，应选r1（填r1或r2）（4）小华改变电阻两端的电压进行了三次测量，三次测出的电阻分别为5.9、6.1、6.3并不相等，为减小实验误差，该电阻的真实值更接近于6.1（5）将上述实验中的电阻换成小灯泡，用同样的方法测小灯泡的电阻，分析实验数据发现，小灯泡两端电压越低，小灯泡的电阻越小，原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大，小灯泡两端电压越低，灯泡的实际功率越小，温度越低【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】实验题；欧姆定律；探究型实验综合题【分析】（1）根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串主电路，再将电压表并在待测电阻的两端；连接滑动变阻器时，要“一上一下”的原则（2）当电压表的指针满偏时，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流（3）当电压表的示数为3v时，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小电阻值，据此判断滑动变阻器的规格；（4）求出三次电阻的平均值便可；（5）根据灯丝电阻随温度升高而增大的特点进行分析【解答】解：（1）采用“电流流向法”，电流从电源正极出发依次将开关、滑动变阻器、待测电阻r1、电流表串联起来，再将电压表并联在待测电阻的两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，电流从正接线柱流入负接线柱流出，如下图所示：（2）当电压表的示数为3v时，电路中的电流i=0.5a0.6a，所以电路中允许通过的最大电流为0.5a；（3）当电压表的示数为3v时，i=0.5a，滑动变阻器两端的电压u滑=uu1=4.5v3v=1.5v，滑动变阻器接入电路的最小电阻值：r滑=3，故为了多测几组数据且电表都不能超过其量程，应选滑动变阻器r1（4）电阻r=6.1；（5）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，小灯泡两端电压越低，灯泡的实际功率越小，温度越低，所以小灯泡的电阻越小故答案为：（1）如上图所示；（2）0.5；（3）r1；（4）6.1；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大，小灯泡两端电压越低，灯泡的实际功率越小，温度越低【点评】本题考查了实物电路图的连接和滑动变阻器规格的选择以及串联电路特点、欧姆定律的应用，关键是根据电压表和电流表的量程确定电路中的最大电流为减小误差，应多测几组数据求平均值，实验中还考查了灯丝电阻与温度的关系24在研究“导体电流与电阻关系”的实验中，同学们利用了阻值分别为5、10、15的定值电阻和变阻器进行了探究，变阻器规格是“10 1a”，电源电压4.5v并保持不变（1）用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整（请用签字笔在答题卡上连线）（2）闭合开关前，电流表指针如图乙所示，对电流表的操作应该是调零（3）正确连线后，闭合开关时发现，无论怎样移动滑片电流表指针几乎不动，电压表指针向右偏转且超过满刻度，原因可能是电阻r出现断路现象（4）排除故障后，先接入15的电阻，调节滑片时电压表示数为3v，观察到电流表示数为0.2a；用10电阻代替15电阻接入电路，应将滑片向左端（选填“左”或“右”）移动，才能使电压表示数保持3v，并记录下电流表示数为0.3a；用5电阻代替10电阻接入电路，正确操作，电流表示数为0.6a（5）分析三次的实验数据，可得出电流与电阻的关系是电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比（6）王强同学继续探究：他用了30的定值电阻代替原来的电阻实验，发现无论怎样移动滑片都不能满足电压表示数为3v，原因是滑动变阻器阻值太小；要使电压表示数保持3v，要求变阻器的最大阻值最少为15【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】探究题；探究型实验综合题【分析】（1）实验中电压表应测定值电阻两端电压，由此连图；（2）由图乙，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；（3）闭合开关电流表无示数可能是电路断路；电压表示数超过量程，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外部分，不存在断路；综合分析知电路故障原因是：定值电阻断路；（4）根据电流表量程和分度值读出丙图中其示数；研究导体电流与电阻关系中要保持r两端电压不变，由此分析10电阻代替15电阻后滑片的移动方向；（5）根据三次实验中电流与对应电阻关系分析得出结论；（6）根据串分压的知识，若电阻增大，分得的电压将变大，要减小电阻两端的电压，需增大滑动变阻器的阻值；根据串联电路的电压、电流规律结合欧姆定律计算出电阻【解答】解：（1）研究“导体电流与电阻关系”的实验中，电压表应测量定值电阻两端的电压，由此完整电路的连接，如图所示：（2）电流表指针没有指在零刻度线上，应先对电流表调零；（3）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片p，电流表无示数，但电压表示数有示数且很大，则故障原因可能是定值电阻断路了；（4）由图丙，电流表的量程为00.6a，分度值0.02a，示数为0.2a；此时r两端电压为3v，因为导体电流与电阻关系中要保持r两端电压不变，当用10电阻代替15电阻接入电路，总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，滑动变阻器分得的电压变大，电阻分得的电压减小，所以应调节滑片向左移动，减小滑动变阻器接入电路的电阻，使电压表的示数保持不变；（5）三次实验电阻分别为15、10、5，三次通过的电流分别是0.2a、0.3a、0.6a每次的电流与电阻和乘积相等，由此可得：电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；（6）由题意知，滑动变阻器两端的电压应为u滑=4.5v3v=1.5v