山东省淄博市实验中学高三物理上学期第一次诊考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年山东省淄博市实验中学高三（上）第一次诊考物理试卷一、本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分1下列图象均能正确皮映物体在直线上的运动，则在t=2s内物体位移最大的是（）abcd2如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径ab所在的平面一分为二，先后以ab沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为f和f，已知支架间的距离为ab的一半，则为（）abcd3如图a所示，质量为m的半球体静止在倾角为的平板上，当从0缓慢增大到90的过程中，半球体所受摩擦力ff与的关系如图b所示，已知半球体始终没有脱离平板，半球体与平板间的动摩擦因数为，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度为g，则（）aoq段图象可能是直线bq段图象可能是直线cq=dp=4在斜面顶端的a点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上b点处，若在a点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2时间落到斜面上的c点处，以下判断正确的是（）aab：ac=2：1bab：ac=4：1ct1：t2=4：1dt1：t2=：15起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度图象如图所示，则钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是（）abcd6光盘驱动器在读取内圈数据时，以恒定线速度方式读取而在读取外圈数据时，以恒定角速度的方式读取设内圈内边缘半径为r1，内圈外边缘半径为r2，外圈外边缘半径为r3a、b、c分别为内圈内边缘、内圈外边缘和外圈外边缘上的点则读取内圈上a点时a点的向心加速度大小和读取外圈上c点时，c点的向心加速度大小之比为（）abcd7如图所示，a、b、c三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与a球相连，a、b间固定一个轻杆，b、c间由一轻质细线连接倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）aa球的受力情况未变，加速度为零bc球的加速度沿斜面向下，大小为gca、b之间杆的拉力大小为2mgsinda、b两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为gsin8如图所示，地球卫星a、b分别在椭圆轨道、圆形轨道上运行，椭圆轨道在远地点a处与圆形轨道相切，则（）a卫星a的运行周期比卫星b的运行周期短b两颗卫星分别经过a点处时，a的速度大于b的速度c两颗卫星分别经过a点处时，a的加速度小于b的加速度d卫星a在a点处通过加速可以到圆轨道上运行9为了迎接太空时代的到来，美国国会通过一项计划：在2050年前建造成太空升降机，就是把长绳的一端搁置在地球的卫星上，另一端系住升降机，放开绳，升降机能到达地球上，科学家可以控制卫星上的电动机把升降机拉到卫星上已知地球表面的重力加速度g=10m/s2，地球半径r=6400km，地球自转周期为24h某宇航员在地球表面测得体重为800n，他随升降机垂直地面上升，某时刻升降机加速度为10m/s2，方向竖直向上，这时此人再次测得体重为850n，忽略地球公转的影响，根据以上数据（）a可以求出升降机此时所受万有引力的大小b可以求出此时宇航员的动能c可以求出升降机此时距地面的高度d如果把绳的一端搁置在同步卫星上，可知绳的长度至少有多长10如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板p连接，另一端与物体a相连，物体a置于光滑水平桌面上，a右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体b相连开始时托住b，让a处于静止且细线恰好伸直，然后由静止释放b，直至b获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）ab物体受到细线的拉力保持不变ba物体与b物体组成的系统机械能不守恒cb物体机械能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量d当弹簧的拉力等于b物体的重力时，a物体的动能最大11如图所示，在水平力f作用下，a、b保持静止若a与b的接触面是水平的，且f0，则b的受力个数可能为（）a3个b4个c5个d6个12如图所示，粗糙的水平地面上有三块材料完全相同的木块a、b、c，质量均为m，b、c之间用轻质细绳连接现用一水平恒力f作用在c上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）a无论粘在哪个木块上面，系统加速度都将减小b若粘在a木块上面，绳的拉力减小，a、b间摩擦力不变c若粘在b木块上面，绳的拉力增大，a、b间摩擦力增大d若粘在c木块上面，绳的拉力和a、b间摩擦力都减小二、实验题（13题第（1）问4分，其余每空3分，共16分）13某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出ml图线，对应点已在图上标出，如图乙所示（重力加速度g=10m/s2）采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为n/m（保留3位有效数字）请你判断该同学得到的实验结果与考虑砝码盘的质量相比，结果（填“偏大”、“偏小”或“相同”）14如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力不计空气阻力及一切摩擦（1）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，操作中必须满足；要使小车所受合外力一定，操作中必须满足（2）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t改变小车质量m，测得多组m、t的值，建立坐标系描点作出图线下列能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比”的图线（图2）是三、计算题（15题8分，16题12分，17题16分，共36分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15舰载战斗机在运动航母上降落，风险之高，难度之大，一向被喻为“刀尖上的舞蹈”舰载战斗机的降落可简化为下列物理模型：时速为300km/h的舰载机在航母阻拦系统的帮助下做匀减速运动100m后安全停下而以时速为250km/h的普通战斗机在机场上降落需滑行1000mg取10m/s2试求：（1）舰载机和普通战斗机降落时的加速度大小之比（2）舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比16（12分）（2015秋淄博校级期中）如图所示，一质量为mb=2kg，长为l=6m的薄木板b放在水平面上，质量为ma=2kg的物体a（可视为质点）在一电动机拉动下从木板左端以v0=5m/s的速度向右匀速运动在物体带动下，木板以a=2m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，此时牵引物体的轻绳的拉力f=8n已知各接触面间的动摩擦因数恒定，重力加速度g取10m/s2，则（1）经多长时间物体a滑离木板？（2）木板与水平面间的动摩擦因数为多少？17（16分）（2013休宁县校级模拟）如图所示，ab和cdo都是处于竖直平面内的光滑圆弧形轨道，oa处于水平位置，ab是半径为r=2m的圆周轨道，cdo是半径为r=1m的半圆轨道，最高点o处固定一个竖直弹性档板d为cdo轨道的中点bc段是水平粗糙轨道，与圆弧形轨道平滑连接已知bc段水平轨道长l=2m，与小球之间的动摩擦因数=0.4现让一个质量为m=1kg的小球p从a点的正上方距水平线oa高h处自由落下（取g=10m/s2）（1）当h=1.4m时，问此球第一次到达d点对轨道的压力大小（2）当h=1.4m时，试通过计算判断此球是否会脱离cdo轨道如果会脱离轨道，求脱离前球在水平轨道经过的路程如果不会脱离轨道，求静止前球在水平轨道经过的路程（3）为使小球仅仅与弹性板碰撞二次，且小球不会脱离cdo轨道，问h的取值范围2015-2016学年山东省淄博市实验中学高三（上）第一次诊考物理试卷参考答案与试题解析一、本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分1下列图象均能正确皮映物体在直线上的运动，则在t=2s内物体位移最大的是（）abcd【考点】匀变速直线运动的图像 【专题】运动学中的图像专题【分析】根据位移的坐标变化量分析物体的位移情况，根据速度图象的“面积”确定t=2s时刻物体的位移是否最大【解答】解：a、位移的斜率在变化，物体的速度大小和方向在变化，物体在t=1s内位移为2m，t=2s内位移为0b、根据速度图象的“面积”得到物体在t=2s内位移大于c、物体在前1s内位移等于，在后1s内物体为位移为=1m，则t=2s内位移为0d、物体前1s内位移为1m，后1s内位移为1m，在t=2s内物体的位移为0故选b【点评】位移图象坐标表示位置，坐标变化量表示位移而速度图象与坐标轴所围“面积”表示位移2如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径ab所在的平面一分为二，先后以ab沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为f和f，已知支架间的距离为ab的一半，则为（）abcd【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对左图，上面球收重力和支持力而平衡，根据平衡条件得到支持力；对右图，隔离半个球分析，受重力、左侧球的支持力和右角的支持力，根据平衡条件列式求解【解答】解：设两半球的总质量为m，当球以ab沿水平方向放置，可知；当球以ab沿竖直方向放置，以两半球为整体，隔离右半球受力分析如图所示，可得，根据支架间的距离为ab的一半，可得=30，则，a正确故选：a【点评】本题关键是根据隔离法和整体法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，基础题目3如图a所示，质量为m的半球体静止在倾角为的平板上，当从0缓慢增大到90的过程中，半球体所受摩擦力ff与的关系如图b所示，已知半球体始终没有脱离平板，半球体与平板间的动摩擦因数为，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度为g，则（）aoq段图象可能是直线bq段图象可能是直线cq=dp=【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】半球体受重力、支持力和摩擦力，开始时不滑动，是静摩擦力，根据平衡条件列式求解静摩擦力表达式分析；滑动后是滑动摩擦力，根据滑动摩擦定律列式分析【解答】解：c、半圆体在平板上恰好开始滑动的临界条件是：mgsin=mgcos，故有：=tan，解得：=，即q=，故c错误；ab、在0之间时，ff是静摩擦力，大小为mgsin；在之间时，ff是滑动摩擦力，大小为mgcos；综合以上分析得其ff与关系如图中实线所示，故a、b错误；d、当=时，ff=mgsin，即p=，故d正确故选：d【点评】本题关键是受力分析后要能够区分是滑动摩擦力还是静摩擦力，然后结合平衡条件和滑动摩擦定律列式分析，基础题目4在斜面顶端的a点以速度v平抛一小球，经t1时间落到斜面上b点处，若在a点将此小球以速度0.5v水平抛出，经t2时间落到斜面上的c点处，以下判断正确的是（）aab：ac=2：1bab：ac=4：1ct1：t2=4：1dt1：t2=：1【考点】平抛运动 【专题】平抛运动专题【分析】小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移的比值是一定值，即tan=，知运动的时间与初速度有关从而求出时间比根据时间比，可得出竖直方向上的位移比，从而可知ab与ac的比值【解答】解：平抛运动竖直方向上的位移和水平方向上的位移关系为 tan=则t=则知运动的时间与初速度成正比，所以t1：t2=2：1竖直方向上下落的高度h=gt2知竖直方向上的位移之比为4：1斜面上的距离s=，知ab：ac=4：1故选：b【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定5起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度图象如图所示，则钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是（）abcd【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像 【专题】功率的计算专题【分析】钢索拉力的功率p=fv，根据速度图象分析重物的运动情况，根据牛顿第二定律得出拉力与重力的关系，再由功率公式得出功率与时间的关系式，选择图象【解答】解：在0t1时间内：重物向上做匀加速直线运动，设加速度大小为a1，根据牛顿第二定律得：fmg=ma1，解得：f=mg+ma1拉力的功率：p1=fv=（mg+ma1）a1t，m、a1均一定，则p1t在t1t2时间内：重物向上做匀速直线运动，拉力f=mg，则拉力的功率p2=fv=mgv，p2不变，根据拉力的大小得到，p2小于t1时刻拉力的功率在t2t3时间内：重物向上做匀减速直线运动，设加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：mgf=ma2，f=mgma2，拉力的功率p3=fv=（mgma2）（v0a2t），m、a2均一定，p3与t是线性关系，随着t延长，p3减小t3时刻拉力突然减小，功率突然减小故选：a【点评】根据物理规律得到功率与时间的解析式，再选择图象，是经常采用的方法和思路6光盘驱动器在读取内圈数据时，以恒定线速度方式读取而在读取外圈数据时，以恒定角速度的方式读取设内圈内边缘半径为r1，内圈外边缘半径为r2，外圈外边缘半径为r3a、b、c分别为内圈内边缘、内圈外边缘和外圈外边缘上的点则读取内圈上a点时a点的向心加速度大小和读取外圈上c点时，c点的向心加速度大小之比为（）abcd【考点】向心力 【专题】匀速圆周运动专题【分析】抓住读取b点加速度相等，根据读取内圈数据时，以恒定线速度方式读取，求出a、b的向心加速度之比，根据读取外圈数据时，以恒定角速度的方式读取，求出b、c的向心加速度之比，从而得出a、c两点的向心加速度之比【解答】解：a、b两点的线速度大小相等，根据a=知，a、b两点的向心加速度之比aa：ab=r2：r1b、c两点的角速度相等，根据a=r2知，b、c两点的向心加速度之比为ab：ac=r2：r3则=故b正确，a、c、d错误故选：b【点评】解决本题的关键抓住a、b线速度相等，b、c角速度相等，根据向心加速度公式进行求解7如图所示，a、b、c三球质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与a球相连，a、b间固定一个轻杆，b、c间由一轻质细线连接倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，开始系统处于静止状态在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）aa球的受力情况未变，加速度为零bc球的加速度沿斜面向下，大小为gca、b之间杆的拉力大小为2mgsinda、b两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为gsin【考点】牛顿第二定律 【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】分别以b、ab组成的系统、c为研究对象，由牛顿第二定律分析答题【解答】解：a、细线被烧断的瞬间，ab作为整体，不再受细线的拉力作用，故受力情况发生变化，合力不为零，加速度不为零，故a错误；b、对球c，由牛顿第二定律得：mgsin=ma，解得：a=gsin，方向向下，故b错误；c、以a、b组成的系统为研究对象，烧断细线前，a、b静止，处于平衡状态，合力为零，弹簧的弹力f=3mgsin，以c为研究对象知，细线的拉力为mgsin，烧断细线的瞬间，a、b受到的合力等于3mgsin2mgsin=mgsin，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，由牛顿第二定律得：mgsin=2ma，则加速度a=gsin，b的加速度为：a=gsin，以b为研究对象，由牛顿第二定律得：fabmgsin=ma，解得：fab=mgsin，故c错误，d正确；故选：d【点评】本题关键点就是绳和弹簧的区别：弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零这点在做题时要特别留意8如图所示，地球卫星a、b分别在椭圆轨道、圆形轨道上运行，椭圆轨道在远地点a处与圆形轨道相切，则（）a卫星a的运行周期比卫星b的运行周期短b两颗卫星分别经过a点处时，a的速度大于b的速度c两颗卫星分别经过a点处时，a的加速度小于b的加速度d卫星a在a点处通过加速可以到圆轨道上运行【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 【专题】人造卫星问题【分析】根据开普勒第三定律判断卫星a的运行周期比卫星b的运行周期关系卫星在轨道a上做椭圆运动，要过度到轨道b，在a点应该做离心运动，增大速度速度可以短时间内变化，但是在同一个位置万有引力相等，加速度相等【解答】解：a、卫星a的半长轴小于卫星b的轨道半径，根据开普勒第三定律=k得卫星a的运行周期比卫星b的运行周期短故a正确；b、卫星在轨道a上做椭圆运动，要过度到轨道b，在a点应该增大速度，做离心运动，所以两颗卫星分别经过a点处时，a的速度小于b的速度，故b错误，d正确；c、根据牛顿第二定律和万有引力定律得=maa=，所以两颗卫星分别经过a点处时，a的加速度等于于b的加速度，故c错误；故选：ad【点评】本题考查卫星的变轨和离心运动等知识，关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出加速度的表达式，再进行讨论9为了迎接太空时代的到来，美国国会通过一项计划：在2050年前建造成太空升降机，就是把长绳的一端搁置在地球的卫星上，另一端系住升降机，放开绳，升降机能到达地球上，科学家可以控制卫星上的电动机把升降机拉到卫星上已知地球表面的重力加速度g=10m/s2，地球半径r=6400km，地球自转周期为24h某宇航员在地球表面测得体重为800n，他随升降机垂直地面上升，某时刻升降机加速度为10m/s2，方向竖直向上，这时此人再次测得体重为850n，忽略地球公转的影响，根据以上数据（）a可以求出升降机此时所受万有引力的大小b可以求出此时宇航员的动能c可以求出升降机此时距地面的高度d如果把绳的一端搁置在同步卫星上，可知绳的长度至少有多长【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 【专题】人造卫星问题【分析】要知道升降机所受的万有引力，必须知道升降机的质量根据地球表面人的体重和表面重力加速度，可求出宇航员的质量根据牛顿第二定律求出当时的重力加速度，根据万有引力等于重力，得出轨道半径，从而得出高度由运动学公式可求得此时宇航员的速度，从而能求得其动能通过万有引力提供向心力，求出同步卫星的轨道半径，从而知道绳的长度【解答】解：a、因为不知道升降机的质量，所以求不出升降机所受的万有引力故a错误b、c根据牛顿第二定律：nmg=ma，求出重力加速度g再根据万有引力等于重力：g=mg，可求出高度h故c正确根据地球表面人的体重g宇=800n和地球表面重力加速度g=10m/s2，可知宇航员的质量为 m=80kg由于升降机不一定做匀加速直线运动，不能由运动学公式v2=2ah求出此时宇航员的速度v，则不能求得宇航员的动能故b错误d、根据万有引力提供向心力：g=m（r+h）（ ）2，gm=gr2，可求出同步卫星离地面的高度，高度等于绳长故d正确故选：cd【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力列式，这是卫星问题常用的两条思路10如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板p连接，另一端与物体a相连，物体a置于光滑水平桌面上，a右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体b相连开始时托住b，让a处于静止且细线恰好伸直，然后由静止释放b，直至b获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）ab物体受到细线的拉力保持不变ba物体与b物体组成的系统机械能不守恒cb物体机械能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量d当弹簧的拉力等于b物体的重力时，a物体的动能最大【考点】弹性势能；机械能守恒定律 【分析】正确解答该题要分析清楚过程中两物体受力的变化情况和各个力做功情况，根据功能关系明确系统动能、b重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用【解答】解：a、以a、b组成的系统为研究对象，根据牛顿第二定律有：mbgkx=（ma+mb）a，由于弹簧的伸长量x逐渐变大，故从开始到b速度达到最大的过程中b的加速度逐渐减小对b，由mbgt=mba可知，在此过程绳子上拉力逐渐增大，是变力，故a错误；b、对于a物体、b物体以及弹簧组成的系统，只有弹簧的弹力和重力做功，系统的机械能守恒，由于弹簧的弹性势能不断增大，所以a物体与b物体组成的系统机械能不断减少，故b正确；c、a物体、b物体以及弹簧组成的系统机械能守恒，故b物体机械能的减少量等于a的机械能增加量与弹性势能增加量之和，所以b物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故c错误d、由于弹簧的拉力先小于细线的拉力，后大于细线的拉力，a先加速后减速，当弹簧的拉力与细线的拉力大小相等时，a的速度最大，动能最大，此时a的加速度为零，b的加速度也为零，细线的拉力等于b的重力，可知弹簧的拉力等于b物体的重力时，a物体的动能最大故d正确故选：bd【点评】正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用11如图所示，在水平力f作用下，a、b保持静止若a与b的接触面是水平的，且f0，则b的受力个数可能为（）a3个b4个c5个d6个【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】先对ab整体受力分析，判断整体相对斜面体的运动趋势；再对a受力分析，最后对物体b受力分析，b可能受到斜面的静摩擦力，也可能不受斜面的静摩擦力，即b受力情况有两种可能【解答】解：先对ab整体受力分析，受重力、推力、支持力；当推力平行斜面向上的分力大于重力的下滑分力时，有上滑趋势；当推力平行斜面向上的分力小于重力的下滑分力时，有下滑趋势；当推力平行斜面向上的分力等于重力的下滑分力时，无滑动趋势；再对物体a受力分析，受推力、重力、支持力和向左的静摩擦力，共4个力；最后对b受力分析，受重力、a对b的压力和向右的静摩擦力、斜面体对a的支持力，如果b物体相对斜面体有滑动趋势，则受到斜面体的静摩擦力，若相对斜面体无滑动趋势，则不受斜面体的静摩擦力，即物体b可能受4个力，也可能受5个力；故选：bc【点评】分析物体受力常常采用隔离法，一般按这个顺序分析受力：重力、弹力、摩擦力12如图所示，粗糙的水平地面上有三块材料完全相同的木块a、b、c，质量均为m，b、c之间用轻质细绳连接现用一水平恒力f作用在c上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一块上面，系统仍加速运动，且始终没有相对滑动则在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）a无论粘在哪个木块上面，系统加速度都将减小b若粘在a木块上面，绳的拉力减小，a、b间摩擦力不变c若粘在b木块上面，绳的拉力增大，a、b间摩擦力增大d若粘在c木块上面，绳的拉力和a、b间摩擦力都减小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对整体分析，运用牛顿第二定律判断系统加速度的变化通过隔离分析，得出绳子拉力和摩擦力的大小的变化【解答】解：a、因无相对滑动，所以，无论橡皮泥粘到哪块上，根据牛顿第二定律都有：f3mgmg=（3m+m）a，a都将减小，故a正确；b、若粘在a木块上面，以c为研究对象，受f、摩擦力mg、绳子拉力t，fmgt=ma，a减小，f、mg不变，所以，t增大，b错误；c、若粘在b木块上面，a减小，以a为研究对象，m不变，所受摩擦力减小，c错误；d、若粘在c木块上面，a减小，a的摩擦力减小，以ab为整体，有t2mg=2ma，t减小，d正确故选ad【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用二、实验题（13题第（1）问4分，其余每空3分，共16分）13某同学利用如图甲所示的装置测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上砝码盘通过改变盘中砝码的质量，测得6组砝码的质量m和对应的弹簧长度l，画出ml图线，对应点已在图上标出，如图乙所示（重力加速度g=10m/s2）采用恰当的数据处理，该弹簧的劲度系数为3.33n/m（保留3位有效数字）请你判断该同学得到的实验结果与考虑砝码盘的质量相比，结果相同（填“偏大”、“偏小”或“相同”）【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系 【专题】实验题；弹力的存在及方向的判定专题【分析】该题考察了应用弹力与弹簧长度关系的图象分析问题用描点作出ml的关系图线，图线的斜率k斜=，读出斜率求出劲度系数k劲【解答】解：由胡克定律f=kx得：k=gk斜=10=3.33 n/m劲度系数是根据比率计算出的，即，是否考虑砝码盘的质量对结果无影响故答案为：3.33；相同【点评】在应用胡克定律时，要首先转化为国际单位，同时要知道图线的斜率的物理意义，基础题14如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲、乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的轻质测力计能显示挂钩处所受的拉力不计空气阻力及一切摩擦（1）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使测力计的示数等于小车所受合外力，操作中必须满足小车与滑轮间的细绳与长木板平行，；要使小车所受合外力一定，操作中必须满足砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t改变小车质量m，测得多组m、t的值，建立坐标系描点作出图线下列能直观得出“合外力一定时，加速度与质量成反比”的图线（图2）是c【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系 【专题】实验题【分析】小车受重力，支持力和拉力，小车与滑轮间的细绳与长木板平行，测力计的示数等于小车所受的合外力小车从靠近甲光电门处由静止开始做匀加速运动，位移x=at2位移一定，找出a与t的关系；即可明确对应的图象【解答】解：（1）小车受重力，支持力和拉力，小车与滑轮间的细绳与长木板平行，测力计的示数等于小车所受的合外力，要使小车所受合外力一定，操作中必须满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（2）小车从靠近甲光电门处由静止开始做匀加速运动，位移x=at2改变小车质量m，测得多组m、t的值，所以加速度a=，位移不变，所以a与t2成反比，合外力一定时，加速度与质量成反比例”的图线是c故答案为：（1）小车与滑轮间的细绳与长木板平行；沙和沙桶的总质量远小于小车的质量；（2）c【点评】本题考查牛顿第二定律的实验问題；对于实验问题一定要明确实验原理，并且亲自动手实验，熟练应用所学基本规律解决实验问题三、计算题（15题8分，16题12分，17题16分，共36分，解答应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15舰载战斗机在运动航母上降落，风险之高，难度之大，一向被喻为“刀尖上的舞蹈”舰载战斗机的降落可简化为下列物理模型：时速为300km/h的舰载机在航母阻拦系统的帮助下做匀减速运动100m后安全停下而以时速为250km/h的普通战斗机在机场上降落需滑行1000mg取10m/s2试求：（1）舰载机和普通战斗机降落时的加速度大小之比（2）舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系 【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合速度之比和位移之比求出加速度之比（2）根据速度位移公式和牛顿第二定律得出f与m的关系，从而得出舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比【解答】解：（1）设舰载机和普通战斗机降落时加速度大小分别为a1和a2，根据运动学公式：v2=2ax，得：，解得：（2）对舰载机分析：，设飞行员质量为m，所受作用力为f由牛顿运动定律：f=ma1，代入数据解得：f=34.7m故舰载机飞行员在航母上降落时所受的作用力与其自身的体重之比答：（1）舰载机和普通战斗机降落时的加速度大小之比为72：5（2）舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比为3.47【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大16（12分）（2015秋淄博校级期中）如图所示，一质量为mb=2kg，长为l=6m的薄木板b放在水平面上，质量为ma=2kg的物体a（可视为质点）在一电动机拉动下从木板左端以v0=5m/s的速度向右匀速运动在物体带动下，木板以a=2m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，此时牵引物体的轻绳的拉力f=8n已知各接触面间的动摩擦因数恒定，重力加速度g取10m/s2，则（1）经多长时间物体a滑离木板？（2）木板与水平面间的动摩擦因数为多少？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】（1）a做匀速直线运动，b做匀加速直线运动，根据两者的位移之差等于l，结合运动学公式求出物体a滑离木板的时间（2）a受力平衡，求出ab之间的摩擦力，再隔离对b分析，根据牛顿第二定律求出木板与水平面间的动摩擦因数【解答】解：（1）设经t0时间物体a滑离木板，则对a：xa=v0t0对木板b：xb=at02xaxb=l代入数据解得：t0=2