山东省潍坊市昌乐县中考物理二模试题（含解析）.doc

2015年山东省潍坊市昌乐县中考物理二模试卷一、单项选择题1关于声音，下列说法中正确的是（）a在简谱中，“5”比“2”的音调高b“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，让医生听得更清楚c我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的响度太小d用棉花堵住耳道，就听不清外界的声音，说明声音不能在棉花中传播2对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一，下列估测的数据中最接近事实的是（）a一张试卷厚度的大约1mmb一份理化试卷的质量约为80gc一块橡皮从课桌掉到地上所用时间约为5sd中学生从一楼匀速上到三楼所做的功约是3103j3如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力f的作用，f的大小与时间t的有关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（）a02秒，物体处于静止状态，是因为推力小于摩擦力b24秒，物体做匀速直线运动c24秒，物体受到的摩擦力大于水平推力d46秒，物体受到的摩擦力等于水平推力4如图中猫的头部位置保持不变，把镜子沿mn截成两半，并分别向两侧平移一段距离，则猫的头部通过左、右两半面镜子（）a各成半个像，合起来成一个完整的像b各成半个像，且两个半像在不同位置c都成完整的像，且两个像在不同位置d都成完整的像，且两个像在同一位置5如图所示是用相同的加热器给质量相等的甲、乙两种物质加热时，根据测量结果绘制的图象，已知甲、乙两物质的比热容分别为c甲、c乙，由图象可知（）ac甲c乙，其中甲是晶体bc甲c乙，其中乙是晶体cc甲c乙，其中甲是晶体dc甲c乙，其中乙是晶体6当夏日炎炎时，我们常使用空调来降低室内的温度当冬日严寒时，我们又可以使用空调来提高室内的温度，你觉得在使用的过程中，空调的风向应怎样调节最有利于整个室内温度尽快达到预设要求（）a夏天，应将空调出风口向上调节，让凉风向上吹出b冬天，应将空调出风口向上调节，让暖风向上吹出c无论夏天还是冬天，都应将空调出风口向下调节d无论夏天还是冬天，都应将空调出风口向上调节7在某次比赛中，足球运动员踢出了一记神奇的“香蕉球”，足球从右侧绕过“人墙”射入球门，如图所示，这是因为踢出的足球（）a左侧空气流速快b两侧空气流速相同c左侧空气流速慢d不断改变旋转方向8有一种“背负式”割草机，它由四冲程汽油机带动锯齿刀片转动割草对汽油机和割草情景的分析，下列说法不正确的是（）a汽油机的四个冲程是指吸气、压缩、做功和排气冲程b四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能c割草时能闻到青草味说明分子在做永不停息的无规则运动d割草时草屑飞舞是因为受到惯性的作用9跳伞运动员跳出飞机后，立即打开降落伞，下降过程中所受空气阻力随运动速度的增大而增大，直至与重力等大，在整个下落过程中，运动员和降落伞的（）a势能不断减少，动能不断增加，机械能不变b势能不断减少，动能不断增加，机械能减少c势能不断减少，动能先增加然后保持不变，机械能减少d势能不断减少，动能先减少然后保持不变，机械能减少10小明同学在测定额定电压为“3.8v”的小灯泡的额定功率时，发现电压表“015v”量程坏了，而“03v”量程完好，实验所用其他器材完好，所用的电源电压恒为6v，在不更换实验器材的情况下，同学们帮助小明同学设计如图所示的四种实验电路图，则能完成实验的电路图是（）abcd二、多项选择题11如图所示，南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是25，下列说法中正确的是（）a企鹅呼出“白气”的过程中，呼出气体的内能将减小b若两只企鹅的体温相同，则它们“牵手”时会发生热传递c南极地区蕴藏丰富的天然气资源，其优点是热值小d南极再冷，组成冰山的分子也在做热运动，冰山也有内能12如图所示，用同一支密度计分别测量甲、乙两种液体的密度，下列说法正确的是（）a密度计在乙液体中所受的浮力大b乙液体的密度大于甲液体的密度c密度计上的刻度值上大下小d密度计在甲、乙两种液体中所受的浮力相等13如图是小明同学提着包回家的情景，其中小明同学提包的力能够做功的是（）a用力将包提起b提着包水平前进c提包乘电梯上升d提包上楼梯14小明在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法正确的是（）a当在导体乙的两端上加1v的电压时，通过导体乙的电流为0.1ab当甲、乙两导体并联后接到电压为3v的电源上时，干路中的电流为0.9ac将甲、乙两导体串联后接到电压为3v的电源上时，电路中的电流为0.2ad导体甲的电阻大于导体乙的电阻15如图甲是某生产流水线上的产品输送及计数装置示意图其中s为激光源，rl为光敏电阻（有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大），r2为定值保护电阻，a、b间接“示波器”（示波器的接入对电路无影响）水平传送带匀速前进，每当传送带上的产品通过s与rl之间时，射向光敏电阻的光线会被产品挡住若传送带上的产品为均匀正方体，示波器显示的电压随时间变化的关系如图乙所示己知计数器电路中电源两极间的电压恒为6v，保护电阻的阻值为400则（）a有光照射时光敏电阻rl的阻值为200b有光照射和无光照射时保护电阻r2两端的电压之比为1：2c有光照射和无光照射时光敏电阻的阻值之比为1：2d有光照射和无光照射时光敏电阻的阻值之比为1：416如图甲所示，建筑工人用滑轮组提升重为285n的水泥桶，动滑轮重为15n，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重工人在将水泥桶匀速向上拉的过程中，水泥桶上升的高度h随时间t变化的关系如图乙所示，由此可知（）a水泥桶匀速上升的速度为2m/sb010s内工人对绳的拉力做的功为2700jc08s内工人对水泥桶做的功为1140jd建筑工人对绳的拉力的功率为150w17若小球在运动过程中只受到力f的作用，且运动过程中力f始终保持不变，则小球的运动轨迹（用虚线表示）不可能的是（）abcd三、实验题18如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团棉花，把活塞迅速压下去，棉花会燃烧起来这个实验说明了 ；图乙所示是一个滚摆的演示实验，它说明了 19如图所示，用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的水和煤油加热，来研究水和煤油吸热后升高温度的快慢，请你设计一个能够记录实验数据的表格，要求是比较水和煤油加热相同的时间后，升高的温度是否相同20在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v，小灯泡正常发光时的电阻约为10（1）请你用笔画代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉（2）小明同学闭合开关，移动滑片p到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为v，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片p向（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小明同学继续移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu关系图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是w，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）小红同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，检查后发现连线正确，请你找出她在实验中两个操作不当之处是：，21某实验小组为了测某种液体浓度，设计了以下两种实验方案，请你仔细阅读后并回答下面的问题：第一种方案：用调节好的天平测出空烧杯的质量m1，向烧杯内倒入适量液体，再测出烧杯和液体的总质量m2，然后把烧杯内的液体全部倒入量筒内，读出量筒内液体的体积为v1；根据测得的数据就可以算出该液体密度第二种方案：在烧杯内倒入适量的液体，用调节好的天平测出烧杯和液体的总质量m3，然后将烧杯内的部分液体倒入量筒内，读出量筒内液体的体积v2，再测出烧杯和剩余液体的总质量m4；根据测得的数据就可以算出该液体密度（1）按第种实验方案进行测量，实验结果要更精确一些；如果选择另一种方案，测得的密度值（选填“偏大”或“偏小”）；（2）如图是按照第二种实验方案进行某次实验的情况，请将实验的数据及测量结果填入表中烧杯和液体的总质量（g）烧杯和剩余液体的总质量（g）倒出液体的体积（cm3）液体的密度（gcm3）50四、计算题22温度不同的两个物体相互接触后将会发生热传递现象若不计热量的损失，则当两物体达到热平衡状态时，它们的温度相同，且高温物体放出的热量等于低温物体所吸收的热量现有三种不同的液体a、b、c，它们的初温度分别为15、25、35当a和b液体混合并到达平衡状态时，其平衡温度为21；当b和c液体混合并到达平衡状态时，其平衡温度为32求a和c液体混合并到达平衡状态时的平衡温度23如图所示电路，电源电压为4.5v，r1阻值为5，滑动变阻器r2最大阻值为20，电流表量程为00.6a，电压表量程为03v求：（1）滑动变阻器允许接入电路的阻值范围（2）正常工作时整个电路消耗的最小功率（3）滑动变阻器消耗的最大功率24如图，是利用潮汐发电的原理图左方为陆地和海湾，中间为水坝，其下有通道，无论涨潮或落潮，水流经过通道均可带动发电机发电一昼夜中两次涨、落潮，四次发电涨潮时，堵住通道，潮水涨至最高水位时打开通道，进水发电，如图甲所示；当海湾水位涨至最高时，堵住通道，如图乙所示；落潮至最低水位时，打开通道放水发电，如图丙所示（取g=10n/kg，海水的密度1.0103kg/m3）以下是某小型潮汐发电站的一组数据，据此回答下列问题：水坝高度15m海湾面积4.5106m2涨潮海湾最高水位10m发电机日平均发电量4.4104kwh退潮海湾最低水位6m水轮发电机总效率10%（1）当海湾水位涨至最高时，海湾底部所受水的压强是多少？（2）每次涨潮（或落潮）经过通道水的质量为多少？（3）试计算每日水流对水轮发电机做了多少功？（4）若某次落潮过程中经过通道的水的平均流量为3.6106m3/h，试求这次落潮过程中水流对水轮发电机做功的平均功率五、科普阅读题25阅读短文，回答问题汽车防冻液汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高，为了确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液扣的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低1015，考虑到混合液比热容的减小会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的较大（2）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是a逐渐升高 b逐渐降低 c先升高后降低 d先降低后升高（3）若某地常年最低气温为15，对该地区汽车来说，在下列不同防冻液含量的混合液中，宜选a.30% b.40% c.60% d.90%（4）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少，与原来相比，混合液的沸点（填“升高”“降低”或“不变”），其原因是（5）请在图2中作出混合液沸点与防冻液含量的关系图象；由图象可以推知，防冻液的含量达到75%时，混合液的沸点大约是防冻液含量/%30405060708090混合液的凝固点/17283749484628混合液的沸点/1031041071111171241412015年山东省潍坊市昌乐县中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1关于声音，下列说法中正确的是（）a在简谱中，“5”比“2”的音调高b“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，让医生听得更清楚c我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的响度太小d用棉花堵住耳道，就听不清外界的声音，说明声音不能在棉花中传播【考点】频率及音调的关系；声音在不同介质中的传播速度；超声波与次声波；响度与振幅的关系【专题】声现象【分析】本题所涉及到的声学知识主要有：声音有三个特征：音调、响度、音色，音调跟频率有关响度跟振幅、距声源的远近有关音色跟发声体的材料和结构有关据此来对本题中的问题进行分析声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音，不同的介质传声的效果不同；人耳的听觉范围是2020000hz，超出这一范围的声音人耳是听不到的【解答】解：a、在简谱中，“5”与“2”相比，“5”是“高音”，这说明“5”的音调高，说法正确；b、“听诊器”能减少声音的分散，从而让医生听得更清楚，而并非能使人的心脏振动幅度增大，故说法错误；c、我们无法听到蝴蝶飞过的声音，是因为它发出声音的频率低于20hz，不在人耳的听觉范围内，而不是因为响度太小，故说法错误；d、用棉花堵住耳道，就听不清外界的声音，是因为棉花松软，并且里面空隙中有不流动的空气，使其不易传递周围的振动，传声效果差，并不是声音不能在棉花中传播，故说法错误故选a【点评】本题主要考查了声学的相关知识，结合生活中的一些声学现象进行辨析，有一定的综合性，难度不大，但若不细心却容易出错2对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一，下列估测的数据中最接近事实的是（）a一张试卷厚度的大约1mmb一份理化试卷的质量约为80gc一块橡皮从课桌掉到地上所用时间约为5sd中学生从一楼匀速上到三楼所做的功约是3103j【考点】长度的估测；质量的估测；时间的估测；功的计算【专题】估算综合应用题【分析】此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相关的计算，找出符合实际的选项【解答】解：a、一般纸张的厚度在75m左右，试卷纸的厚度略大一些，在100m=0.1mm左右不符合实际；b、一枚大头针的质量在500mg左右，一份理化试卷的质量与此差不多，在500mg=0.5g左右不符合实际；c、课桌的高度在0.8m左右，一块橡皮从课桌掉到地上所用时间在1s左右不符合实际；d、中学生的体重在500n左右，一楼到三楼的高度约6m，所以从一楼匀速上到三楼所做的功约是w=gh=500n6m=3103j符合实际故选d【点评】本题考查对常见的一些量要数据、数量级的认识，估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用3如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力f的作用，f的大小与时间t的有关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，以下说法正确的是（）a02秒，物体处于静止状态，是因为推力小于摩擦力b24秒，物体做匀速直线运动c24秒，物体受到的摩擦力大于水平推力d46秒，物体受到的摩擦力等于水平推力【考点】力与图象的结合；力与运动的关系【专题】运动和力【分析】先由速度时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由ft图象求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小；滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关【解答】解：a、由图象可知，02秒，物体没有推动，物体处于平衡状态，受到的摩擦力与推力是一对平衡力，所以f=f=1n，故a错误；b、由vt图象可知，24秒物体做加速直线运动，故b错误；c、由vt图象可知，在4s6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由ft图象可知在4s6s可知拉力f=2n，由平衡条件可得滑动摩擦力f=f=2n；由vt图象可知，物体在24秒做匀加速运动，受到的摩擦力为滑动摩擦力而压力和接触面的粗糙程度都不变，物体受到的摩擦力仍是2n，所以摩擦力小于此时推力3n，故c错误；d、由vt图象可知，在4s6s物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，第4秒到第6秒，物体受到的摩擦力与水平推力是一对平衡力，故d正确；故选d【点评】本题考查了学生的识图能力，并能将vt图象和ft图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键4如图中猫的头部位置保持不变，把镜子沿mn截成两半，并分别向两侧平移一段距离，则猫的头部通过左、右两半面镜子（）a各成半个像，合起来成一个完整的像b各成半个像，且两个半像在不同位置c都成完整的像，且两个像在不同位置d都成完整的像，且两个像在同一位置【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【专题】光的传播和反射、平面镜成像【分析】平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等【解答】解：平面镜所成的像，像和物体形状、大小相同，与平面镜的大小无关，半个平面镜仍能成完整像，故ab错误；平面镜左右两部分都能成完整的像，像与小猫关于镜面对称，所以两个像的位置是相同，故c错误，d正确故选d【点评】本题考查了平面镜成像的原因和特点牢记平面镜的成像特点是解答此类问题的关键5如图所示是用相同的加热器给质量相等的甲、乙两种物质加热时，根据测量结果绘制的图象，已知甲、乙两物质的比热容分别为c甲、c乙，由图象可知（）ac甲c乙，其中甲是晶体bc甲c乙，其中乙是晶体cc甲c乙，其中甲是晶体dc甲c乙，其中乙是晶体【考点】比热容的概念；晶体和非晶体的区别【专题】温度计、熔化和凝固；比热容、热机、热值【分析】（1）观察图象，根据题意：用相同的加热器给质量相等的甲、乙两种物质加热时，在相同时间内，乙物质比甲物质的温度升高的快，根据吸热公式q=cmt，可知乙物质的比热小于甲物质的比热（2）由图象可看出，乙物质温度升高到一定是不再升高，此时间段内乙物质在熔化，由此可判断【解答】解：（1）用相同的加热器给质量相等的甲、乙两种物质加热时，在相同时间内，乙物质比甲物质的温度升高的快，根据吸热公式q=cmt，可知乙物质的比热小于甲物质的比热，即c甲c乙；（2）由图象可看出，乙物质升高到一定温度时不再升高，说明其具有一定的熔化温度，则为晶体；甲温度不断升高，没有一定的熔化温度，为非晶体故选b【点评】此题考查了比热容的概念以及应用的知识点，要求学生会看熔化和凝固的温度的时间图象6当夏日炎炎时，我们常使用空调来降低室内的温度当冬日严寒时，我们又可以使用空调来提高室内的温度，你觉得在使用的过程中，空调的风向应怎样调节最有利于整个室内温度尽快达到预设要求（）a夏天，应将空调出风口向上调节，让凉风向上吹出b冬天，应将空调出风口向上调节，让暖风向上吹出c无论夏天还是冬天，都应将空调出风口向下调节d无论夏天还是冬天，都应将空调出风口向上调节【考点】密度与温度【专题】密度及其应用【分析】我们在使用空调时，夏天是为了致冷，冬天是为了致热，通过改变空气的温度来起到调节气温的作用，根据空气密度与温度的关系可进一步做出分析【解答】解：（1）夏天使用空调是为了致冷，而冷的空气密度大，因此应将空调出风口向上调节，将其吹向高处，再让其自然下降，达到循环的目的，使室内均衡降温；（2）冬天使用空调是为了致热，而热的空气密度小，因此应将空调出风口向下调节，将其吹向低处，再让其自然上升，达到循环的目的，使室内尽快暖起来综上所述，选项的描述中只有a是正确的故选a【点评】运用密度与温度的关系来进行分析，从而解决我们在生活中常见的问题，与实际联系紧密，体现了物理学科的特点，值得我们关注7在某次比赛中，足球运动员踢出了一记神奇的“香蕉球”，足球从右侧绕过“人墙”射入球门，如图所示，这是因为踢出的足球（）a左侧空气流速快b两侧空气流速相同c左侧空气流速慢d不断改变旋转方向【考点】流体压强与流速的关系【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系【分析】流体压强与流速的关系是：流速越大的位置，压强越小，在压强差的作用下，物体会向流速大的一面偏移【解答】解：由图可知，足球在运动过程中，逐渐向左侧偏移，说明左侧的压强小，根据流体压强与流速的关系可知，左侧空气流速快故选a【点评】该题考查方式比较新颖，给出物体的运动轨迹，分析压强大小，从而判断空气流速非常好8有一种“背负式”割草机，它由四冲程汽油机带动锯齿刀片转动割草对汽油机和割草情景的分析，下列说法不正确的是（）a汽油机的四个冲程是指吸气、压缩、做功和排气冲程b四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能c割草时能闻到青草味说明分子在做永不停息的无规则运动d割草时草屑飞舞是因为受到惯性的作用【考点】内燃机的四个冲程；惯性；分子的运动【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）内燃机有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气四个冲程（2）在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能（3）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动（4）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态【解答】解：a、内燃机有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气四个冲程，故a正确；b、四冲程汽油机在做功冲程中，将高温高压燃气的内能转化为活塞的机械能，故b正确；c、割草时能闻到青草味，是草味分子的扩散到空气中，说明分子在做永不停息的无规则运动，故c正确；d、割草时草屑飞舞，草由静止变为运动，说明力改变了物体的运动状态，故d不正确故选d【点评】本题主要考查学生对：二次能源、内燃机的四个冲程工作特点、分子的运动和力的作用效果的了解和掌握，是一道综合性题目9跳伞运动员跳出飞机后，立即打开降落伞，下降过程中所受空气阻力随运动速度的增大而增大，直至与重力等大，在整个下落过程中，运动员和降落伞的（）a势能不断减少，动能不断增加，机械能不变b势能不断减少，动能不断增加，机械能减少c势能不断减少，动能先增加然后保持不变，机械能减少d势能不断减少，动能先减少然后保持不变，机械能减少【考点】动能和势能的大小变化【专题】机械能及其转化【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能总称为机械能【解答】解：在下降过程中所受空气阻力随运动速度的增大而增大，直至与重力等大，此时变为匀速下降，在整个过程中，运动员和降落伞的质量没发生变化，速度先逐渐增大后保持不变，故动能先增大后保持不变；在下落过程中，高度降低，所以重力势能减小，机械能等于动能和重力势能之和，所以机械能也是减小故选c【点评】掌握动能、重力势能的影响因素根据影响因素（物体的质量、高度、速度）能判断动能、重力势能的变化10小明同学在测定额定电压为“3.8v”的小灯泡的额定功率时，发现电压表“015v”量程坏了，而“03v”量程完好，实验所用其他器材完好，所用的电源电压恒为6v，在不更换实验器材的情况下，同学们帮助小明同学设计如图所示的四种实验电路图，则能完成实验的电路图是（）abcd【考点】电功率的测量【专题】电能和电功率【分析】根据电功率计算公式p=ui，要测小灯泡的额定功率必须测出小灯泡达到额定电压时的电流；灯泡额定电压小于电源电压，需要串联电阻来分压，电压表量程较小，可以先测串联电阻的电压，电源电压减去电阻的电压就是灯泡电压，再计算灯泡的额定功率【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器电压当滑动变阻器两端的电压为6v3.8v=2.2v时，灯泡两端电压达到额定电压3.8v，读出此时电流表的读数，根据公式p=ui可求灯泡的额定功率a、电压表测的是电源电压，不合题意；b、电压表测的是滑动变阻器电压，符合题意；c、电压表与灯泡串联，电路断路，不合题意；d、电压表测的是灯泡电压，灯泡的额定电压超过电压表的量程，无法测量，不合题意故选：b【点评】本题考查电路图的设计以及电功率的测量，关键是在电压表量程较小的时候，测量灯泡的电压，这是难点，根据串联分压的原理测量串联电阻的电压即可二、多项选择题11如图所示，南极是世界上最冷的地方，常年平均气温是25，下列说法中正确的是（）a企鹅呼出“白气”的过程中，呼出气体的内能将减小b若两只企鹅的体温相同，则它们“牵手”时会发生热传递c南极地区蕴藏丰富的天然气资源，其优点是热值小d南极再冷，组成冰山的分子也在做热运动，冰山也有内能【考点】热传递；内能的概念；燃料的热值【专题】分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】（1）物质由气态变为液态的现象叫液化；液化过程中要放出热量（2）热传递的条件有温度差；（3）天然气在常用的燃料中，其热值属于比较大的；（4）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能【解答】解：a、企鹅呼出“白气”的过程中，发生了液化现象，而液化要放出热量，因此呼出气体的内能将减小，故a正确；b、热传递的条件是有温度差，因此两只企鹅的体表温度相同，它们“牵手”时不会发生热传递，故b错误；c、南极地区蕴藏丰富的天然气资源，天然气在常用的燃料中，其热值属于比较大的，故c错误；d、内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，故冰山也有内能，故d正确故选ad【点评】此题综合考查了热传递的条件、内能的概念和物态变化的液化现象，是一道基础性题目12如图所示，用同一支密度计分别测量甲、乙两种液体的密度，下列说法正确的是（）a密度计在乙液体中所受的浮力大b乙液体的密度大于甲液体的密度c密度计上的刻度值上大下小d密度计在甲、乙两种液体中所受的浮力相等【考点】浮力的利用；密度的大小比较【专题】浮沉的应用【分析】a、根据漂浮时浮力等于重力进行分析；b、根据液=进行判断；c、密度计上的刻度代表了液体密度的大小；d、根据漂浮时浮力等于重力进行分析【解答】解：a、因为密度计在两种液体中都是漂浮，所以浮力等于重力，所以a错误；b、由f浮=液gv排得，液=，由a知，浮力相等，在甲中排开液体的体积小，所以甲的密度大于乙液体的密度，所以b错误；c、由b知，甲所示的刻度大于乙图所示的刻度，所以密度计的刻度是上小下大，所以c说法错误；d、由a知，密度计在甲、乙液体中所受的浮力相等，所以d正确故选d【点评】此题考查了物体浮沉条件的应用及液体密度的比较，需掌握密度计测量液体密度的原理，根据漂浮时浮力与重力相等即在不同液体中的浮力不变得出不同液体的密度大小13如图是小明同学提着包回家的情景，其中小明同学提包的力能够做功的是（）a用力将包提起b提着包水平前进c提包乘电梯上升d提包上楼梯【考点】力是否做功的判断【专题】功、功率、机械效率【分析】掌握力做功的两个必要因素：作用在物体上的力和物体在力的方向上移动的距离，二者缺一不可【解答】解：a、拉力竖直向上并在拉力方向上移动了距离，拉力做了功，故a符合题意；b、拉力竖直向上，而在水平方向移动了距离，所以拉力不做功，故b不符合题意；c、拉力竖直向上，并在拉力的方向上移动了距离，所以拉力做了功，故c符合题意；d、拉力向上，上楼过程中，在竖直方向上也移动了距离，所以拉力对包做了功，故d符合题意故选acd【点评】此题考查了做功的两个必要因素，关键是看是否在力的方向上移动了距离14小明在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法正确的是（）a当在导体乙的两端上加1v的电压时，通过导体乙的电流为0.1ab当甲、乙两导体并联后接到电压为3v的电源上时，干路中的电流为0.9ac将甲、乙两导体串联后接到电压为3v的电源上时，电路中的电流为0.2ad导体甲的电阻大于导体乙的电阻【考点】欧姆定律的应用【专题】欧姆定律【分析】（1）从图象中直接读出乙两端的电压为1v时通过的电流；（2）当甲、乙两导体并联后接到电压为3v的电源上时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它们的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，根据欧姆定律比较两电阻的大小关系；（3）两电阻串联时通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图象读出符合的电流和电压值【解答】解：（1）由图象可知，当在导体乙的两端加上加1v的电压时，通过的电流为0.1a，故a正确；（2）当甲、乙两导体并联后接到电压为3v的电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，u甲=u乙=3v，由图知i甲=0.6a，i乙=0.3a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的电流i=i甲+i乙=0.6a+0.3a=0.9a，故b正确；由i=的变形式r=可知，甲的电阻小于乙的电阻，故d错误；（3）将甲、乙两导体串联后接到电压为3v的电源上时，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，电路中的电流为0.2a，甲两端的电压为1v，乙两端的电压为2v时符合，故c正确故选abc【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道电阻的阻值与两端的电压和通过的电流无关以及从图象中得出相关的信息15如图甲是某生产流水线上的产品输送及计数装置示意图其中s为激光源，rl为光敏电阻（有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大），r2为定值保护电阻，a、b间接“示波器”（示波器的接入对电路无影响）水平传送带匀速前进，每当传送带上的产品通过s与rl之间时，射向光敏电阻的光线会被产品挡住若传送带上的产品为均匀正方体，示波器显示的电压随时间变化的关系如图乙所示己知计数器电路中电源两极间的电压恒为6v，保护电阻的阻值为400则（）a有光照射时光敏电阻rl的阻值为200b有光照射和无光照射时保护电阻r2两端的电压之比为1：2c有光照射和无光照射时光敏电阻的阻值之比为1：2d有光照射和无光照射时光敏电阻的阻值之比为1：4【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】计算题；信息给予题；电路和欧姆定律【分析】（1）由甲图可知，两电阻串联，根据题意可知有光照射时光敏电阻r1阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知r1两端电压的变化；由图象知r1的电压u1=2v，根据串联电路电压的特点求出r2的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流和求出r1的电阻（2）r1无激光照时，r1与r2串联，由图象可得r1的电压u1=4v，根据串联电路的电压特点求出r2两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流和此时r1的电阻，即可得出有光照射和无光照射时保护电阻r2两端的电压之比和光敏电阻的阻值之比【解答】解：（1）由甲图可知：r1、r2串联，由光敏电阻有光照射时阻值较小可知，当有光照射时，r1的阻值变小，电路的总电阻变小，i=，电路中的电流变大，r2两端的电压变大；串联电路总电压等于各分电压之和，r1两端的电压变小，即r1两端的电压较低，由图象知r1的电压u1=2v，则u2=uu1=6v2v=4v，电路中的电流：i=0.01a，光敏电阻的阻值：r1=200，故a正确；（2）r1无激光照时，由图象可得u1=4v，u2=uu1=6v4v=2v，所以，有光照射和无光照射时保护电阻r2两端的电压之比u2：u2=4v：2v=2：1，故b不正确；i=0.005a，此时电阻r1的阻值：r1=800，所以，光照射和无光照射时光敏电阻的阻值之比r1：r1=200：800=1：4，故c不正确，d正确故选ad【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律的灵活应用关键是根据欧姆定律结合光敏电阻随光照的变化从图象中得出有无光照和无光照时对应的电阻、电压16如图甲所示，建筑工人用滑轮组提升重为285n的水泥桶，动滑轮重为15n，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重工人在将水泥桶匀速向上拉的过程中，水泥桶上升的高度h随时间t变化的关系如图乙所示，由此可知（）a水泥桶匀速上升的速度为2m/sb010s内工人对绳的拉力做的功为2700jc08s内工人对水泥桶做的功为1140jd建筑工人对绳的拉力的功率为150w【考点】速度的计算；功的计算；功率的计算【专题】长度、时间、速度；功、功率、机械效率【分析】（1）由图2水泥桶上升的高度h随时间t变化关系可知水泥桶匀速上升，由图知在10s内上升了5m，利用速度公式求水泥桶匀速上升的速度；（2）从滑轮组的结构图上得出直接从动滑轮上引出的绳子股数n，则s=nh，由图知010s内水泥桶上升的高度，求出拉力端移动的距离；不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，利用f=（g动+g物）求拉力大小，再利用w=fs求拉力做的功；（3）利用s=vt求出08s内水泥桶上升的高度，利用w=gh求建筑工人对水泥桶做的功；（4）上面求出了拉力f，再求出拉力端移动的速度，利用p=fv求建筑工人对绳的拉力的功率【解答】解：a、由图知水泥桶在10s内上升了5m，水泥桶匀速上升的速度：v=0.5m/s，故a错；b、由图知010s内水泥桶上升的高度h1=5m，拉力端移动的距离s=3h1=35m=15m，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，f=（g动+g物）=（285n+15n）=100n，拉力做的功：w=fs=100n15m=1500j，故b错误；c、在08s内水泥桶上升的高度h2=vt=0.5m/s8s=4m，建筑工人对水泥桶做的功：w=gh2=285n4m=1140j，故c正确；d、拉力端移动的速度：v=3v=30.5m/s=1.5m/s，建筑工人对绳的拉力的功率：p=fv=100n1.5m/s=150w，故d正确故选cd【点评】本题虽然是选择题，其实是一道比较复杂的计算题，考查了学生的识图能力，同时考查了学生对功的公式、功率的公式、滑轮组s=nh的理解和运用，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，利用f=（g动+g物）求拉力大小是本题的关键17若小球在运动过程中只受到力f的作用，且运动过程中力f始终保持不变，则小球的运动轨迹（用虚线表示）不可能的是（）abcd【考点】力与运动的关系【专题】压轴题；信息给予题【分析】（1）力的作用效果包括：力可以改变物体的形状，力是改变物体运动状态物体运动状态的改变指的运动方向或运动速度的变化（2）力没有改变物体的形状，只受一个力的作用改变原来的运动方向进行曲线运动（3）力没有改变物体的形状，只受一个力的作用改变了运动速度，越来越快（4）物体只受一个力的作用没有改变物体的形状，也没有改变物体的运动速度或运动方向是不存在的【解答】解：a、如图，小球如果依靠惯性水平向右运动时，再受到一个竖直向下的力的作用，小球进行如图的曲线运动不符合题意b、如图，小球如果依靠惯性向右下方直线运动时，再受到一个竖直向上的力的作用，小球进行如图的曲线运动不符合题意c、如图，小球如果依靠惯性竖直向下运动时，再受到一个竖直向下的力的作用，小球进行竖直向下的加速运动不符合题意d、如图，当受力的方向与物体运动的方向不在同一条直线上时，运动轨迹应该是曲线，d的运动轨迹却是直线，这种现象是不存在的符合题意故选d【点评】（1）掌握力的两种作用效果：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态（2）能根据物体的运动轨迹判断物体的运动状态变化情况三、实验题18如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团棉花，把活塞迅速压下去，棉花会燃烧起来这个实验说明了 做功可以改变物体的内能；图乙所示是一个滚摆的演示实验，它说明了 动能和势能可以相互转化【考点】做功改变物体内能；动能和势能的转化与守恒【专题】实验题；简答题【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能，动能和势能之间可以相互转化【解答】解：把活塞迅速压下去，活塞对气体做功，气体的内能增加，温度升高，当温度达到棉花燃点后就会会燃烧起来；由滚摆的演示实验可知，当摆下落时，势能转化为动能，当摆上升时，动能转化为势能，所以动能和势能可以相互转化；故答案为：做功可以改变物体的内能，动能和势能可以相互转化【点评】解决此类实际问题要结合改变物体内能的途径和能量之间的相互转化进行分析19如图所示，用两个完全相同的电加热器分别给质量相同的水和煤油加热，来研究水和煤油吸热后升高温度的快慢，请你设计一个能够记录实验数据的表格，要求是比较水和煤油加热相同的时间后，升高的温度是否相同【考点】比热容的概念【专题】设计与制作题【分析】要比较“水和煤油加热相同的时间后，升高的温度是否相同”就需要区分开水和煤油，记录加热的时间和水、煤油相对应的温度【解答】答：要比较水和煤油加热相同的时间，升高的温度是否相同，就需要记录水和煤油的温度以及加热的时间；表头设计出时间、温度和物质种类三项，并分别写上单位；时间分别是0到9min，表格中的空格处填写温度值实验数据记录表格：时间/min温度/物质种类0123456789水煤油【点评】此题考查的是我们对设计实验表格的能力，设计实验数据表格是我们初中学生必备的一种能力20在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5v，小灯泡的额定电压为2.5v，小灯泡正常发光时的电阻约为10（1）请你用笔画代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大；连线不得交叉（2）小明同学闭合开关，移动滑片p到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为2.2v，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片p向b（选填“a”或“b”）端移动，使电压表的示数为2.5v（3）小明同学继续移动滑片p，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的iu关系图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5w，还可以得出：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）（4）小红同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，检查后发现连线正确，请你找出她在实验中两个操作不当之处是：连接电路时没有断开开关，滑片没有置于阻值最大处【考点】电功率的测量【专题】测量型实验综合题【分析】（1）根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，根据题目要求确定滑动变阻器的接法，把电流表、滑动变阻器串联接入电路（2）由图示电压表确定其量程与分度值，读出电压表示数，根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系，根据电路图确定滑片的移动方向（3）由图象求出灯泡额定电压对应的电流，然后由p=ui求出灯泡额定功率；根据灯泡电流随电压的变化关系，由p=ui判断灯泡实际功率如何随电压变化（4）连接实物电路时，开关要断开，滑动变阻器滑片要移到阻值最大位置处【解答】解：（1）灯泡正常发光时电流约为i=0.25a，则电流表选00.6a量程，当滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大，则滑动变阻器应接右下接线柱b，把电流表、滑动变阻器串联接入电路，电路图如图所示（2）由图乙所示电压表可知，其量程为03v量程，分度值是0.1v，其示数为2.2v，小于灯泡额定电压，要测量小灯泡的额定功率，应减小滑动变阻器分压，减小滑动变阻器接入电路的阻值，使灯泡两端电压变大，由电路图