山东省潍坊市诸城市高三物理上学期10月月考试题（含解析）.doc

2015-2016学年山东省潍坊市诸城市高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（本大题共10小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一个选项符合题目要求，第710题有多个选项符合题目要求全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分）1下列说法中正确的是（）a在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法b在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法c伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法d开普勒用了多年的时间研究行星的运动规律和科学的数学计算发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量2静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间变化的关系是（）abcd3一条船要在最短时间内渡过宽为120m的河已知河水的流速v1与船离河岸的距离s变化的关系如图甲所示，船在静水中的速度v2与时间t的关系如图乙所示，则以下判断中正确的是（）a船渡河的最短时间是40sb船渡河的路程是120mc船运动的轨迹可能是直线d船在河水中的最大速度是5m/s4一质点做匀加速直线运动时，速度变化v时发生位移x1，紧接着速度变化同样的v时发生位移x2，则该质点的加速度为（）a（v）2（+）b2c（v）2（）d5如图，a、b两球质量相等，光滑斜面的倾角为图甲中a、b两球用轻弹簧相连，图乙中a、b两球用轻杆相连系统静止时，挡板c与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行在突然撤去挡板的瞬间（）a两图中两球加速度均为gsinb两图中a球的加速度均为零c图甲中b球的加速度是为2gsind图乙中b球的加速度为零6汽车以额定功率在水平桌面上行驶，空载时的最大速度为v1，装满货物后的最大速度是v2已知汽车空车的质量是m0，汽车所受的阻力与车重成正比，则汽车后来所装货物的质量是（）abcd7如图所示，斜面放置于粗糙水平地面上，物块a通过跨过定滑轮的轻质细绳与物块b连接，系统处于静止状态，现对b施加一水平力f使b缓慢地运动，使绳子偏离竖直方向一个角度，在此过程中（）a斜面对物块a的摩擦力一直增大b绳对滑轮的作用力不变c地面对斜面的摩擦力一直增大d地面对斜面的支持力保持不变8如图为“高分一号”卫星与北斗导航系统中的“g1”卫星，在空中某一平面内绕地心o做匀速圆周运动的示意图已知卫星“g1”的轨道半径为r，地球表面的重力加速度为g，地球半径为r，万有引力常量为g则（）a“高分一号”的加速度大于卫星“g1”的加速度b“高分一号”的运行速度大于第一宇宙速度c地球的质量为d卫星“g1”的周期为9如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为l、l、2l，高度分别为2h、h、h某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端忽略空气阻力，三种情况相比较，下列说法正确的是（）a物体克服摩擦力做的功wc=2wb=4wab物体克服摩擦力做的功wc=2wb=2wac物体到达底端的动能eka=2ekb=2ekcd物体到达底端的动能eka2ekb2ekc10如图所示，在竖直平面内固定着光滑圆管轨道质量为m的小球从轨道顶端a点无初速释放，然后从轨道底端b点水平飞出落在抛物线状坡面上的c点，坡面的抛物线方程为y=已知圆管轨道的半径为r，b点的位置坐标为（0，r），重力加速度为g，忽略空气阻力则小球（）a在b点的速度大小是b在b点对轨道的压力大小是7mgc在c点的位置坐标是d在c点的动能是mgr二、实验题（本大题包括3小题，共18分）11在研究匀变速直线运动的实验中，打出的一条纸带如图所示，其中0、1、2是打出的三个连续的点，6是打出的第7个点，打点频率为50hz，则纸带的加速度为m/s2；打点6时的速度为m/s12在“验证力的平行四边形定则”的实验中，实验装置如图所示（1）部分实验步骤如下，请完成有关内容：将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线；在其中一根细线挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记下细线结点的位置o、细线的方向和钩码个数；将步骤中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒b、c使两细线互成角度，如图乙所示，调整b、c的位置，使，记录；（2）如果“力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中cos：cos=13某同学设计了如图1所示的装置来探究“加速度与力的关系”弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接（其中弹簧秤与定滑轮之间的一段细绳与桌面平行）在桌面上画出两条平行线p、q，并测出间距d开始时将木块置于p处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数f0，以此表示滑动摩擦力的大小；再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数f，然后释放木块，并用秒表记下木块从p运动到q的时间t（1）木块的加速度可以用d、t表示为a=（2）（单选）改变瓶中水的质量，重复实验，确定加速度a与弹簧秤的示数f的关系如图2的图象能表示该同学实验结果的是（3）（多选）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是a可以改变滑动摩擦力的大小 b可以更方便地获取更多组实验数据c可以更精确地测出摩擦力的大小 d可以获得更大的加速度以提高实验精度三、计算题（本大题包括4小题，共42分解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14如图1所示，在平直的道路上，依次有编号为a、b、c、d、e五根标志杆，相邻两杆之间的距离是相等的一辆汽车以v0=20m/s的速度匀速向标志杆驶来，当司机经过o点时开始刹车，由于司机有反应时间，汽车先匀速运动一段距离再做匀减速运动，直到停止开始刹车后的07.5s内汽车的vt图象如图2所示，其中如tb=5.5s、tc=7.5s分别是司机经过b、c杆的时刻求：（1）司机的反应时间t1；（2）a杆距o点的距离xoa15（10分）（2015秋诸城市月考）如图为某工厂生产流水线上的水平传输装置的俯视图，它由传送带和转盘组成物品从a处无初速、等时间间隔地放到传送带上，运动到b处后进入匀速转动的转盘，且恰好随转盘一起运动而无相对滑动，到c处取走物品已知在转盘上物品到转轴o的距离r=4m，传送带的传输速度和转盘上距o为r处的线速度大小相等，物品与传送带间的动摩擦因数1=0.2，与转盘间的动摩擦因数2=0.4，物品在转盘上的最大静摩擦力可视为与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2，求：（1）a、b间的最短距离l；（2）物品从a处运动到c处的最短时间t16（11分）（2015秋诸城市月考）一足够大的倾角为45的斜面上有一点o，o点正上方h=1.6m处有一点p在p点以恒定的水平速度v0抛出一个小球，随着抛出方向的不同，小球将落到斜面上不同的位置已知小球落到斜面上的位置距离o点的最小值为s1，最大值为s2，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2试求小球抛出时的水平初速度v0的大小17（13分）（2015秋诸城市月考）如图所示，在足够高的光滑水平台面上静置一质量为m的长木板a，a右端用轻绳绕过光滑的轻质定滑轮与质量也为m的物体c栓接当c从静止开始下落距离h时，在木板a的最右端轻放一质量为4m的小铁块b（可视为质点），最终b恰好未从木板a上滑落a、b间的动摩擦因数=0.25，且认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，求：（1）c由静止下落距离h时，a的速度大小vo；（2）a、b间因摩擦而产生的热量q；（3）若当铁块b轻放在木板a的最右端的同时，对b加一水平向右的恒力，其他条件不变，在保证b能滑离木板a的条件下，则a、b间因摩擦而产生热量的最大值qm多大2015-2016学年山东省潍坊市诸城市高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第16题只有一个选项符合题目要求，第710题有多个选项符合题目要求全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分）1下列说法中正确的是（）a在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法b在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法c伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法d开普勒用了多年的时间研究行星的运动规律和科学的数学计算发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量考点：物理学史 分析：在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量解答：解：a、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法；故a错误b、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故b错误c、伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法故c正确d、牛顿用了多年的时间研究行星的运动规律和科学的数学计算发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了引力常量故d错误故选：c点评：在高中物理学习的过程中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的基础上，要注意方法的积累2静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力不计空气阻力，在整个上升过程中，物体机械能随时间变化的关系是（）abcd考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：恒力做功的大小等于机械能的增量，撤去恒力后，物体仅受重力，只有重力做功，机械能守恒解答：解：设在恒力作用下的加速度为a，则机械能增量e=fh=，知机械能随时间不是线性增加，撤去拉力后，机械能守恒，则机械能随时间不变故c正确，a、b、d错误故选：c点评：解决本题的关键掌握功能关系，知道除重力以外其它力做功等于机械能的增量，以及知道机械能守恒的条件3一条船要在最短时间内渡过宽为120m的河已知河水的流速v1与船离河岸的距离s变化的关系如图甲所示，船在静水中的速度v2与时间t的关系如图乙所示，则以下判断中正确的是（）a船渡河的最短时间是40sb船渡河的路程是120mc船运动的轨迹可能是直线d船在河水中的最大速度是5m/s考点：运动的合成和分解；匀变速直线运动的图像 专题：运动的合成和分解专题分析：将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速于河岸垂直时，渡河时间最短根据平行四边形定则求出船的最大速度解答：解：a、当静水速于河岸垂直，即船头始终与河岸垂直，渡河时间最短根据分运动与合运动具有等时性，则t=s=30s故a错误；b、船在垂直于河岸方向上是匀速直线运动，在沿河岸方向是变速运动，所以合运动的轨迹是曲线，无法确定船渡河的路程，故b错误c、船在垂直于河岸方向上是匀速直线运动，在沿河岸方向是变速运动，所以合运动的轨迹是曲线，不是直线故c错误d、当水流速最大时，合速度最大，最大速度v=5m/s故d正确故选：d点评：解决本题的关键知道静水速与河岸垂直时渡河时间最短，以及知道分运动与合运动具有等时性4一质点做匀加速直线运动时，速度变化v时发生位移x1，紧接着速度变化同样的v时发生位移x2，则该质点的加速度为（）a（v）2（+）b2c（v）2（）d考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系 专题：直线运动规律专题分析：首先知道题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解即可解答：解：设匀加速的加速度a，物体的速度分别为v1、v2和 v3据运动学公式可知：v22v12=2ax1，v32v22=2ax2，且v2v1=v3v2=v，联立以上三式解得：a=，故d正确，abc错误故选：d点评：明确题境，利用运动学速度位移公式和速度的变化量公式求解，一定动手计算，否则感觉无从下手5如图，a、b两球质量相等，光滑斜面的倾角为图甲中a、b两球用轻弹簧相连，图乙中a、b两球用轻杆相连系统静止时，挡板c与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行在突然撤去挡板的瞬间（）a两图中两球加速度均为gsinb两图中a球的加速度均为零c图甲中b球的加速度是为2gsind图乙中b球的加速度为零考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中ab所受合外力即可得到各自的加速度解答：解：撤去挡板前，对整体分析，挡板对b球的弹力大小为2mgsin，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中a球所受合力为零，加速度为零，b球所受合力为2mgsin，加速度为2gsin；图乙中杆的弹力突变为零，a、b球所受合力均为mgsin，加速度均为gsin，故c正确，a、b、d错误故选：c点评：本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在撤去挡板的瞬间保持不变，结合牛顿第二定律进行求解6汽车以额定功率在水平桌面上行驶，空载时的最大速度为v1，装满货物后的最大速度是v2已知汽车空车的质量是m0，汽车所受的阻力与车重成正比，则汽车后来所装货物的质量是（）abcd考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：汽车在水平路面上行驶时，当牵引力等于阻力时，速度最大根据功率与速度的关系，结合汽车阻力与车重的关系求出所装货物的质量解答：解：当汽车空载时，有：p=f1v1=km0gv1当汽车装满货物后，有：p=f2v2=k（m0+m）gv2联立两式解得：m=故a正确，b、c、d错误故选a点评：解决本题的关键知道当牵引力等于阻力时，速度最大，有p=fv=fv7如图所示，斜面放置于粗糙水平地面上，物块a通过跨过定滑轮的轻质细绳与物块b连接，系统处于静止状态，现对b施加一水平力f使b缓慢地运动，使绳子偏离竖直方向一个角度，在此过程中（）a斜面对物块a的摩擦力一直增大b绳对滑轮的作用力不变c地面对斜面的摩擦力一直增大d地面对斜面的支持力保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以物体b受力分析，由共点力的平衡条件可求得拉力变化；再对整体受力分析可求得地面对斜面体的摩擦力；再对a物体受力分析可知a受到的摩擦力的变化解答：解：取物体b为研究对象，分析其受力情况，设细绳与竖直方向夹角为a，则有：f=mgtan；解得：t=；在物体b缓慢拉高的过程中，增大，则水平力f随之变大，对a、b两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体a仍然保持静止，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其他力，故斜面体所受地面的支持力没有变，在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体a所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体a所受斜面体的摩擦力的情况无法确定，故ab错误，cd正确；故选：cd点评：本题要注意正确选择研究对象，正确进行受力分析，再根据共点力平衡中的动态平衡分析各力的变化情况8如图为“高分一号”卫星与北斗导航系统中的“g1”卫星，在空中某一平面内绕地心o做匀速圆周运动的示意图已知卫星“g1”的轨道半径为r，地球表面的重力加速度为g，地球半径为r，万有引力常量为g则（）a“高分一号”的加速度大于卫星“g1”的加速度b“高分一号”的运行速度大于第一宇宙速度c地球的质量为d卫星“g1”的周期为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出加速度、线速度、周期，然后答题解答：解：a、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：g=ma，解得：a=，由图示可知，“高分一号”的半径小于卫星“g1”的半径，则“高分一号”的加速度大于卫星“g1”的加速度，故a正确；b、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：g=m，解得：v=，“高分一号”的轨道半径大于地球半径，则“高分一号”的线速度小于第一宇宙速度，故b错误；c、地球表面的物体受到的重力等于万有引力，即：g=mg，解得，地球的质量：m=，故c错误；d、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：g=mr，解得：t=，故d正确；故选：ad点评：本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题，注意黄金代换的应用9如图所示，有三个斜面a、b、c，底边的长分别为l、l、2l，高度分别为2h、h、h某物体与三个斜面间的动摩擦因数都相同，这个物体分别沿三个斜面从顶端由静止下滑到底端忽略空气阻力，三种情况相比较，下列说法正确的是（）a物体克服摩擦力做的功wc=2wb=4wab物体克服摩擦力做的功wc=2wb=2wac物体到达底端的动能eka=2ekb=2ekcd物体到达底端的动能eka2ekb2ekc考点：动能定理的应用；滑动摩擦力 专题：动能定理的应用专题分析：根据功的计算公式得到物体克服摩擦力做功的关系，再由动能定理列式分析物体末动能的关系解答：解：ab、设任一斜面和水平方向夹角为，斜面长度为x，则物体下滑过程中克服摩擦力做功为：w=mgcosx，式中xcos即为底边长度由图可知a和b斜面的底边相等且等于c的一半，故物体克服摩擦力做的功wc=2wb=2wa故a错误，b正确cd、设物体滑到底端时的动能为ek，根据动能定理得：mghmgxcos=ek，则得 eka=2mghmgl， ekb=mghmgl， ekc=mghmg2l，图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时动能大小关系为：ekaekbekc，根据数学知识可得，eka2ekb2ekc故c错误，d正确故选：bd点评：本题比较简单直接利用功能关系即可求解，知道滑动摩擦力做功与斜面的底边长度有关易错点在于写出表达式后的数学运算，因此学生要加强练习，提高利用数学知识解决物理问题的能力10如图所示，在竖直平面内固定着光滑圆管轨道质量为m的小球从轨道顶端a点无初速释放，然后从轨道底端b点水平飞出落在抛物线状坡面上的c点，坡面的抛物线方程为y=已知圆管轨道的半径为r，b点的位置坐标为（0，r），重力加速度为g，忽略空气阻力则小球（）a在b点的速度大小是b在b点对轨道的压力大小是7mgc在c点的位置坐标是d在c点的动能是mgr考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：据动能定理求出小球在b点时的速度，结合牛顿第二定律求出在b点的支持力，从而得出压力的大小根据平抛规律可求出小球在坡面上时的竖直分速度，然后求出动能解答：解：a、根据动能定理得，解得，故a错误b、在b点，根据牛顿第二定律得，解得n=7mg，根据牛顿第三定律知，在b点对轨道的压力为7mg故b正确c、根据平抛规律应有：，因为y=，解得x=2r，y=，故c错误d、落在斜坡上的动能为，vy=gt，结合c选项，解得，故d正确故选：bd点评：应明确：涉及到圆周运动的动力学问题应根据牛顿第二定律并结合动能定理求解；涉及到平抛运动问题，应根据平抛规律求解二、实验题（本大题包括3小题，共18分）11在研究匀变速直线运动的实验中，打出的一条纸带如图所示，其中0、1、2是打出的三个连续的点，6是打出的第7个点，打点频率为50hz，则纸带的加速度为5.0m/s2；打点6时的速度为0.95m/s考点：探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题；直线运动规律专题分析：根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出纸带的加速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点1的速度，结合速度时间公式求出点6的速度解答：解：根据x=at2得，a=5.0m/s2点1的瞬时速度，则点6的瞬时速度v6=v1+at=0.45+50.1m/s=0.95m/s故答案为：5.0，0.95点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用12在“验证力的平行四边形定则”的实验中，实验装置如图所示（1）部分实验步骤如下，请完成有关内容：将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线；在其中一根细线挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记下细线结点的位置o、细线的方向和钩码个数；将步骤中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒b、c使两细线互成角度，如图乙所示，调整b、c的位置，使结点o的重合，记录钩码个数、细绳的方向；（2）如果“力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中cos：cos=3：4考点：验证力的平行四边形定则 专题：实验题；平行四边形法则图解法专题分析：“验证力的平行四边形定则”的实验原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后，选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力的理论值，通过比较实际值和理论值的关系来进行验证，明确了实验原理即可知知道实验中需要记录的物理量和具体的操作解答：解：（1）该实验采用“等效代替”法，因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤b中结点位置重合，同时记录钩码个数和对应的细线方向（2）根据o点处于平衡状态，正交分解有：竖直方向：4mgsin+3mgsin=5mg水平方向：4mgcos=3mgcos联立解得：cos：cos=3：4故答案为：（1）结点o的重合，钩码个数、细绳的方向；（2）3：4点评：要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解，正确理解“等效代替”的含义13某同学设计了如图1所示的装置来探究“加速度与力的关系”弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接（其中弹簧秤与定滑轮之间的一段细绳与桌面平行）在桌面上画出两条平行线p、q，并测出间距d开始时将木块置于p处，现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数f0，以此表示滑动摩擦力的大小；再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数f，然后释放木块，并用秒表记下木块从p运动到q的时间t（1）木块的加速度可以用d、t表示为a=f（2）（单选）改变瓶中水的质量，重复实验，确定加速度a与弹簧秤的示数f的关系如图2的图象能表示该同学实验结果的是c（3）（多选）用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是bca可以改变滑动摩擦力的大小 b可以更方便地获取更多组实验数据c可以更精确地测出摩擦力的大小 d可以获得更大的加速度以提高实验精度考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：长木板做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解加速度；知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值；知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力解答：解：（1）根据匀变速直线运动公式得：d=at2可得：a=（2）由牛顿第二定律可知，ff0=ma，故a=f，当f1f0时，木板才产生加速度随着继续向瓶中加水后，矿泉水瓶的质量不断增加，矿泉水瓶的质量不能远小于木板的质量，那么水的重力与绳子的拉力差值越来越大，则图象出现弯曲故选：c（3）a、不可以改变滑动摩擦力的大小，故a错误b、缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故b正确c、缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故c正确d、并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度故d错误故选：bc故答案为：（1）；（2）c；（3）bc点评：本题考查“加速度与力的关系”的实验，要注意明确实验原理，能根据实验原理科学选择器材，合理安排实验步骤，细心记录数据，认真分析和处理数据，总结实验结论三、计算题（本大题包括4小题，共42分解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14如图1所示，在平直的道路上，依次有编号为a、b、c、d、e五根标志杆，相邻两杆之间的距离是相等的一辆汽车以v0=20m/s的速度匀速向标志杆驶来，当司机经过o点时开始刹车，由于司机有反应时间，汽车先匀速运动一段距离再做匀减速运动，直到停止开始刹车后的07.5s内汽车的vt图象如图2所示，其中如tb=5.5s、tc=7.5s分别是司机经过b、c杆的时刻求：（1）司机的反应时间t1；（2）a杆距o点的距离xoa考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）根据速度时间图线求出匀减速运动的加速度大小，结合速度时间公式求出司机的反应时间（2）根据速度位移公式求出相邻两杆之间的距离，结合位移公式求出汽车在05.5s内的位移，从而得出a杆距o点的距离xoa解答：解：（1）由汽车的vt图象可得，刹车后汽车的加速度大小，tb=5.5s时，汽车的速度vb=v0a（5.5t1），代入数据解得t1=0.5s（2）设相邻两杆之间的距离为l，司机由b到c的过程中，代入数据解得l=16m汽车在05.5s内的位移，代入数据xob=85m，a杆距o点的距离xoa=xobl=8516m=69m答：（1）司机的反应时间为0.5s；（2）a杆距o点的距离为69m点评：本题考查了运动学公式与速度时间图线的综合，通过图线求出加速度以及反应时间是解决本题的关键15（10分）（2015秋诸城市月考）如图为某工厂生产流水线上的水平传输装置的俯视图，它由传送带和转盘组成物品从a处无初速、等时间间隔地放到传送带上，运动到b处后进入匀速转动的转盘，且恰好随转盘一起运动而无相对滑动，到c处取走物品已知在转盘上物品到转轴o的距离r=4m，传送带的传输速度和转盘上距o为r处的线速度大小相等，物品与传送带间的动摩擦因数1=0.2，与转盘间的动摩擦因数2=0.4，物品在转盘上的最大静摩擦力可视为与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2，求：（1）a、b间的最短距离l；（2）物品从a处运动到c处的最短时间t考点：动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律 专题：动能定理的应用专题分析：（1）ab间距离最短时物品自传送带a点在摩擦力作用力下加速运动，到达b点时恰与传送带共速对物品在传送带加速过程，由动能定理列式物品在转盘上做圆周运动时所受的摩擦力提供向心力，列出方程，联立求解l（2）物品人a运动到n一直匀加速时所用时间最短，由位移等于平均速度乘以时间求物品在传送带上运动时间再由圆周运动的规律求出物品由b运动到c的时间，从而得到总时间解答：解：（1）设物品的质量为m，a、b间的最短距离为l，物品自传送带a点在摩擦力作用力下加速运动，到达b点时恰与传送带共速对物品有：1mgl=物品在转盘上做圆周运动时所受的摩擦力提供向心力，有： 2mg=m解得 l=4m（2）物品由a运动到b所用的最短时间为t1，由 l=解得 t1=2s物品在b运动到c所用时间为t2，则 t2=3.14s物品从a处运动到c处的最短时间 t=t1+t2=5.14s答：（1）a、b间的最短距离l是4m；（2）物品从a处运动到c处的最短时间t是5.14s点评：本题是多过程问题，采用程序法分析对于传送带问题，关键在于分析物体的受力情况和运动情况对于圆周运动问题，关键在于分析向心力的来源16（11分）（2015秋诸城市月考）一足够大的倾角为45的斜面上有一点o，o点正上方h=1.6m处有一点p在p点以恒定的水平速度v0抛出一个小球，随着抛出方向的不同，小球将落到斜面上不同的位置已知小球落到斜面上的位置距离o点的最小值为s1，最大值为s2，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2试求小球抛出时的水平初速度v0的大小考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：当初速度正对斜面上方抛出时，落点a离o最近，当初速度正对斜面下方水平抛出时，落点b离o最远，结合平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据运动学公式和几何关系进行求解解答：解：如图，当初速度正对斜面上方抛出时，落点a离o最近，根据平抛运动的规律有：x1=v0t1，当初速度正对斜面下方水平抛出时，落点b离o最远，有：x2=v0t2，由几何关系得，联立解得=