云南省昆明市嵩明一中高二化学下学期期末试卷 理（含解析）.doc

2013-2014学年云南省昆明市嵩明一中高二（下）期末化学试卷（理科） 一、单项选择题：（每题3分，共48分）1（3分）（2011江苏）化学与人类生活、社会可持续发展密切相关下列措施有利于节能减排、保护环境的是（）加快化石燃料的开采与使用；研发易降解的生物农药；应用高效洁净的能源转换技术；田间焚烧秸秆；推广使用节能环保材料abcd考点：使用化石燃料的利弊及新能源的开发专题：热点问题分析：“节能减排，科学发展”的主题是节约能源，减少二氧化碳等温室气体的排放，有计划的发展，科学的发展解答：解：加快化石燃料的开采与使用会增加污染物的排放量，故不符合题意；研发易降解的生物农药能减少污染物的排放，故符合题意；应用高效洁净的能源转换技术，可以节约能源，减少二氧化碳的排放，故符合题意；田间焚烧秸秆增加二氧化碳的排放，故不符合题意；推广使用节能环保材料可以节约能源，减少二氧化碳的排放，故符合题意即有利于节能减排、保护环境的是，故选b点评：本题考查环境保护问题，学生应明确习题中含有当前的社会热点是高考的一大特点，学生应学会把社会热点和课本知识点联系起来来解答即可2（3分）（2014秋南安市校级期末）由2氯丙烷为主要原料制取1，2丙二醇ch3ch（oh）ch2oh时，经过的反应为（）a加成消去取代b取代加成消去c取代消去加成d消去加成取代考点：有机物的合成；有机物的结构和性质专题：有机反应分析：2氯丙烷为主要原料制取1，2丙二醇ch3ch（oh）ch2oh，cl变化为两个oh，应先消去生成c=c，再加成引入两个卤素原子，最后水解即可，以此来解答解答：解：2氯丙烷为主要原料制取1，2丙二醇ch3ch（oh）ch2oh，先发生氯代烃的消去反应生成c=c，再发生丙烯的加成反应引入两个卤素原子，最后发生卤代烃的水解反应（属于取代反应）生成ch3ch（oh）ch2oh，故选d点评：本题考查有机物的合成，注意官能团的变化，结合卤代烃、烯烃的性质即可解答，题目难度不大3（3分）（2012春昆明校级期末）下列有关除杂质（括号中为杂质）的操作中，错误的是（）a乙醇（水）：加新制生石灰，蒸馏，收集馏出物b溴乙烷（乙醇）：多次加水振荡，分液，弃水层c苯（苯酚）：加溴水，振荡，过滤除去沉淀d乙酸乙酯（乙酸）：加饱和碳酸钠溶液，充分振荡，分液，弃水层考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用分析：a水与生石灰反应生成氢氧化钙，可增大沸点差；b乙醇易溶于水；c三溴苯酚、溴都易溶于苯；d乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应解答：解：a水与生石灰反应生成氢氧化钙，蒸馏可得到乙醇，故a正确；b溴乙烷不溶于水，乙醇易溶于水，可分液分离，故b正确；c苯酚与溴反应生成三溴苯酚，三溴苯酚、溴都易溶于苯，应用氢氧化钠溶液除杂，故c错误；d乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，乙酸与碳酸钠反应，可分离，故d正确故选c点评：本题考查除杂，难度不大，注意除杂是不能引入新的杂质、不能影响被提纯的物质的性质和量，并且操作简单可行，除杂时要结合物质的物理性质和化学性质进行分离4（3分）（2012春昆明校级期末）催化氧化产物是的醇是（）abcd考点：醇类简介专题：有机物的化学性质及推断分析：醇发生氧化反应的结构特点是：只有羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生氧化反应要发生生成醛的反应必须是“伯醇（ch2oh）”解答：解：醇发生氧化反应的结构特点是：只有羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生氧化反应要发生生成醛的反应必须是“伯醇（ch2oh）”故选a点评：本题考查醇的消去反应，难度不大，注意醇发生氧化反应的结构特点是：只有羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生氧化反应要发生生成醛的反应必须是“伯醇（ch2oh）”5（3分）（2015春满城县校级期末）某有机物的结构式为它在一定条件下（如图）能发生的反应有（）加成 水解 酯化 氧化 中和 消去abcd考点：有机物的结构和性质分析：该分子中含有醛基、羧基、醇羟基和苯环，具有醛、醇、羧酸、苯的性质，据此分析解答解答：解：该分子中含有醛基、羧基、醇羟基和苯环，具有醛、醇、羧酸、苯的性质，醛基能发生加成反应、氧化反应、还原反应；羧基能发生中和反应、酯化反应；醇羟基能发生氧化反应、酯化反应；该分子中不含卤原子、酯基，所以不能发生消去反应、水解反应，故选c点评：本题考查有机物结构和性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查醇、醛、羧酸的性质，注意该分子中虽然含有醇羟基，但不能发生消去反应6（3分）（2015春聊城校级期末）将转变为的方法为（）a与足量的naoh溶液共热后，再通入co2b溶液加热，通入足量的hclc与稀h2so4共热后，加入足量的na2co3d与稀h2so4共热后，加入足量的naoh考点：有机物的合成专题：有机物的化学性质及推断分析：将转变为，coona没有变化，coo水解可生成oh，以此来解答解答：解：将转变为，coona没有变化，coo水解可生成oh，则先发生在naoh水溶液中的水解生成，再通入co2，生成即可，注意强酸（hcl）与coona反应，naoh、na2co3、均能与苯酚反应，所以b、c、d不能实现，故选a点评：本题考查有机物的合成，明确官能团的变化及物质的性质是解答本题的关键，注意强酸（hcl）与coona反应，naoh、na2co3、均能与苯酚反应为解答的易错点，题目难度不大7（3分）（2012春昆明校级期末）等物质的量的下列物质，与足量的氢气发生加成反应，消耗氢气最多的是（）abcd考点：化学方程式的有关计算分析：苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，1mol苯环完全加成需要3mol氢气；碳碳双键与氢气发生加成反应的物质的量之比是1：1，等物质的量的有机物，根据苯环与碳碳双键与氢气的关系式判断解答：解：苯环和碳碳双键能与氢气发生加成反应，1mol苯环完全加成需要3mol氢气；碳碳双键与氢气发生加成反应的物质的量之比是1：1，等物质的量的有机物，假设都是1mol，a乙苯与氢气发生加成反应，1mol最多需要3mol氢气；b.1mol苯乙烯完全发生加成反应，最多需要4mol氢气；c.1mol该物质完全发生加成反应，最多需要6mol氢气；d.1mol该物质完全发生加成反应，最多需要5mol氢气；所以消耗最多的是c，故选c点评：本题考查化学方程式的计算，侧重考查学生分析计算能力，还可以利用“一个苯环中含有3个碳碳双键”进行计算，物质的量相等的有机物，碳碳双键个数越多消耗氢气越多，题目难度不大8（3分）（2012春昆明校级期末）维生素c的结构简式为，有关它的叙述错误的是（）a是一个环状的酯类化合物b易起氧化及加成反应c容易溶解于乙醇d在碱性溶液中能稳定地存在考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：该有机物中含oh、c=ccooc，结合醇、烯烃、酯的性质来解答解答：解：a含cooc及环状结构，则是一个环状的酯类化合物，故a正确；b含oh，易发生氧化反应，含c=c可发生氧化和加成反应，故b正确；c为多羟基物质，容易溶解于乙醇，故c正确；d含cooc，在碱性溶液中水解，则不能稳定存在，故d错误；故选d点评：本题考查有机物的结构与性质，为高考常见题型，注意把握有机物中的官能团，熟悉常见有机物的性质即可解答，题目难度中等9（3分）（2011江西）分子式为c5h11cl的同分异构体共有（不考虑立体异构）（）a6种b7种c8种d9种考点：同分异构现象和同分异构体专题：同分异构体的类型及其判定分析：判断和书写烷烃的氯代物的异构体可以按照以下步骤来做：（1）先确定烷烃的碳链异构，即烷烃的同分异构体 （2）确定烷烃的对称中心，即找出等效的氢原子 （3）根据先中心后外围的原则，将氯原子逐一去代替氢原子 （4）对于多氯代烷的同分异构体，遵循先集中后分散的原则，先将几个氯原子集中取代同一碳原子上的氢，后分散去取代不同碳原子上的氢解答：解：分子式为c5h11cl的同分异构体有主链有5个碳原子的：ch3ch2ch2ch2ch2cl；ch3ch2ch2chclch3；ch3ch2chclch2ch3；主链有4个碳原子的：ch3ch（ch3）ch2ch2cl；ch3ch（ch3）chclch3；ch3ccl（ch3）ch2ch3；ch2clch（ch3）ch2ch3；主链有3个碳原子的：ch2c（ch3）2ch2cl；共有8种情况故选c点评：本题考查以氯代物的同分异构体的判断，难度不大，做题时要抓住判断角度，找出等效氢原子种类一般说来，同一个碳原子上的氢原子等效，同一个碳原子上连的所有甲基上的氢原子等效，处于镜面对称位置上的氢原子等效氯原子取代任意一个等效氢原子所得的一氯代物是同一种只要这样就可以了比如说丙烷有两种一氯代物10（3分）（2012春昆明校级期末）下列各组物质间，一定互为同系物的是（）ac2h6o和c4h10obc3h6o2和c4h8o2cc4h10和c10h22dc3h4和c4h6考点：芳香烃、烃基和同系物分析：有机物的结构相似、分子之间相差一个或若干个ch2原子团的化合物互为同系物，即：同系物必须满足：结构相似、分子间差1个或n个ch2原子团；若含有官能团，则含有官能团的类型及数目必须完全相同，据此对各选项进行判断解答：解：ac2h6o和c4h10o，二者都可能为饱和一元醇或醚类物质，所以二者结构不一定相似，则不一定互为同系物，故a错误；bc3h6o2和c4h8o2，二者可能为酯类或羧酸，所以二者的结构不一定相似，则不一定互为同系物，故b错误；cc4h10和c10h22，二者都是烷烃，具有饱和结构，都属于烷烃的同系物，故c正确；dc3h4和c4h6，前者为丙炔，而后者可能为丁炔或1，3丁二烯，二者结构不一定相似，则不等于互为同系物，故d错误；故选c点评：本题考查了同系物的概念及判断方法，题目难度不大，根据分子式正确判断有机物结构为解答关键，注意掌握同系物的概念，明确互为同系物的化合物必须满足：结构相似、分子间差1个或n个ch2原子团11（3分）（2012春昆明校级期末）只用下列一种试剂就可以将六种无色液体：c2h5oh、agno3溶液、c2h5br、ki溶液、c6h5oh溶液、c6h6鉴别开来的是（）afecl2溶液b溴水c酸性高锰酸钾溶液dnaoh溶液考点：物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用专题：物质检验鉴别题分析：c2h5oh、agno3溶液、c2h5br、ki溶液，c6h5oh溶液、c6h6分别溴水溶液反应的现象分别为：不反应不分层、淡黄色沉淀、不反应分层后油状液体在下层、溴水褪色、白色沉淀、不反应分层后油状液体在上层，现象不同，以此解答解答：解：afecl2溶液与agno3溶液反应生成白色沉淀，与其他物质不反应，无法鉴别，故a错误；bc2h5oh、agno3溶液、c2h5br、ki溶液，c6h5oh溶液、c6h6分别溴水溶液反应的现象分别为：不反应不分层、淡黄色沉淀、不反应分层后油状液体在下层、溴水褪色、白色沉淀、不反应分层后油状液体在上层，现象不同，能区分，故b正确；cc2h5oh、agno3溶液与酸性高锰酸钾溶液均不反应不分层，现象相同，不能区分，故c错误；dc2h5oh、ki溶液与naoh溶液不反应，不分层，现象相同，不能区分，故d错误；故选b点评：本题考查物质的区分，注意利用反应的不同现象来区分是解答的关键，侧重物质性质的考查，明确常见有机物、无机物之间的反应即可解答，题目难度中等12（3分）（2012春昆明校级期末）与互为同分异构体的酚类化合物的同分异构体最多有（）a3种b4种c5种d6种考点：有机化合物的异构现象分析：同分异构体的酚类化合物，说明是含有苯环结构和酚羟基的同分异构体，根据结构可知该有机物不饱和度为4，只含有1个苯环，苯环的不饱和度为4，所以侧链不存在不饱和键，只有酚羟基和甲基，根据位置关系确定种类解答：解：分子式为c7h8o，则该有机物不饱和度为4，含有1个苯环，苯环的不饱和度为4，则侧链不存在不饱和键，故侧链只有酚羟基和甲基，所以该有机物的同分异构体的酚类化合物有：、共3种，故选a点评：本题主要考查限制条件同分异构体的书写，题目难度中等，同分异构体主要有三种：碳链异构、官能团位置异构、官能团类别异构，明确书写原则为解答关键13（3分）（2013春富平县期末）用丙醛（ch3ch2cho）制取聚丙烯 的过程中发生的反应类型为（）取代 消去 加聚 缩聚 氧化 还原abcd考点：有机物的合成专题：有机物的化学性质及推断分析：可用逆推法分析：ch2ch（ch3）nch2=chch3ch2ohch2ch3ch3ch2cho，以此判断可能发生的反应解答：解：要制取ch2ch（ch3）n，可逆推反应流程：ch2ch（ch3）nch2=chch3ch2ohch2ch3ch3ch2cho，则从后往前推断可发生加成（还原）、消去、加聚反应，故选c点评：本题考查有机物的合成，题目难度不大，本题注意根据有机物的官能团的变化结合有机物的性质用逆推法判断14（3分）（2012春昆明校级期末）某有机物能使溴水褪色，也能在一定条件下发生水解生成两种有机物，还能发生加聚反应生成高分子化合物，则此有机物中一定含有下列基团的组合是（）ch3；oh；cl；cho；c2h3；cooh；cooch3abcd考点：有机物的结构和性质；烃的衍生物官能团分析：含有碳碳不饱和键或醛基或苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚都能使溴水褪色；含有酯基的有机物能发生水解反应生成两种有机物；含有碳碳不饱和键的有机物能发生加聚反应生成高分子化合物，据此分析解答解答：解：含有碳碳不饱和键或醛基或苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚都能使溴水褪色；含有酯基的有机物能发生水解反应生成两种有机物；含有碳碳不饱和键的有机物能发生加聚反应生成高分子化合物，某有机物能使溴水褪色，也能在一定条件下发生水解生成两种有机物，还能发生加聚反应生成高分子化合物，则该有机物中含有碳碳不饱和键和酯基，故选c点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，把握官能团及其性质关系是解本题关键，知道每种官能团能发生的反应类型，侧重考查学生逆向思维能力，题目难度不大15（3分）（2012春昆明校级期末）某纯碱厂技术科的人员对该厂纯碱样品的质量进行检验其中能够说明纯碱样品中可能含有杂质（nahco3）的实验是（）样品溶于水，并加入足量的澄清石灰水，变浑浊；样品溶于水，并加入足量的bacl2溶液，变浑浊；样品在硬质试管中加强热，排出的气体通入澄清石灰水，变浑浊；向样品中滴加稀盐酸，排出的气体通入澄清石灰水，变浑浊abcd只有考点：化学实验方案的评价专题：实验评价题分析：碳酸氢钠不稳定，加热分解可生成碳酸钠、二氧化碳和水，碳酸钠、碳酸氢钠都可与澄清石灰水反应生成沉淀，都可与盐酸反应生成二氧化碳气体，以此解答该题解答：解：二者都可与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀，加入澄清石灰水不能鉴别，故错误；加入足量的bacl2溶液，只有碳酸钠反应生成沉淀，但不能确定是否含有碳酸氢钠，故错误；碳酸氢钠不稳定，加热分解可生成碳酸钠、二氧化碳和水，二氧化碳与氢氧化钙反应生成沉淀，可鉴别，故正确；二者都可与盐酸反应生成二氧化碳气体，不能鉴别，故错误故选d点评：本题考查物质的检验方法的评价，为高频考点，侧重于学生的分析、实验能力的考查，注意把握物质的性质的异同，难度不大16（3分）（2012陕西校级学业考试）“绿色化学”是指从技术、经济上设计出可行的化学反应，尽可能减少对环境的副作用下列化学反应中不符合“绿色化学”概念的是（）a除硫酸厂尾气：so2+2nh3+h2o=（nh4）2so3b消除硝酸工业尾气氮氧化物的污染：no+no2+2naoh=2nano2+h2oc制硫酸铜：cu+2h2so4（浓）=cuso4+so2+2h2od制硫酸铜：2cu+o2=2cuo；cuo+h2so4（稀）=cuso4+h2o考点：绿色化学；二氧化硫的污染及治理专题：氧族元素分析：理解绿色化学的要点有两个：一是原子充分利用；二是不产生污染a、此选项消除so2气体，方法合理科学，避免空气污染，符合绿色环保要求；b、此选项消除制硝酸工业尾气氮的氧化物污染，避免酸雨的形成，符合绿色环保要求；c、由此法制取硫酸铜，代价太大，且生成so2气体，不符合倡导的绿色化学；d、由此法制取硝酸铜，生成硝酸铜和水，不会导致空气污染，符合倡导的绿色化学解答：解：a、既消除硫酸厂尾气排放的so2气体，还能得到（nh4）2so3这种氮肥，不但方法合理科学，而且避免空气污染，符合绿色环保要求，故a正确；b、用此法消除制硝酸工业尾气氮的氧化物污染，防止空气污染，避免酸雨的形成，符合绿色环保要求，故b正确；c、由此法制取硫酸铜，代价太大，且生成so2气体，既不经济又得产生有毒气体污染空气，不符合倡导的绿色化学，故c错误；d、由此法制取硝酸铜，生成硝酸铜和水，不会导致空气污染，符合倡导的绿色化学，故d正确故选c点评：此题考查了绿色化学，环保问题已经引起了全球人类的重视，是热点问题，在生产、生活实践中要注意培养学生的环保意识，主人翁意识二、非选择题（共52分）17（8分）（2011山东）化学与技术水处理技术在生产、生活中应用广泛（1）含有较多ca2+、mg2+离子的水称为硬水硬水加热后产生碳酸盐沉淀的离子方程式为ca2+2hco3caco3+co2+h2o或mg2+2hco3mgco3+co2+h2o（写出一个即可）（2）将rh型阳离子交换树脂和roh型阴离子交换树脂串接来软化天然硬水，应首先使硬水通过rh（填“rh”或“roh”）型离子交换树脂，原因是先通过阴离子交换树脂可能生成mg（oh）2等沉淀而影响树脂交换效果（3）通过施加一定压力使水分子通过半透膜而将大分子或离子截留，从而获得纯净水的方法称为反渗透法电渗析法净化水时，使离子通过半透膜的推动力是电势差（或电场力）（4）检验蒸馏水的纯度时，最简单易行的方法是测定水的电导率（或电阻率）考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；渗析；离子交换分析：硬水中含有较多的ca2+、mg2+离子，阴离子含有hco3，加热时碳酸氢盐分解可生成难溶的caco3或mgco3沉淀；rh型阳离子交换树脂和roh型阴离子交换树脂串接来软化天然硬水时，rh型阳离子交换树脂可交换硬水中的ca2+、mg2+离子，否则易生成mg（oh）2等沉淀而影响树脂交换效果；工业中利用反渗透法通过施加一定压力使水分子通过半透膜而将大分子或离子截留，而获得纯净水，利用电渗析法可使相应的离子通过半透膜以达到硬水软化的效果；溶液的导电能力取决于溶液中的离子浓度大小，检验蒸馏水的纯度时，最简单的方法是测定水的导电率解答：解：（1）通常按水中ca2+、mg2+的多少，把天然水分为硬水和软水含有较多ca2+、mg2+的水叫做硬水；如果水的硬度是由ca（hco3）2或mg（hco3）2所引起的，这种硬度叫做暂时硬度具有暂时硬度的水可以用加热的方法进行软化，方程式为ca2+2hco3caco3+co2+h2o或mg2+2hco3mgco3+co2+h2o，故答案为：ca2+2hco3caco3+co2+h2o或mg2+2hco3mgco3+co2+h2o；（2）如果水的硬度是由钙和镁的硫酸盐或氯化物等引起的，这种硬度叫做永久硬度具有永久硬度的水可以采用离子交换法进行软化离子交换剂中阳离子与水中的ca2+、mg2+发生离子交换作用，使水得到净化如果硬水先通过roh型阴离子交换树脂时可能产生mg（oh）2等沉淀而影响交换效果，所以先通过rh型阳离子交换树脂故答案为：rh；先通过阴离子交换树脂可能生成mg（oh）2等沉淀而影响树脂交换效果；（3）电渗析法是一种利用离子交换膜进行海水淡化的方法在外加电场的作用下，水溶液中阴、阳离子会分别向两极移动，如果在中间加上一种交换膜，就可能达到分离浓缩的目的所以电渗析法净化水时，使离子通过半透膜的推动力是电势差或电场力故答案为：反渗透法；电势差（或电场力）；（4）因为水的电离程度极小，所以纯水是几乎不导电的，因此要检验蒸馏水的纯度时，最简单易行的方法是测定水的电导率或电阻率故答案为：电导率（或电阻率）点评：本题考查硬水软化的原理，做题时注意硬水的主要离子成分以及物质的性质，注意相关基础知识的积累18（14分）（2015津市市校级一模）工业上可用食盐和石灰石为主要原料，经不同的方法生产纯碱请回答下列问题：（1）卢布兰芳是以食盐、石灰石、浓硫酸、焦炭为原料，在高温下进行煅烧，再浸取，结晶而制得纯碱食盐和浓硫酸反应的化学方程式为nacl+h2so4（浓）nahso4+hcl或2nacl+h2so4（浓）na2so4+2hcl；硫酸钠和焦炭、石灰石反应的化学方程式为na2so4+4c+caco3cas+na2co3+4co或na2so4+2c+caco3cas+na2co3+2co2（已知产物之一为cas）；（2）氨碱法的工艺如图1所示，得到的碳酸氢钠经煅烧生成纯碱图1中的中间产物c是ca（oh）2，dnh3（写化学式）；装置乙中发生反应的化学方程式为nh3+co2+nacl+h2o=nahco3+nh4cl；（3）联合制碱法对氨碱法的改进，其优点是提高食盐利用率、副产物氯化铵可用作化肥、可利用合成氨的产物co2；（4）有人认为碳酸氢钾与碳酸氢钠的化学性质相似，故也可用氨碱法以氯化钾和石灰石为原料制碳酸钾请结合2图的溶解度（s）随温度变化曲线，分析说明是否可行？不可行；因为khco3的溶解度较大，且在常温下与kcl溶解度相差小，当温度高于40时，由图象可知，降温结晶时会析出较多的kcl，无法大量析出碳酸氢钾考点：纯碱工业（侯氏制碱法）专题：元素及其化合物；化学应用分析：（1）98%浓硫酸为高沸点酸，能制取低沸点的酸氯化氢，食盐和浓硫酸反应生成氯化氢和硫酸钠；由题目信息可知，硫酸钠与石灰石、焦炭反应生成cas、na2co3，根据元素守恒可知，还原c的氧化物co或co2生成；（2）碳酸钙加热分解生成cao与co2，故a为cao，b为co2，cao在熟化桶内与水反应生成氢氧化钙；氢氧化钙与氯化铵在混合池内反应生成氨气与氯化钙；氨气与氯化钠溶液混合后，在乙中与二氧化碳发生反应，生成nahco3、nh4cl；（3）能提高原料的利用率，减少废渣的排放，保留了氨碱法的优点，消除了它的缺点，使食盐的利用率提高； nh4cl 可做氮肥；可与合成氨厂联合，可利用合成氨的产物co2；（4）不可行因为khco3和nh4cl的溶解度相差不大，当温度高于40时，khco3的溶解度大于nh4cl，降温结晶时会析出较多的kcl；解答：解：（1）利用高沸点酸制备挥发性酸，且hcl极易溶于水，故利用直接使用98%浓硫酸和氯化钠制取氯化氢，反应为：nacl+h2so4（浓）nahso4+hcl或2nacl+h2so4（浓） na2so4+2hcl，故答案为：nacl+h2so4（浓）nahso4+hcl或2nacl+h2so4（浓） na2so4+2hcl；由题目信息可知，硫酸钠与石灰石、焦炭反应生成cas、na2co3，根据元素守恒可知，还原c的氧化物co或co2生成，故反应方程式为：na2so4+4c+caco3cas+na2co3+4co或na2so4+2c+caco3cas+na2co3+2co2，故答案为：na2so4+4c+caco3cas+na2co3+4co或na2so4+2c+caco3cas+na2co3+2co2；（2）碳酸钙加热分解生成cao与co2，故a为cao，b为co2，cao在熟化桶内与水反应生成氢氧化钙，故c为ca（oh）2；氢氧化钙与氯化铵在混合池内反应生成氨气与氯化钙，故d为nh3，故答案为：ca（oh）2；nh3；氨气与氯化钠溶液混合后，在乙中与二氧化碳发生反应，生成nahco3、nh4cl，反应方程式为nh3+co2+nacl+h2o=nahco3+nh4cl，故答案为：nh3+co2+nacl+h2o=nahco3+nh4cl；（3）该方法能提高原料的利用率，减少废渣的排放，保留了氨碱法的优点，消除了它的缺点，使食盐的利用率提高；nh4cl 可做氮肥；可与合成氨厂联合，可利用合成氨的产物co2，故答案为：提高食盐利用率、副产物氯化铵可用作化肥、可利用合成氨的产物co2；（4）由溶解曲线图可知khco3和nh4cl的溶解度相差不大，当温度高于40时，由图象可知，降温结晶时会析出较多的kcl，无法大量析出碳酸氢钾；故答案为：不可行； 因为khco3的溶解度较大，且在常温下与kcl溶解度相差小，当温度高于40时，由图象可知，降温结晶时会析出较多的kcl，无法大量析出碳酸氢钾；点评：本题考查制碱法的工艺的流程，需要学生细读生产工艺图中各物质的变化进行解答，注意根据物质的主要性质分析工业装置和反应原理，题目难度中等19（17分）（2012春昆明校级期末）某研究性学习小组为合成1丁醇，查阅资料得知一条合成路线：ch3ch=ch2+co+h2ch3ch2ch2choch3ch2ch2ch2ohco的制备原理：hcoohco+h2o，并设计出原料气的制备装置（如图）请填写下列空白：（1）实验室现有锌粒、稀硝酸、稀盐酸、浓硫酸、2丙醇，从中选择合适的试剂制备氢气、丙烯写出化学方程式：zn+2hcl=zncl2+h2，（ch3）2chohch2=chch3+h2o（2）若用以上装置制备干燥纯净的co，装置中a和b的作用分别是恒压，防倒吸；c和d中承装的试剂分别是naoh溶液，浓h2so4若用以上装置制备h2，气体发生装置中必需的玻璃仪器名称是分液漏斗、蒸馏烧瓶；在虚线框内画出收集干燥h2的装置图（3）制丙烯时，还产生少量so2、co2及水蒸气，该小组用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是（或）（填序号）饱和na2so3溶液酸性kmno4溶液石灰水无水cuso4品红溶液（4）合成正丁醛的反应为正向放热的可逆反应，为增大反应速率和提高原料气的转化率，你认为应该采用的适宜反应条件是ba低温、高压、催化剂 b适当的温度、高压、催化剂c常温、常压、催化剂 d适当的温度、常压、催化剂考点：有机物的合成；制备实验方案的设计分析：（1）制备氢气选用锌粒和稀盐酸；制备丙烯选用2丙醇和浓硫酸；（2）在题给装置中，a的作用保持分液漏斗和烧瓶内的气压相等，以保证分液漏斗内的液体能顺利加入烧瓶中；b主要是起安全瓶的作用，以防止倒吸；c为除去co中的酸性气体，选用naoh溶液，d为除去co中的h2o，试剂选用浓硫酸；若用题给装置制备h2，则不需要酒精灯；（3）检验丙烯和少量so2、co2及水蒸气组成的混合气体各成分时，应首先选无水cuso4检验水蒸气，然后用品红溶液检验so2，并用饱和na2so3溶液除去so2；然后用石灰水检验co2，用酸性kmno4溶液检验丙烯；（4）题给合成正丁醛的反应为气体体积减小的放热反应，为增大反应速率和提高原料气的转化率解答：解：（1）氢气可用活泼金属锌与非氧化性酸盐酸通过置换反应制备，氧化性酸如硝酸和浓硫酸与锌反应不能产生氢气，方程式为zn+2hcl=zncl2+h2；2丙醇通过消去反应即到达丙烯，方程式为 （ch3）2chohch2=chch3+h2o，故答案为：zn+2hcl=zncl2+h2； （ch3）2chohch2=chch3+h2o； （2）甲酸在浓硫酸的作用下通过加热脱水即生成co，由于甲酸易挥发，产生的co中必然会混有甲酸，所以在收集之前需要除去甲酸，可以利用naoh溶液吸收甲酸又因为甲酸易溶于水，所以必需防止液体倒流，即b的作用是防止倒吸，最后通过浓硫酸干燥co为了使产生的气体能顺利的从发生装置中排出，就必需保持压强一致，因此a的作用是保持恒压；若用以上装置制备氢气，就不再需要加热，所以此时发生装置中的玻璃仪器名称是分液漏斗和蒸馏烧瓶；氢气密度小于空气的，因此要收集干燥的氢气，就只能用向下排空气法，而不能用排水法收集；故答案为：恒压，防倒吸； naoh溶液，浓h2so4；分液漏斗、蒸馏烧瓶；（3）检验丙烯可以用酸性kmno4溶液，检验so2可以用酸性kmno4溶液褪色、品红溶液或石灰水，检验co2可以石灰水，检验水蒸气可以无水c