【东方骄子】高考物理 第七章 恒定电流阶段综合测评 新人教版(1).doc

第七章恒定电流(时间：100分钟 满分：110分)温馨提示：1.第卷答案写在答题卡上，第卷书写在试卷上；交卷前请核对班级、姓名、考号.2.本场考试时间为100分钟，注意把握好答题时间.3.认真审题，仔细作答，永远不要以粗心为借口原谅自己 第卷(选择题，共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分，每小题给出的四个选项中至少有一项符合题意，全部选对的得4分，漏选的得2分，错选的得0分)1(2011高考全国卷)通常一次闪电过程历时约0.20.3 s，它由若干个相继发生的闪击构成每个闪击持续时间仅4080 s，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0109 v，云地间距离约为1 km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 c，闪击持续时间约为60 s.假定闪电前云地间的电场是均匀的根据以上数据，下列判断正确的是()a闪电电流的瞬时值可达到1105 ab整个闪电过程的平均功率约为11014 wc闪电前云地间的电场强度约为1106 v/md整个闪电过程向外释放的能量约为6106 j解析：i a105 a；e v/m106 v/m；wuq6109 j；p w1014 w.答案：abc2(2012广州联考)有一种“电测井”技术，用钻头在地上钻孔，通过在钻孔中进行的电特性测量，可以反映地下的有关情况，如图所示为一钻孔，其形状为均匀圆柱体，半径为10 cm，设里面充满浓度均匀的盐水，其电阻率0.314 m.现在，在钻孔的上表面和底部加上电压u100 v，测得电流i100 ma，则钻孔的深度为()a50 m b100 mc314 m d157 m解析：根据欧姆定律可求出圆柱形容器所装盐水的电阻，r 1 000 设钻孔的深度为h，利用电阻定律得：r其中r1 000 ，0.314 msr23.14(10102)2 m23.14102 m2，则h100 m.答案：b3(2012广东东莞调研)电子产品制作车间里常常使用电烙铁焊接电阻器和电容器等零件，技术工人常将电烙铁和一个灯泡串联使用，灯泡还和一只开关并联，然后再接到市电上(如图所示)，下列说法正确的是()a开关接通时比开关断开时消耗的总电功率大b开关接通时，灯泡熄灭，只有电烙铁通电，可使消耗的电功率减小c开关断开时，灯泡发光，电烙铁也通电，消耗的总功率增大，但电烙铁发热较少d开关断开时，灯泡发光，可供在焊接时照明使用，消耗总功率不变解析：开关接通时，灯泡被短路，灯泡熄灭，电路的总电阻变小，电路的总功率p变大，电烙铁的功率变大，a正确，b、c、d错误答案：a4(2012兖州检测)如图所示，平行金属板中质点p处于静止状态，不考虑电流表和电压对电路的影响，当滑动变阻器r4滑片向b端移动时()a电流表读数增大b电压表读数增大cr3上消耗的电功率增大d质点p将向上运动解析：r4滑片向b端移动，r4减小，r外总减小，i总增大，r1两端电压增大，r3两端电压减小，i3减小，电流表示数增大，a正确；伏特表两端电压等于r3两端电压与r2两端电压之差，由于r2两端电压增大，故伏特表两端电压减小，b错误；p3，由于u3减少，p3应减少，c错误；电容器两板电势差减少，带电粒子p所受电场力应减少，质点p将向下加速运动，d错误答案：a5(2012宝轮中学月考)在如图所示电路中，e为电源，其电动势e9.0 v，内阻可忽略不计；ab为滑动变阻器，其电阻r30 ；l为一小灯泡，其额定电压u6.0 v，额定功率p1.8 w；s为开关，开始时滑动变阻器的触头位于b端，现在接通开关s.然后将触头缓慢地向a方滑动，当到达某一位置c处时，小灯泡刚好正常发光，则cb之间的电阻应为()a10 b20 c15 d5 解析：小灯泡的额定电流i0.3 acb之间的电阻rcbr3020 .答案：b6如图所示，电源的电动势为e、内阻为r，r1、r2、r3为定值电阻，r为滑动变阻器为电流表、为电压表当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，下列说法中正确的是()a电流表和电压表示数都变大b电流表和电压表示数都变小c电流表示数减小，电压表示数变大d电流表示数变大，电压表示数减小解析：当滑动变阻器的滑动触片向右滑动时，r减少，r外总减少，i总增大，路端电压减小，ir2减小，ir1增大，表示数增大，表测的就是r1两端的电压，表示数增大，因此只有a正确答案：a7(2012安徽江南十校联考)把标有“220 v,100 w”的a灯和“220 v,200 w”的b灯串联起来，接入220 v的电路中，不计导线电阻，则下列判断中正确的是()a两灯的电阻之比rarb21b两灯的实际电压之比uaub21c两灯实际消耗的功率之比papb12d在相同时间内，两灯实际发热之比qaqb12解析：ra rb ，则rarb21因为a与b串联所以uaubrarb21，papbrarb21.相同时间内，qaqbrarb21.答案：ab8(2012宿迁联考)如图所示，电压u保持恒定，c1、c2是两个不同的电容器，且c1c2，r1、r2、r3为不同阻值的电阻开始时， c1与c2所带电荷量相等，如果把c1与r1对换位置，其他条件不变，下列判断错误的是()ar1一定小于r2b电路中的总电流比原来小c电容器c1、c2所带电荷量都比原来大d两电容器所带电荷量仍相等解析：首先对电路结构进行分析，r1、r2串联，电流相同，c1、c2分别并在r1、r2两端因c1c2，它们所带电荷量相同由qcucir可知，r1r2.c1与r1对调位置后，r1、r2、r3全部串入电路，总电阻增加，电流减小，即r1、r2的电压均减小，c1并在r1和r3两端，它的电压为(uu2)增加，则它的电荷量增加，而c2并在r2、r3的两端，则电压为(uu1)也增加，故c2的电荷量也增加，因而a、b、c正确，故应选d答案：d9(2012辽阳联考)如图所示的电路中，各个电键均闭合，且k2接a时，带电粒子静止在平行板电容器两极板之间，则下列说法正确的是()a将k1断开，带电粒子将向下运动b将k2断开，带电粒子仍处于静止状态c将k2掷在c，带电粒子将向下运动d将k3断开，带电粒子将向上运动解析：将k1断开，则电源断路，电容器通过r4、r1、r2放电，带电微粒向下运动，a正确；将k2断开，相当于将电容直接接在电源两端，则电场力大于重力而向上运动，b错误；将k2掷在c，则电容器放电，放电完毕电容器两端电压为0，所以c正确；将k3断开则电容与电源电路断开，又没有放电回路，则粒子仍处于静止，d错误答案：ac10为锻炼身体，小明利用所学物理知识设计了一个电子拉力计，如图是其原理图轻质弹簧右端和金属滑片p固定在一起(弹簧的电阻不计，p与r1间的摩擦不计)，弹簧劲度系数为100 n/cm.定值电阻r05 ，ab是一根长为5 cm的均匀电阻丝，阻值r125 ，电源输出电压恒为u3 v(不计电源内阻)，理想电流表的量程为00.6 a当拉环不受力时，滑片p处于a端下列关于这个电路的说法正确的是()a小明在电路中连入r0的目的是保护电路b当拉环不受力时，闭合开关后电流表的读数为0.1 ac当拉力为400 n时，电流表指针指在0.3 a处d当拉力为400 n时，电流表指针指在0.5 a处解析：若电路中无电阻r0，且金属滑片p在b端时，回路短路损坏电源，r0的存在使电路不出现短路，因此a正确；当拉环不受力时，滑片p在a端，由闭合电路欧姆定律得，i0.1 a，故b正确；拉力为400 n时，由fkx，则x4 cm，对应的电阻为rap20 ，r1剩余部分接入电路的电阻rpb5 ，由闭合电路欧姆定律得，i0.3 a，故c正确答案：abc11(2012江苏扬州中学月考)如图所示，r3处是光敏电阻，a、b两点间接一电容，当开关s闭合后，在没有光照射时，电容上下极板上电量为零，当用光线照射电阻r3时()ar3的电阻变小，电容上极板带正电，电流表示数变大br3的电阻变小，电容上极板带负电，电流表示数变大cr3的电阻变大，电容上极板带正电，电流表示数变小dr3的电阻变大，电容上极板带负电，电流表示数变小解析：光照r3时，r3减小，u3减小，a点电势降低，电容器上极板带负电，电流表示数变大，故b项对，a、c、d错答案：b12(2012绍兴高三质量调研)在如图a所示的电路中，闭合电键s，当滑动变阻器的滑动触头p向下滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生变化图b中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流的变化的情况下列说法正确的是()a图线c表示的电压表v1的示数随电流变化的情况b图线d表示的电压表v3的示数随电流变化的情况c在此过程中电压表v1示数变化量u1与电流表示数变化量i的比值变大d在此过程中电压表v1示数变化量u1与电流表示数变化量i的比值变小解析：p向下滑，r2变大，由i知i减小，内电压u内ir减小，外电压u外eu内增大即电压表v1示数增大，电压表v2的示数u2ir1应减小，电压表v3的示数u3u1u2应增大，即可知图线e表示v1的示数，d表示v3的示数，c表示v2的示数，故知a项错、b项对u1与i的比值即为电源内阻，故c、d均错答案：b第卷(非选择题，共62分)二、实验题(本题共2小题，共12分)13(2012泸州联考)图甲是测量一节新干电池的电动势和内阻的实验电路，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表_，原因是_，从而影响测量的准确性为了较准确地测量一节新干电池的内阻，可用以下器材连成图乙所示的电路完成实验，器材：量程3 v的理想电压表v，量程0.6 a的电流表a(具有一定内阻)，定值电阻r0(r01.50 )，滑动变阻器r1(010 )，滑动变阻器r2(0200 )，开关s.(1)在图乙的实验电路中，加接电阻r0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是_(2)为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用_(选填“r1”或“r2”)(3)实验中，改变滑动变阻器的阻值，测出当电流表读数为i1时，电压表读数为u1；当电流表读数为i2时，电压表读数为u2，则新干电池内阻的表达式r_.(用i1、i2、u1、u2和r0表示)解析：由于新干电池的内阻很小，内电路的电压降很小，故电压表读数变化很小(1)在电路中接入r0的目的是：防止滑动变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏(2)由于电源内阻较小，故所选滑动变阻器的阻值应小一些，所以选用r1.(3)由闭合电路欧姆定律：eu1i1(rr0)eu2i2(rr0)解得：rr0.答案：读数变化很小新干电池的内阻很小，内电路的电压降很小(1)防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏(或限流，防止电源短路)(2)r1(3)r014(2012信宜一中月考)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率.步骤如下：(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为_mm.(3)用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_.(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻r，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻r电流表a1(量程04 ma，内阻约50 )电流表a2(量程010 ma，内阻约30 )电压表v1(量程03 v，内阻约10 k)电压表v2(量程015 v，内阻约25 k)直流电源e(电动势4 v，内阻不计)滑动变阻器r1(阻值范围015 ，允许通过的最大电流2.0 a)滑动变阻器r2(阻值范围02 k，允许通过的最大电流0.5 a)开关s，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号答案：(1)50.15(2)4.700(3)220(4)如图三、论述、计算题(本题共4小题，共50分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)15(2012中山市调研)一台小型电动机在3 v电压下工作，用此电动机提升所受重力为4 n的物体时，通过它的电流是0.2 a在30 s内可使该物体被匀速提升3 m若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：(1)电动机的输入功率；(2)在提升物体的30 s内，电动机线圈所产生的热量；(3)线圈的电阻解析：(1)电动机的输入功率p入ui30.2 w0.6 w.(2)电动机提升物体的机械功率p机fv4 w0.4 w.根据能量关系p入p机pq，得pqp入p机(0.60.4)w0.2 w.所产生热量qpqt0.230 j6 j.(3)根据焦耳定律qi2rt，得线圈电阻r 5 .答案：(1)0.6 w(2)6 j(3)5 16(2012上海模拟)如图所示的电路中，直流发电机m的电动势e250 v，内阻r0.5 ，r1r21 .电热器组中装有50只完全相同的电热器，每只电热器的额定电压为200 v，额定功率为1 000 w，其他电阻不计，也不计电热器电阻随温度的变化问：(1)当接通几只电热器时，实际使用的电热器都能正常工作？(2)当接通几只电热器时，被接通电热器的总消耗功率最大？(3)当被接通电热器的总消耗功率最大时，电阻r1、r2和内阻r上消耗的功率分别为多少？解析：(1)设当接通n只电热器时，实际使用的电热器都能正常工作，由闭合电路的欧姆定律有eu额i总(rr1r2)而i总n联立解得n4.(2)假设当接通n只电热器时，被接通电热器的总消耗功率最大，有pr并当rr1r2r并时，电热器的总消耗功率p最大，而r并则rr1r2所以n16.(3)当被接通电热器的总消耗功率最大时，电阻r1上消耗的功率为：pr1i总2r12 500 w.又r2r1，所以r2上消耗的功率也为2 500 w内阻r上消耗的功率为pri总2r1 250 w.答案：(1)4(2)16(3)2 500 w2 500 w1 250 w17(2012黄浦区高考模拟)如图所示，r1、r2为定值电阻，r3为滑动变阻器.3个电阻采用如图(a)方式接在电源上，已知r14 、r210 .现利用电压传感器(相当于电压表)和电流传感器(相当于电流表)研究r3上的电压与电流变化关系，任意滑动r3上的滑片，通过数据采集器将电压与电流信号输入计算机后，在屏幕上得到的ui图象为如图(b)所示的一条直线(实线部分)试求：(1)电源的电动势和内电阻；(2)r3的最大阻值；(3)r3消耗的最大功率解析：(1)电压为0的时候电流为1.5 a，此时r3阻值为