湖北省襄阳市枣阳二中高三物理上学期期中试卷（含解析）.doc

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳二中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共9小题，每题4分，共计40分）1如图所示，正方形abcd区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，o点是cd边的中点一个带正电的粒子（重力忽略不计）若从o点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场现设法使该带电粒子从o点沿纸面以与od成30的方向（如图中虚线所示），以各种不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是( )a该带电粒子不可能刚好从正方形的某个顶点射出磁场b若该带电粒子从ab边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是t0c若该带电粒子从bc边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是d若该带电粒子从cd边射出磁场，它在磁场中经历的时间一定是2如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与小球p、q相连已知两球在图示p、q位置静止则下列说法中正确的是( )a若两球质量相同，则p球对槽的压力较小b若两球质量相同，则两球对槽的压力大小相等c若p球的质量大，则op弹簧的劲度系数大d若p球的质量大，则op弹簧的弹力大3如图，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，a和c围绕b做匀速圆周运动，b恰能保持静止，其中a、c和b的距离分别是l1，和l2不计三质点间的万有引力，则a和c的比荷（电量与质量之比）之比应是( )abcd4图甲是回旋加速器的示意图，其核心部分是两个d形金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源两极相连带电粒子在磁场中运动的动能ek随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列说法正确的是( )a（t2tl）（t3t2）（tntnl）b高频电源的变化周期应该等于tntnlc要使粒子获得的最大动能增大，可以增大d形盒的半径d要使粒子获得的最大动能增大，可以增大加速电压5如图所示，水平铜盘半径为r，置于磁感应强度为b，方向竖直向下的匀强磁场中，铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度做匀速圆周运动，铜盘的边缘及中心处分别通过导线与理想变压器的原线圈相连，该理想变压器原、副线圈的匝数比为n：1，变压器的副线圈与电阻为r的负载相连，则( )a负载r两端的电压为的b原线圈中的电流强度为通过r电流的c变压器的副线圈磁通量为0d通过负载r的电流强度为06已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍一飞行器绕地球做匀逮圆周运动的周期为3小时若地球半径为r，则该飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近( )a0.83rb1.7rc1.9rd3.3r7伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置a、b、c让小球分别由a、b、c滚下，如图所示，a、b、c与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由a、b、c运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由a、b、c运动到斜面底端时的速度分别为v1，v2、v3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是( )a=b=c=ds1s2=s2s18如图所示，质量均为m的a、b两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物c，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为下列说法正确的是( )a当m一定时，越小，滑块对地面的压力越大b当m一定时，越大，轻杆受力越小c当一定时，m越大，滑块与地面间的摩擦力越大d当一定时，m越大，可悬挂重物c的质量m越大9位于坐标原点o的质点在f1、f2和f3三力的作用下保持静止，已知其中f1的大小恒定不变，方向沿y轴负方向的；f2的方向与x轴正方向的夹角为（45），但大小未知，如图所示，则下列关于力f3的判断正确的是( )af3的最小值为f1cosbf3的大小可能为f1sinc力f3可能在第三象限df3与f2的合力大小与f2的大小有关二、解答题（共1小题，满分12分）10如图所示，倾角为的固定光滑斜面底部有一垂直斜面的固定档板c劲度系数为k1的轻弹簧两端分别与挡板c和质量为m的物体b连接，劲度系数为k2的轻弹簧两端分别与b和质量也为m的物体a连接，轻绳通过光滑滑轮q与a和一轻质小桶p相连，轻绳aq段与斜面平行，a和b均静止现缓慢地向小桶p内加入细砂，当k1弹簧对挡板的弹力恰好为零时，求：（1）小桶p内所加入的细砂质量；（2）小桶下降的距离二、实验题11利用图1中所示的装置可以研究自由落体运动，并测重力加速度（1）实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列小点为了测试重物下落的加速度，还需要的实验器材有_（填入正确选项前的字母）a天平 b秒表 c米尺若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重物加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此错误差的原因：_（2）在打出的纸带（图2）上取得连续的清晰的7个点，打点计时器所用电源的频率为50hz用米尺测得第1、2、3、4、5、6各点与第0点的距离d如下表：点的次序0123456距离d（厘米）06.012.519.326.534.142.1利用这些数据：测出当地重力加速度g值为_；（取三位有效数字）；打第1点时纸带运动的速度是_m/s；（取三位有效数字）；第0点_（选填“是”或“不是”）自由落体运动的起点，判断理由是_三、计算题（40分）12已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍，地球的第一宇宙速度v1=7.9km/s求一飞行器在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度五、（共3小题，满分34分）13一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到p点，t+0.6s时刻，这列波刚好传到q点，波形如图中的虚线所示，a、b、c、p、q是介质中的质点，则以下说法正确的是( )a这列波的波速为16.7m/sb质点a在这段时间内通过的路程一定等于30cmc质点c在这段时间内通过的路程一定等于30cmd从t时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是t+s这个时刻e当t+0.5s时刻，质点b、p的位移相同14 如图所示，半圆玻璃砖的半径r=10cm，折射率为n=，直径ab与屏幕垂直并接触于a点激光a以入射角i=30射向半圆玻璃砖的圆心o，结果在水平屏幕mn上出现两个光斑请画出光路图，并求两个光斑之间的距离l15（19分）如图所示，在a、b两端有直流恒压电源，输出电压恒为uab，r2=40，右端连接间距d=0.04m、板长l=10cm的两水平放置的平行金属板，板间电场视为匀强电场闭合开关s，将质量为m=1.6106kg、带电量q=3.2108c的微粒以初速度v0=0.5m/s沿两板中线水平射入板间当滑动变阻器接入电路的阻值为15时，微粒恰好沿中线匀速运动，通过电动机的电流为0.5a已知电动机内阻r1=2，取g=10m/s2试问：（1）输出电压为uab是多大？（2）在上述条件下，电动机的输出功率和电源的输出功率？（3）为使微粒不打在金属板上，r2两端的电压应满足什么条件？2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳二中高三（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共9小题，每题4分，共计40分）1如图所示，正方形abcd区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，o点是cd边的中点一个带正电的粒子（重力忽略不计）若从o点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场现设法使该带电粒子从o点沿纸面以与od成30的方向（如图中虚线所示），以各种不同的速率射入正方形内，那么下列说法中正确的是( )a该带电粒子不可能刚好从正方形的某个顶点射出磁场b若该带电粒子从ab边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是t0c若该带电粒子从bc边射出磁场，它在磁场中经历的时间可能是d若该带电粒子从cd边射出磁场，它在磁场中经历的时间一定是【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】根据几何关系确定带电粒子在磁场中的运动轨迹并确定其圆心角，根据其从各边穿出时的角度及时间确定能否从各边穿出【解答】解：由题，带电粒子以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，则知带电粒子的运动周期为t=2t0随粒子速度逐渐增大，轨迹由依次渐变，由图可知粒子在四个边射出时，射出范围分别为og、fe、dc、ba之间，不可能从四个顶点射出，故a正确；当粒子从o点沿纸面垂直于cd边射入正方形内，轨迹恰好为半个圆周，即时间t0刚好为半周期，从ab边射出的粒子所用时间小于半周期（t0），从bc边射出的粒子所用时间小于周期（），所有从cd边射出的粒子圆心角都是300，所用时间为（），故bc错误，ad正确故选：ad【点评】本题是带电粒子在磁场中圆周运动类型，抓住粒子的周期一定，根据速度的偏向角等于轨迹的圆心角，由圆心角确定粒子在磁场中的运动时间2如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与小球p、q相连已知两球在图示p、q位置静止则下列说法中正确的是( )a若两球质量相同，则p球对槽的压力较小b若两球质量相同，则两球对槽的压力大小相等c若p球的质量大，则op弹簧的劲度系数大d若p球的质量大，则op弹簧的弹力大【考点】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】对两小球受力分析，画出受力分析图，根据平行四边形定则做出力的平行四边形，根据三角形的相似比列式求解【解答】解：对两小球受力分析如图所示，都是受重力、支持力和弹簧的弹力三个力，两小球静止，受力平衡，根据平行四边形定则作平行四边形，有几何关系可知：qgqnqooq，pgpnpoop，则有：，即支持力始终与重力相等，若两球质量相等，重力相等，则所受支持力相等，对槽的压力必然相等，故a错误、b正确；得：，得：由图可知opoo，又gpgq，则fpfq，根据胡克定律f=kx，两弹簧的形变量未知，则劲度系数的大小关系无法确定，故c错误，d正确故选：bd【点评】本题主要考查了同学们受力分析的能力，根据根据平行四边形定则做出力的平行四边形，能找到力三角形和几何三角形的相似关系，难度适中3如图，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，a和c围绕b做匀速圆周运动，b恰能保持静止，其中a、c和b的距离分别是l1，和l2不计三质点间的万有引力，则a和c的比荷（电量与质量之比）之比应是( )abcd【考点】库仑定律；万有引力定律及其应用【专题】电场力与电势的性质专题【分析】b恰能保持静止，根据平衡条件列出等式a、c做匀速圆周运动，根据受到的库仑合力提供向心力列出等式求解【解答】解：根据b恰能保持静止可得：k=ka做匀速圆周运动，根据a受到的合力提供向心力，kk=ma2 l1，c做匀速圆周运动，kk=mc2 l2，联立解得a和c的比荷（电量与质量之比）之比应是，故选c【点评】解决该题关键要能正确列出a、c做匀速圆周运动，提供的力等于需要的向心力4图甲是回旋加速器的示意图，其核心部分是两个d形金属盒，在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源两极相连带电粒子在磁场中运动的动能ek随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列说法正确的是( )a（t2tl）（t3t2）（tntnl）b高频电源的变化周期应该等于tntnlc要使粒子获得的最大动能增大，可以增大d形盒的半径d要使粒子获得的最大动能增大，可以增大加速电压【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，由公式t=和r=判断；当粒子从d形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于d形盒的半径【解答】解：a、洛伦兹力提供向心力，有qvb=m，解得r=，故周期t=，与速度无关，故t4t3=t3t2=t2t1=，故a错误；b、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故高频电源的变化周期应该等于2（tntn1），故b错误；c、当粒子从d形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于d形盒的半径；由qvb=m得，v=，则最大动能ek=mv2=，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电压等其他因素无关，故c正确；d、当粒子从d形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于d形盒的半径；由qvb=m得，v=，则最大动能ek=mv2=，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电压无关，故d错误；故选：c【点评】解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，但是最终粒子的动能与电场的大小无关5如图所示，水平铜盘半径为r，置于磁感应强度为b，方向竖直向下的匀强磁场中，铜盘绕通过圆盘中心的竖直轴以角速度做匀速圆周运动，铜盘的边缘及中心处分别通过导线与理想变压器的原线圈相连，该理想变压器原、副线圈的匝数比为n：1，变压器的副线圈与电阻为r的负载相连，则( )a负载r两端的电压为的b原线圈中的电流强度为通过r电流的c变压器的副线圈磁通量为0d通过负载r的电流强度为0【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；变压器的构造和原理【专题】电磁感应与电路结合【分析】先根据转动切割磁感线感应电动势公式e=bl2，求出感应电动势，再由欧姆定律求出变压器原线圈两端的电压大小变压器只能改变原线圈的交流电的电压，不能改变直流电的电压【解答】解：a、切割磁感线感应电动势公式e=br2，电势该电压加到电阻r1上，由于变压器是理想变压器，所以变压器两端的电压是0故a错误；b、变压器只能改变原线圈的交流电的电压与电流，不能改变直流电的电压与电流故不能使用变压器的电流比的公式计算副线圈中的电流故b错误；c、虽然通过负载r2的电流强度为0，但副线圈中的磁通量与原线圈中的磁通量相同，不是0故c错误；d、变压器只能改变原线圈的交流电的电压，不能改变直流电的电压，也不能将直流电的电能传递给副线圈，所以若r1不变时，通过负载r2的电流强度为0故d正确故选：d【点评】本题关键要能将铜盘看成由无数幅条组成的，由转动切割磁感线感应电动势公式e=bl2变压器只能改变原线圈的交流电的电压6已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍一飞行器绕地球做匀逮圆周运动的周期为3小时若地球半径为r，则该飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近( )a0.83rb1.7rc1.9rd3.3r【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】人造卫星问题【分析】根据开普勒定律，所有的卫星的轨道半径的三次方与公转周期的平方的比值都相等【解答】解：将开普勒第三定律用到地球系统，所有的卫星的轨道半径的三次方与公转周期的平方的比值都相等，故：解得：r飞=1.7r故选：b【点评】本题关键将开普勒第三定律运用到地球系统列式，也可以用万有引力提供向心力列式求解出两个卫星的周期表达式进行比较7伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置a、b、c让小球分别由a、b、c滚下，如图所示，a、b、c与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由a、b、c运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由a、b、c运动到斜面底端时的速度分别为v1，v2、v3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是( )a=b=c=ds1s2=s2s1【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【专题】直线运动规律专题【分析】小球在斜面上做匀变速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论【解答】解：a、由运动学公式可知， 故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故a正确；b、小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，故b错误；c、由v=at可得，三次下落中的加速度相同，故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故c错误；d、由图可知及运动学规律可知，s1s2s2s3，故d错误；故选：a【点评】虽然当时伽利略是通过分析得出匀变速直线运动的，但我们今天可以借助匀变速直线运动的规律去理解伽利略的实验8如图所示，质量均为m的a、b两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物c，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为下列说法正确的是( )a当m一定时，越小，滑块对地面的压力越大b当m一定时，越大，轻杆受力越小c当一定时，m越大，滑块与地面间的摩擦力越大d当一定时，m越大，可悬挂重物c的质量m越大【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】先将c的重力按照作用效果分解，根据平行四边形定则求解轻杆受力；再隔离物体a受力分析，根据平衡条件并结合正交分解法列式求解滑块与地面间的摩擦力和弹力【解答】解：a、对abc整体分析可知，对地压力为：fn=；与无关；故a错误；b、将c的重力按照作用效果分解，如图所示：根据平行四边形定则，有：故m一定时，越大，轻杆受力越小，故b正确；b、c、对a分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的静摩擦力，根据平衡条件，有：f=f1cos=，与m无关，故c错误；d、当一定时，m越大，m与地面间的最大静摩擦力越大；则可悬挂重物c的质量m越大；故d正确；故选：bd【点评】本题关键是明确物体的受力情况，然后根据平衡条件列式分析，要注意明确整体法与隔离法的正确应用9位于坐标原点o的质点在f1、f2和f3三力的作用下保持静止，已知其中f1的大小恒定不变，方向沿y轴负方向的；f2的方向与x轴正方向的夹角为（45），但大小未知，如图所示，则下列关于力f3的判断正确的是( )af3的最小值为f1cosbf3的大小可能为f1sinc力f3可能在第三象限df3与f2的合力大小与f2的大小有关【考点】合力的大小与分力间夹角的关系【专题】平行四边形法则图解法专题【分析】三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；题中第三个力f3与已知的两个力的合力平衡【解答】解：a、三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；通过作图可以知道，当f1、f2的合力f与f2垂直时合力f最小，等于f1cos，即力f3的最小值为f1cos故a正确；b、45，故sincos，由前面分析知f3的最小值为f1cos，则不可能等于f1sin，故b错误；c、通过作图可知，当f1、f2的合力f可以在f1与f2之间的任意方向，而三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故力f3只能在f1与f2之间的某个方向的反方向上，可能在第三象限，故c正确；d、根据平衡条件：f3与f2的合力大小一定与f1等值反向，则与f2大小无关，故d错误；故选：ac【点评】本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析二、解答题（共1小题，满分12分）10如图所示，倾角为的固定光滑斜面底部有一垂直斜面的固定档板c劲度系数为k1的轻弹簧两端分别与挡板c和质量为m的物体b连接，劲度系数为k2的轻弹簧两端分别与b和质量也为m的物体a连接，轻绳通过光滑滑轮q与a和一轻质小桶p相连，轻绳aq段与斜面平行，a和b均静止现缓慢地向小桶p内加入细砂，当k1弹簧对挡板的弹力恰好为零时，求：（1）小桶p内所加入的细砂质量；（2）小桶下降的距离【考点】胡克定律【分析】未向小桶内加入细沙时，弹簧k1受到的压力大小等于a的重力沿斜面向下的分力，根据胡克定律求出此时该弹簧的压缩量当b与挡板c间挤压力恰好为零时，弹簧k1受到的拉力等于b重力沿斜面向下的分力，弹簧k2受到的拉力等于两个物体的总重力沿斜面向下的分力，根据胡克定律求出此时两弹簧的伸长量，再由几何关系求出小桶下降的距离【解答】解：（1）当b与挡板c间挤压力恰好为零时，以a、b两个物体整体为研究对象，根据平衡条件得知，轻绳的拉力大小为t=2mgsin，对小桶：t=m砂g，故小桶p内加入的细砂质量为m砂=2msin； （2）未向小桶内加入细沙时，弹簧k2的压缩量为x1=缓慢地向小桶p内加入细砂，当b与挡板c间挤压力恰好为零时，弹簧k1的伸长量为x1=弹簧k2的伸长量为x2=根据几何关系得知，小桶下降的距离为 s=x1+x1+x2=答：（1）小桶p内所加入的细砂质量2msin；（2）小桶下降的距离离为为 【点评】对于弹簧问题，要分析初、末两个状态弹簧的变形量，再由几何关系求解小桶下降的距离，是经常采用的思路二、实验题11利用图1中所示的装置可以研究自由落体运动，并测重力加速度（1）实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列小点为了测试重物下落的加速度，还需要的实验器材有c（填入正确选项前的字母）a天平 b秒表 c米尺若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重物加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此错误差的原因：打点计时器对纸带的摩擦力（2）在打出的纸带（图2）上取得连续的清晰的7个点，打点计时器所用电源的频率为50hz用米尺测得第1、2、3、4、5、6各点与第0点的距离d如下表：点的次序0123456距离d（厘米）06.012.519.326.534.142.1利用这些数据：测出当地重力加速度g值为9.72；（取三位有效数字）；打第1点时纸带运动的速度是3.13m/s；（取三位有效数字）；第0点不是（选填“是”或“不是”）自由落体运动的起点，判断理由是0点速度不是零【考点】验证机械能守恒定律【专题】实验题；机械能守恒定律应用专题【分析】（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项（2）根据逐差法，利用x=gt2求出自由下落的加速度，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于平均速度求解1的速度，根据运动学基本公式求解0的速度，判断是否为自由落体运动的起点【解答】解：（1）根据运动学公式得：x=at2，a=，为了测试重物下落的加速度，还需要的实验器材有：米尺，用来测量计数点之间的距离该实验中不需要天平，通过打点计时器打点的时间间隔可以计算出计数点之间的时间间隔，所以也不需要秒表故选：c若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重物加速度值，说明重物下落过程中除了受重力，还受到了打点计时器对纸带的摩擦力（2）打点计时器所用电源的频率为50hz，所以相邻的计数点间的时间间隔t=0.02s，设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3g1t2x5x2=3g2t2 x6x3=3g3t2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：g=（g1+g2+g3）即小车运动的加速度计算表达式为：g=9.72m/s2打第1点时纸带运动的速度，根据运动学基本公式得：v0=v1gt=3.139.720.02=2.93m/s0，所以0不是自由落体运动的起点故答案为：（1）c；打点计时器对纸带的摩擦力；（2）9.72；3.13；不是；0点速度不是零【点评】清楚实验中需要测量的物理量，从中知道需要的仪器和多余的仪器知道实验原理，清楚实际情况下存在的误差要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用三、计算题（40分）12已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍，地球的第一宇宙速度v1=7.9km/s求一飞行器在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】第一宇宙速度是物体贴近中心天体表面圆周运动的速度，应根据万有引力提供向心力来计算【解答】解：设飞行器在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度为vm物体在星球表面附近绕星球做匀速圆周运动时，有 则得 可得=则 vm=7.9km/s1.76km/s 答：飞行器在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的速度为1.76km/s【点评】本题关键是理解第一宇宙速度的含义，根据万有引力提供向心力求解五、（共3小题，满分34分）13一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到p点，t+0.6s时刻，这列波刚好传到q点，波形如图中的虚线所示，a、b、c、p、q是介质中的质点，则以下说法正确的是( )a这列波的波速为16.7m/sb质点a在这段时间内通过的路程一定等于30cmc质点c在这段时间内通过的路程一定等于30cmd从t时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是t+s这个时刻e当t+0.5s时刻，质点b、p的位移相同【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】由题读出pq间的距离xpq，由v=，及t=0.6s求出波速；质点a在这段时间内先向上运动，后向上运动，再向上运动，通过的路程小于30cmc振动了半个周期，通过的路程是两个振幅；写出从t时刻计时，a质点的振动方程，再求解a质点第一回到平衡位置的时间根据时间0.5s与周期的关系，根据波形的平移法分析在t+0.5s时刻质点b、p的位移关系【解答】解：a、由题知，pq间的距离xpq=90m60m=30m，则波速为v=，t=0.6s，代入解得，v=50m/s故a错误b、由图看出，波长=40m，则xpq=，该波的周期t=s=0.8s，波从p传到q的时间为t，在质点a在这段时间内先向上运动，后向上运动，再向上运动，由于质点靠近波峰和波谷时，速度最小，则质点a在这段时间内通过的路程小于3a=30cm故b错误c、波从c传到q点经过了半个周期时间，则质点c在这段时间内通过的路程为2a=20cm故c错误d、从t时刻计时，a质点的振动方程为 y=10sin（t+） cm=10sin（2.5t+），当y=0时，解得：t=，则知：从t时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是t+s这个时刻故d正确e、在t时刻，因波沿x轴正方向传播，所以此时质点p是向上振动的，经0.5秒后，p是正在向下振动（负位移），是经过平衡位置后向下运动0.1秒；而质点b是正在向上振动的（负位移），是到达最低点后向上运动0.1秒，因为0.2秒等于，可见此时两个质点的位移是相同的故e正确故选：de【点评】本题考查对波动图象的理解能力知道两个时刻的波形时，往往应用波形的平移法来理解能根据质