【全程复习方略】高考物理一轮复习 阶段滚动检测(三)教科版.doc

【全程复习方略】2014版高考物理一轮复习 阶段滚动检测(三)（教科版）(90分钟 100分)第卷(选择题 共50分)一、选择题(本大题共10小题,每小题5分,共50分。多选题已在题号后标出,选不全得3分)1.(滚动单独考查)两个宽度相同但长度不同的台球框固定在水平面上，从两个框的长边同时以相同的速度分别发出小球a和b，如图所示。设球与框边碰撞时无机械能损失，不计摩擦，则两球回到最初出发的框边的先后是( )aa球先回到出发框边bb球先回到出发框边c两球同时回到出发框边d因两框长度不明，故无法确定哪一个球先回到出发框边2.(2012重庆高考)冥王星与其附近的另一星体卡戎可视为双星系统,质量比约为71,同时绕它们连线上某点o做匀速圆周运动。由此可知,冥王星绕o点运动的( )a.轨道半径约为卡戎的b.角速度大小约为卡戎的c.线速度大小约为卡戎的7倍d.向心力大小约为卡戎的7倍3.(滚动单独考查)如图所示，质量为m的小物块与水平转台之间的动摩擦因数为，小物块与转轴轴心相距为r，小物块随转台由静止开始转动。当转速缓慢增加到某值时，小物块即将在转台上滑动。假设小物块与水平转台之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。在这一过程中，摩擦力对小物块做的功为( )a0b2mgrc2mgrd. mgr4.如图所示，在q形成的电场中，有a、b、c三点，它们到点电荷的距离为rarba，同一负电荷在电势低处电势能大，故c错误；因uabubc，据wqu知wabwbc，d错误。5.a、c 原子失去电子的过程中，带正电的原子核与带负电的电子分离，克服电场力做功，电势能增大，a正确，b错误；正负离子结合成分子的过程中电场力做正功，电势能减小，反之电势能增大，c正确，d错误。6.c 保持k接通时，电容器两板间电压不变，减小板间距，由e=知，场强增大，a错；在两板间插入介质，c增大，由q=cu知q增大，b错；充电后断开k，q不变，减小两板间距，c增大，由u=知u减小，故c对；插入介质，c增大，由u=知u减小，故d错。7.b、d 将电容器上板或下板移动一小段距离，电容器带电荷量不变，由公式可知，电容器产生的场强不变，以相同速度入射的小球将仍沿原轨迹运动，下板不动时，小球沿原轨迹由下板边缘飞出，b正确，a、c错误；当下板向上移动时，小球可能打在下板的中央，d正确。8.b 因为甲电路是纯电阻电路，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，所以r1=2 ；而乙电路是含电动机电路，欧姆定律不成立，其输出功率p=iu=i(e-ir)，当i= =2 a时，输出功率p有最大值，此时电动机的输出功率为p0=2 w,发热功率为p热=i2r0=4 w，所以电动机的输入功率为p入=p0+p热=6 w，电动机两端的电压为u机= =3 v，电阻r2两端电压为u2=e-u机-ir=3 v，所以r2= =1.5 ,正确选项为b。9.b 甲、乙两保险丝两端所能加的最大电压分别为则两保险丝并联后允许通过的最大电流为i=i乙+ =7.5 a，b正确。10.c 根据电路的串、并联特点，电路a和b只能使消毒用电器在光照和黑暗的情况下电压均超过24 v，均能正常工作，不能在黑暗时停止工作；电路c能使消毒用电器在光照时正常工作，黑暗时停止工作；电路d中消毒用电器在光照和黑暗时均不能正常工作，故c正确。11.【解析】(1)重力的一个分力与小车及纸带受到的摩擦力平衡时，小车匀速运动，纸带相邻点间距相等。(2)恒力做的功就是砂桶重力做的功，需要测砂桶的质量m；计算小车的动能，需测小车的质量m。(3)根据验证牛顿第二定律的实验知道，要保证小车受到的合力与砂和砂桶的总重力大小基本相等，必须使小车的质量远大于砂桶的质量,即mm。答案：(1)纸带上点迹间距相等 (2)小车的质量m、砂桶的质量m (3)小车的质量远大于砂桶的质量12.【解析】(1)错误或不妥的步骤是c、dc步骤：闭合开关前应使小灯泡两端电压为零，即触头应置于滑动变阻器最右端。d步骤：应将各点用平滑的曲线连接起来。(2)正确操作步骤顺序为bcad。答案：(1)c、d (2)bcad13.【解析】(1)小球从e点飞出后做平抛运动，设在e点的速度大小为v，则：4rgt2(1分)svt(1分)解得：vs (1分)(2)设小球在e点时轨道对小球的压力为f，对小球有：fmgm (1分)解得：f(1)mg(1分)由牛顿第三定律得：ff(1)mg(1分)(3)设小球沿轨道运动过程中克服摩擦力做的功为w，则从a点到e点由动能定理得：mghwmg4rmv2(2分)解得：wmgh4mgr (1分)答案：(1)s (2)( -1)mg(3)mgh-4mgr-14.【解析】(1)设s2断开时r1消耗的功率为p1，则p1=( )2r1，(2分)代入数据可以解得r=1 (1分)(2)设s2闭合时r1两端的电压为u，消耗的功率为p2，则p2= ，解得u=84 v(1分)由闭合电路欧姆定律得，e=u+ir，代入数据，得i=26 a(1分)流过r1的电流为i1，流过电动机的电流为i2，i1= =4 a，而i1+i2=i，所以i2=22 a，(1分)由ui2=p出+i22r0，(1分)代入数据得，p出=1 606 w(1分)答案：(1)1 (2)26 a 1 606 w15.【解析】(1)粒子从o到a的运动oy方向：0v0gt,0v022(g)y(1分)ox方向：v0t，v022x(1分)而tan(1分)联立可得45，t。 (1分)(2)据得g (2分)该匀强电场的电场强度e。 (1分)(3)若设o点电势为零，则a点电势为a，在水平方向上只受电场力作用，则电场力做正功，电势能减少，动能增加。由woaq(oa)mv02(2分)得a。(1分)答案：(1) 45 (2) (3)16.【解析】(1)由fkv2得，当船速达到3 m/s时，阻力大小为f1n3.375103 n(2分)风力的功率为p1fv1.51032 w3103 w(2分)故电动机提供的机械功率为p机f1v1p13.3751033 w3103 w7.125103