江苏省泰州市高港实验中学九年级物理上学期12月月考试题（含解析） 新人教版.doc

2015-2016学年江苏省泰州市高港实验中学九年级（上）月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.1如图所示的常用工具中，属于费力杠杆的是（）a羊角锤b镊子c开瓶起子d钳子2如图，是一个两面光滑的斜面，大于，同一个物体分别在ac和bc斜面受拉力以相同的速度匀速运动到c点，分别做功wa、wb，做功功率分别为pa、pb，则（）awa=wb，pa=pbbwa=wb，papbcwawb，papbdwawb，papb3台风是一种破坏力很大的灾害性天气某次台风把市民公园的一棵大树吹倒了，需要两个工人把它扶起，工人们想到了下列图示四种方案，每个人所需拉力最小的方案是（）abcd4在大型游乐场里，李扬乘坐如图所示匀速转动的“摩天轮”，正在向最低点运动，对此过程，下列说法正确的是（）a李扬的重力势能保持不变b李扬的动能保持不变c李扬的机械能守恒d李扬的机械能增加5下列说法中正确的是（）a只要物体吸收了热量，温度就一定升高b只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量c只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热d物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可能增加6如图所示，小明用滑轮组匀速提升一个重为600n的物体，物体上升的速度为0.1m/s，人拉绳的力f为250n，不计绳重和摩擦，下列说法中不正确的是（）a人拉绳做功的功率为75wb滑轮组的机械效率为80%c绳子自由端移动的速度为0.3m/sd动滑轮重为100n7如图所示为汽油机工作时的某冲程示意图，该冲程及能量转化是（）a做功冲程，将内能转化为机械能b压缩冲程，将机械能转化成内能c做功冲程，将机械能转化成内能d压缩冲程，将内能转化为机械能8下列四个电路图中与实物图相对应的是（）abcd9根据欧姆定律公式i=可以导出r=，关于这个公式正确的说法是（）a导体电阻的大小与导体两端电压成正比b导体电阻的大小与它的电流成反比c导体电阻的大小与导体两端电压和通过导体的电流无关d当导体两端电压为零时，导体的电阻也为零10高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（2015苏州一模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变在灯泡l1或l2中有一个灯泡发生了短路故障当开关s闭合时，下列现象不可能出现的是（）a电压表v无示数，灯泡l1不发光b电压表v有示数，灯泡l2不发光c电压表v和电流表a都有示数d电压表v和电流表a都没有示数12如图所示的电路中，电源电压保持不变只闭合开关s，电流表的示数为0.2a，再闭合开关s1，电流表的示数变化了0.3a那么闭合s、s1后，在相同的时间内，电流通过两个电阻所做的功之比是（）a2：3b3：2c5：2d1：2二、填空题（本题共13小题，每空1分，共30分）13用8.5n的水平拉力，使质量为10kg的物体沿水平方向匀速移动10m，则拉力做的功是j，重力做的功是j14如图所示的电路中，电源电压为2v保持不变，电阻r1=5，r2=10当开关s断开时，电流表a1的示数是a；当开关s闭合时，电流表a2的示数是a15小明用照相机每隔相等的时间曝光一次拍下了建筑工地上的起重机起吊货物过程中的照片，甲、乙是吊起同一货物时两个时间段内的频闪照片，如图所示，照片的背景是砖的厚度相同的竖直墙壁，显然两次货物运动的速度v甲v乙，两个时间段内起重机钢绳对货物的拉力f甲f乙，拉力的功率p甲p乙（不计空气阻力）（选填“大于/小于/等于”）16汽油机的飞轮转速是1200r/min则每秒钟该汽油机完成个工作循环，做功次，若每次做功为500j，则汽油机的功率为w17有两个定值电阻，它们分别标有“1.5a，10”和“1a，5”字样，若把它们串联起来使用则电路两端允许加的最大电压为 v，若把它们并联起来使用，则通过电路的最大电流为a18如图所示的电路中，当s闭合后，电压表v1的示数为4v，电压表v2的示数为6v，电流表a的示数为1a，且将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则电源电压为v，r1阻值大小为19质量为0.2kg酒精，完全燃烧时释放出的热量为6106j若实际燃烧0.2kg酒精放出的热量为4106j，则此时酒精的热值为20200g20的冷水与200g70的热水相比较：內能较大的是（选填：冷水/热水）；大多少你能计算吗？（本空若能计算，算出结果；若不能，则说明原因）21现在许多宾馆都利用房卡取电，只有把房卡插入槽中，内的用电器才能使用，房卡的作用相当于电路中的，房间里的电灯、电视、空调等用电器之间是联的，它们正常工作时的电压是v22从如图家用电能表的盘面可知，电能表的示数为，若某个电热水器单独使用时，转盘在300s内转了210转，则热水器消耗的电能是j23如图所示为冬天人们常用的一种电热暖手宝，其内部液体通常 采用水，这是利用水的比较大的属性，使保暖时间更长为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是（选填“串联”或“并联”）起来使用的24如图所示，r为定值电阻，电源电压不变，当滑动变阻器r的滑片向右滑动时，电压表v1的示数；电压表v2的示数； v3的示数电流表a的示数（变大，变小，不变）25如图甲的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，滑片p由b端移到a端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图乙，则可判断电源电压是v，定值电阻r的阻值是三、作图题26如图所示，当人曲臂将重物端起时，人的前臂可以看作一个杠杆请在示意图上画出f1和f2的力臂27在学校传达室安装一个电铃、一个电灯和一个电池组，并在前后门各装一个开关要求：前门来人按下开关电铃响，后门来人按下开关电灯亮请设计一个电路，并按设计连接图中对应的实物图28请在图中根据标出的电流方向，从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填入电路的空缺处填入后要求：（1）闭合开关，小灯泡l1和l2都能发光；（2）小灯泡l1和l2并联连接四、计算29用燃气灶烧水，燃烧0.5kg的煤气，使50kg的水从20升高到70已知水的比热容为4.2103j/（kg），煤气的热值为4.2107j/kg求：（1）0.5kg煤气完全燃烧放出的热量（2）水吸收的热量（3）燃气灶烧水的效率30如图所示，电源电压为6v，灯泡上标有“3.9v，0.3a”的字样，滑动变阻器上标有“50，1.5a”，电压表量程为03v，电流表量程为00.6a，为保护电路，滑动变阻器接入电路的阻值范围（忽略温度对灯丝电阻的影响）五、实验题31为了模拟研究汽车超载和超速带来的安全隐患，小明同学设计了如图甲、乙、丙所示的探究实验将a、b、c三个小球先后从同一装置，高度分别为ha、hb、hc的位置滚下（ma=mbmc，ha=hchb），推动小木块运动一段距离后静止，请你根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行解答：（1）用来研究超速安全隐患时，需要控制保持不变，实验时应选择两个图所示实验进行比较；（2）用来研究超载安全隐患时，应选择两个图所示实验进行比较，通过这个实验分析可得到，安全隐患越大（3）若水平面绝对光滑，则能不能得出实验结论：（能，不能），理由是32用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面的钩码缓缓上升（1）实验中，将杠杆拉至图中虚线位置，测力计的示数f为n，钩码总重g为1.0n，钩码上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.3m，则杠杆的机械效率为%请写出使用该杠杆做额外功的一个原因：（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，一位同学用该实验装置，先后将钩码挂在a、b两点，测量并计算得到如表所示的两组数据：次数钩码悬挂点钩码总重g/n钩码移动距离h/m拉力f/n测力计移动距离s/m机械效率/%1a点1.50.100.70.3071.42b点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，能否得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论？答：（能，不能）请简要说明两条理由：；（3）若仅将钩码从a点改挂到b点，其他因素不变，则杠杆的机械效率将（变大，变小，不变），理由是33某同学在做“比较不同液体吸热能力”的实验时，使用相同的电加热器给液体甲和乙加热液体次数质量m/kg升高的温度t/加热的时间t/min甲10.15120.110230.2104乙40.110150.120260.2204（1）分析第1、4次，第2、5次或第3、6次实验数据，某同学认为：加热相同的时间时，乙升高的温度高一些，这说明乙吸收的热量多一些这位同学的判断是否正确？请说明理由（2）分析第2、3次或第5、6次实验数据，可以得出的初步结论是：同种物质升高相同温度时，物质的越大，吸收的热量就越（选填：“多”或“少”）（3）通过比较第2、4次实验数据可知，液体吸收的热量多少与液体的有关，的吸热能力更强（选填“甲”或“乙”）34现有下列器材：蓄电池（6v），电流表（00.6a，03a）、电压表（03v，015v）、定值电阻（若干）、开关、滑动变阻器和导线，要利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”：（1）实验中多次换用不同阻值的定值电阻，并调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，读出对应于不同阻值的电流表示数，并记于表格中，请你利用表格中的数据，在图1坐标纸上画出导体中的电流随电阻变化的图象次数123456电阻r/30252015105电流i/a0.10.120.150.20.30.6（2）在做完第五次实验后，接下来的操作是：断开开关，将10的定值电阻更换为5的定值电阻，闭合开关后，电压表示数会（选填“变大”、“变小”或“不变”），需将滑动变阻器的滑片向（选填“左”或“右”）移，使电压表示数为v时，读出电流表的示数（3）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器a50 1.0a b50 0.5a c20 1.0a d20 0.5a35给你下列器材：直流电源约6v、一只“0315v”档电压表、一只电阻箱r0（规格为：999.92a）、合适的滑动变阻器r、小灯泡l（额定电压为2.4v，正常发光时的电阻约为10）、灯座、开关s1、单刀双掷开关s2、导线若干按照如图的电路图连接电路，测量灯l正常发光时的电阻操作步骤：（1）电压表的量程应选用档；（2）闭合开关前，先将滑动变阻器的滑片移至最端，将双掷开关s2合在a点，再闭合开关s1，然后调节滑片p，使电压表的示数达2.4v；（3）断开开关s1，接下来的操作是：将电阻箱的阻值先调至值（选填：最大/最小），并将双掷开关s2合在b点上，然后再闭合开关s1，最后调节电阻箱，待电压表仍为2.4v时，读取此时电阻箱接入电路中的电阻值r0；（4）灯泡正常发光时的电阻为（5）该实验设计釆用了的研究方法（6）实验中滑动变阻器的作用为2015-2016学年江苏省泰州市高港实验中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）每小题给出的四个选项中只有一个选项正确.1如图所示的常用工具中，属于费力杠杆的是（）a羊角锤b镊子c开瓶起子d钳子【考点】杠杆的分类【专题】应用题【分析】该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断【解答】解：生活中我们使用羊角锤、开瓶起子、钳子都是为了省力，并且它们在使用过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们属于省力杠杆，不符合题意；镊子在使用时动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费了力但省距离，符合题意故选b【点评】本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系2如图，是一个两面光滑的斜面，大于，同一个物体分别在ac和bc斜面受拉力以相同的速度匀速运动到c点，分别做功wa、wb，做功功率分别为pa、pb，则（）awa=wb，pa=pbbwa=wb，papbcwawb，papbdwawb，papb【考点】功的大小比较；功率大小的比较【专题】功、功率、机械效率【分析】（1）斜面光滑说明摩擦力为0，根据w=gh可知所做功的关系；（2）速度相同，acbc，所以物体沿斜面bc用时较少，根据公式p=可判断拉力所做的功的功率大小【解答】解：（1）斜面光滑说明摩擦力为0，根据w=gh可知所做的功相等；（2）由图可知：acbc，由于速度相同，根据t=可知物体沿bc运动时用时较少，根据公式p=可知，拉力沿bc运动时拉力做功的功率较大，即papb故选b【点评】本题考查斜面的省力情况，物体做功的大小以及做功功率的大小，关键是知道接触面光滑，摩擦力为0，使用任何机械都不省功3台风是一种破坏力很大的灾害性天气某次台风把市民公园的一棵大树吹倒了，需要两个工人把它扶起，工人们想到了下列图示四种方案，每个人所需拉力最小的方案是（）abcd【考点】杠杆的平衡条件；动滑轮及其工作特点【专题】应用题【分析】解答本题选掌握：（1）由题可知，工人是利用杠杆和动滑轮原理将大树扶起（2）当阻力和阻力臂不变，则动力和动力臂成反比，即动力臂越大的越省力（3）同时，将绳子的一端栓在没有被吹倒的树上，工人拉绳子的另一端，利用动滑轮原理工人可以省一半的力【解答】解：杠杆的五要素如图所示：a、由图可知，右边的树其实就是一个动滑轮；则利用动滑轮可以省一半的力；但是，把绳子放到树的底部，则动力臂太短不省力故a不符合题意b、由图可知，右边的树其实就是一个动滑轮；则利用动滑轮可以省一半的力；而且把绳子放到树的上部，动力臂较长，则动力较小；故b符合题意c、由图可知，右边的树其实就是一个定滑轮，则使用时，不会省力；而且，将绳子放到树的底部会更费力；故c不符合题意d、由图可知，右边的树其实就是一个定滑轮；则使用时，不会省力；把绳子放到树的上部，动力臂较长，则动力较小，但是，较b选项，力还是较大的；故d不符合题意故选b【点评】从题目中抽象出杠杆的五要素，再利用杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂结合题意来解题，关键是能判断出阻力和阻力臂不变4在大型游乐场里，李扬乘坐如图所示匀速转动的“摩天轮”，正在向最低点运动，对此过程，下列说法正确的是（）a李扬的重力势能保持不变b李扬的动能保持不变c李扬的机械能守恒d李扬的机械能增加【考点】动能和势能的转化与守恒【专题】机械能及其转化【分析】通过分析李扬在摩天轮上的速度、高度的变化，结合动能、势能的决定因素，以及机械能的定义即可知道李扬的动能、势能、机械能的变化情况【解答】解：a、摩天轮在转动的过程中，李扬的高度不断的发生变化，根据势能的决定因素可知，势能由质量和高度来决定，由于高度的不断变化，导致了李扬的重力势能也在发生变化故a错误b、由于摩天轮是在匀速转动，所以李扬的速度不变，结合动能的决定因素：质量和速度由于在转动过程中，这两个量都没有发生变化，所以李扬的动能保持不变故b正确c、机械能包括动能和势能，李扬所具有的机械能等于他的动能和势能的和，由于其动能不变，而势能随着其高度的变化而变化，所以李扬的机械能也在不断变化，当其上升时，机械能增加，当其下降时，机械能减小故c错误d、当李扬随着摩天轮上升时，其机械能增加，而正在向最低点运动时，其机械能减少，故d错误故选b【点评】分析李扬在随着摩天轮匀速转动过程中其速度和高度的变化情况是解决此题的关键5下列说法中正确的是（）a只要物体吸收了热量，温度就一定升高b只要物体的内能增加了，就一定是吸收了热量c只要物体的温度保持不变，就一定没有吸热也没有放热d物体的温度虽然没有变化，但它的内能有可能增加【考点】温度、热量与内能的关系【专题】应用题【分析】要掌握热量、温度和内能之间的关系知道晶体在熔化过程中或液体在沸腾过程中都需吸热，温度保持不变，但其内能要增加掌握改变物体内能的两种方法：做功和热传递这两种方法在改变物体内能上是等效的【解答】解：a、晶体在熔化过程中吸热，但温度保持不变所以a说法错误，不符合题意b、物体的内能增加，可能是利用做功的方法，所以b说法错误，不符合题意c、物体的温度不变，可能是液体的沸腾过程或晶体的熔化过程所以温度不变，也有可能吸热所以c说法错误，不符合题意d、晶体的熔化过程，吸热温度不变，内能增加，所以d说法正确，符合题意故选d【点评】此题主要考查了温度、热量与内能的关系搞清做功、热传递与内能之间的关系，并要特别注意晶体的熔化及液体沸腾的两种特殊情况6如图所示，小明用滑轮组匀速提升一个重为600n的物体，物体上升的速度为0.1m/s，人拉绳的力f为250n，不计绳重和摩擦，下列说法中不正确的是（）a人拉绳做功的功率为75wb滑轮组的机械效率为80%c绳子自由端移动的速度为0.3m/sd动滑轮重为100n【考点】功率的计算；滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率【专题】功、功率、机械效率【分析】（1）知道物体的匀速上升速度，根据动滑轮的特点，计算绳子末端移动速度；（2）知道拉力大小，根据速度公式、功率公式求人拉绳做功的功率；（3）不计绳重和摩擦，知道物体重和拉力，再利用机械效率的变形公式=求滑轮组的机械效率；（4）已知滑轮组绳子的股数n，因为不计绳重和摩擦，利用公式f=（g+g动）求动滑轮重【解答】（1）由图可以看出绳子的股数n=3，绳子末端移动的速度：v=3v=30.1m/s=0.3m/s，故选项c说法正确，不符合题意；（2）拉力做功功率为：p=fv=250n0.3m/s=75w故选项a说法正确，不符合题意；（3）滑轮组的机械效率为=100%=80%故选项b说法正确，不符合题意；（4）不计绳重和摩擦，设动滑轮重为g动，f=（g+g动）g动=3fg=3250n600n=150n故选项d说法不正确，符合题意故选d【点评】本题综合考查有用功、功率的计算、机械效率的计算即变形公式的应用，利用好v=3v是本题的关键，属于易错题7如图所示为汽油机工作时的某冲程示意图，该冲程及能量转化是（）a做功冲程，将内能转化为机械能b压缩冲程，将机械能转化成内能c做功冲程，将机械能转化成内能d压缩冲程，将内能转化为机械能【考点】内燃机的四个冲程【专题】比热容、热机、热值【分析】解决此题要知道火活塞打火时是汽油机的做功冲程的特点，在做功冲程中的能量转化是内能转化为机械能【解答】解：由图可知，火花塞正在打火，活塞向下运动，所以是做功冲程，在该冲程中的能量转化关系是气体的内能转化为活塞的机械能故选a【点评】此题要结合内燃机的四个冲程特点和冲程中的能量转化关系进行解答8下列四个电路图中与实物图相对应的是（）abcd【考点】根据实物图画电路图【专题】电流和电路【分析】由实物图可知，电流从电源的正极出发，分别流经两个灯泡，经过一个灯泡后，直接回到负极，经过另一个灯泡后，再经过开关，回到负极，两灯并联，开关控制一只灯泡，对各选项逐一分析【解答】解：在a中，两只灯泡串联，不合题意在b中，两只灯泡并联，开关控制一只灯泡，符合题意在c中，两只灯泡并联，开关控制两只灯泡，不合题意在d中，开关闭合后，一只灯泡被短路，不合题意故选b【点评】本题考查根据就实物图画电路图，关键是分析实物图中电路的连接，根据实物图画出对应的电路图，这是本题的重点也是难点9根据欧姆定律公式i=可以导出r=，关于这个公式正确的说法是（）a导体电阻的大小与导体两端电压成正比b导体电阻的大小与它的电流成反比c导体电阻的大小与导体两端电压和通过导体的电流无关d当导体两端电压为零时，导体的电阻也为零【考点】欧姆定律的变形公式【专题】欧姆定律【分析】电阻是导体本身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关，r=这个导出公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值【解答】解：阻值是导体本身所具有的性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，当电压为0时，电阻大小不变；公式r=只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值故选c【点评】本题考查我们对欧姆定律导出公式r=的理解，要注意公式r=只是表示出了三者之间的数值关系，而并非是它们间的正、反比关系10高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（2015苏州一模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变在灯泡l1或l2中有一个灯泡发生了短路故障当开关s闭合时，下列现象不可能出现的是（）a电压表v无示数，灯泡l1不发光b电压表v有示数，灯泡l2不发光c电压表v和电流表a都有示数d电压表v和电流表a都没有示数【考点】电路的三种状态【专题】电流和电路【分析】由图知，两个灯泡串联，电压表测量l1两端电压，电流表测量电路中的电流，假设故障的位置分析仪表指针的偏转情况【解答】解：假设l1短路，则闭合开关后，电压表示数为零，电流表有较大的示数，灯泡l2发光，灯泡l1不发光；假设l2短路，则闭合开关后，电压表示数等于电源电压，电流表有较大的示数，灯泡l1发光，灯泡l2不发光；综合上述分析可知，abc均有可能，d选项是不可能的故选d【点评】本题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分析12如图所示的电路中，电源电压保持不变只闭合开关s，电流表的示数为0.2a，再闭合开关s1，电流表的示数变化了0.3a那么闭合s、s1后，在相同的时间内，电流通过两个电阻所做的功之比是（）a2：3b3：2c5：2d1：2【考点】电功计算公式的应用【专题】电能和电功率【分析】当只闭合开关s时，电路为r1的简单电路，电流表的示数为通过r1的电流；当再闭合开关s1时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知闭合开关s1时通过r1的电流不变，根据并联电路的电流特点可知电流表的变化量即为通过r2的电流，根据并联电路的电压特点和w=uit求出闭合s、s1后，r1与r2的电功之比【解答】解：当只闭合开关s时，电路为r1的简单电路，电流表的示数为通过r1的电流，即i1=0.2a；当再闭合开关s1时，两电阻并联，电流表测干路电流，因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以闭合开关s1时通过r1的电流不变；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过r2的电流等于电流表的变化量，即i2=0.3a；因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以闭合s、s1后，r1与r2的电功之比： =故选a【点评】本题考查了电功公式的应用，关键是根据并联电路的特点判断出再闭合开关s1时电流表示数的变化量即为通过过r2的电流二、填空题（本题共13小题，每空1分，共30分）13用8.5n的水平拉力，使质量为10kg的物体沿水平方向匀速移动10m，则拉力做的功是85j，重力做的功是0j【考点】功的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】判断力是否对物体做功，关键是看物体有没有在力的方向上移动距离，已知拉力和物体水平方向移动的距离，根据公式w=fs可求做的功，物体在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功【解答】解：f=8.5n，s=10m，拉力做的功为：w=fs=8.5n10m=85j，物体在重力方向上没有移动距离，所以重力做功为0j故答案为：85，0【点评】本题考查力对物体做功的必备条件，有力和在力的方向上移动距离，特别是判断重力是否做功是一个易错点14如图所示的电路中，电源电压为2v保持不变，电阻r1=5，r2=10当开关s断开时，电流表a1的示数是0.4a；当开关s闭合时，电流表a2的示数是0.6a【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律【专题】计算题【分析】开关断开时，为r1的基本电路；已知电源电压和r1的阻值，根据欧姆定律即可直接求出电流表a1的示数；开关s闭合时，为并联电路；根据并联电路各支路互不影响得出电流表a1的示数不变；已知电源电压和r2的阻值，根据欧姆定律直接求出通过r2中的电流，然后根据并联电路干路中的电流等于各支路电流之和即可求出电流表a2的示数【解答】解：开关断开时，为r1的基本电路；即通过r1的电流：i=0.4a；开关闭合时，r1和r2并联，通过r2的电流：i2=0.2a，电流表a2的示数：0.2a+0.4a=0.6a故答案为 0.4a，0.6a【点评】正确识别电路是解题的关键，并且能够熟练应用并联电路的电流规律和欧姆定律进行相关计算15小明用照相机每隔相等的时间曝光一次拍下了建筑工地上的起重机起吊货物过程中的照片，甲、乙是吊起同一货物时两个时间段内的频闪照片，如图所示，照片的背景是砖的厚度相同的竖直墙壁，显然两次货物运动的速度v甲小于v乙，两个时间段内起重机钢绳对货物的拉力f甲等于f乙，拉力的功率p甲小于p乙（不计空气阻力）（选填“大于/小于/等于”）【考点】功率的计算；速度公式及其应用【专题】应用题【分析】根据题意甲、乙是匀速吊起同一货物的照片，拉力等于重力，就可得出f甲与f乙的大小；乙的速度大于甲的速度，根据p=fv知道它们的功率的大小【解答】解：从照片看，在同样的时间内乙运动的路程大，所以乙的速度快，即v甲v乙，拉力等于重力，f甲=f乙，拉力做功功率p=fv，p甲p乙故答案为：小于；等于；小于【点评】本题考查了做功和功率的公式的计算，从照片得出速度关系是本题的突破口，利用好“匀速提升时拉力等于重力、p=fv”是本题的关键16汽油机的飞轮转速是1200r/min则每秒钟该汽油机完成10个工作循环，做功10次，若每次做功为500j，则汽油机的功率为5000w【考点】有关热机的计算【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）汽油机的一个工作循环包括四个冲程，燃气推动活塞做功一次，活塞往返两次，飞轮转动两周；（2）根据p=求出其功率【解答】解：（1）飞轮转数1200r/min=20r/s，每秒飞轮转动20转，由于每一个工作循环飞轮转2周汽油机经过10个工作循环，燃气对活塞做功10次；（2）汽油机的功率p=5000w故答案为：10；10；5000【点评】本题考查了学生对内燃机一个工作循环做功次数和飞轮转数、功率的公式了解与掌握，记住四冲程内燃机一个工作循环：燃气推动活塞做功一次、活塞往返两次、飞轮转动两周17有两个定值电阻，它们分别标有“1.5a，10”和“1a，5”字样，若把它们串联起来使用则电路两端允许加的最大电压为15 v，若把它们并联起来使用，则通过电路的最大电流为1.5a【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；欧姆定律【分析】（1）串联电路处处电流相等，为了不损坏电阻，比较两电阻允许通过的最大电流，选其中较小的电流，然后根据串联电阻的串联和欧姆定律求出允许加在电路两端的最大电压；（2）先根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，两电阻并联时两端的电压相等，为了不损坏电阻，电路两端允许的最大电压为两电阻两端允许所加最大电压中较小的电压，利用欧姆定律求出两支路的电流，然后根据并联电路电流特点求出干路上允许的最大电流【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，将两只电阻串联时，电路中的最大电流i=1a，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=可知，允许加在电路两端的最大电压：u=i（r1+r2）=1a（10+5）=15v；（2）两电阻两端允许所加的最大电压分别为：u1=i1r1=2a10=20v，u2=i2r2=1a5=5v，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将两只电阻并联时，电路两端允许所加的最大电压u=5v，此时r2支路的电流i2=1a，通过r1支路的电流i1=0.5a，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电路的最大电流：i=i1+i2=0.5a+1a=1.5a故答案为：15；1.5【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是知道串联时允许通过的最大电流为两个电阻允许通过最大电流中最小的一个，两只电阻并联时电路两端的最大电压为两电阻允许所加最大电压中最小的一个18如图所示的电路中，当s闭合后，电压表v1的示数为4v，电压表v2的示数为6v，电流表a的示数为1a，且将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则电源电压为7v，r1阻值大小为1【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由电路图可知，三电阻串联，电压表v1测r1和r2两端的电压之和，v2测r2和r3两端的电压之和；将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，说明：r2=r3，依据已知条件，利用欧姆定律进行解答【解答】解：由电路图可知，三电阻串联，电压表v1测r1和r2两端的电压之和，v2测r2和r3两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由i=可得：r1+r2=4，r2+r3=6将r2和r3对换位置后，电流表、电压表示数均不变，则r2=r3，r2=r3=3，r1=1，电源的电压：u=ir=i（r1+r2+r3）=1a（1+3+3）=7v故答案为：7；1【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是学生学会灵活分析电路的连接并根据题意得出r2=r319质量为0.2kg酒精，完全燃烧时释放出的热量为6106j若实际燃烧0.2kg酒精放出的热量为4106j，则此时酒精的热值为3107j/kg【考点】燃料的热值【专题】计算题；比热容、热机、热值【分析】知道燃料完全燃烧放出的热量和燃料的质量，根据q放=mq求出燃料的热值；燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关【解答】解：由q放=mq得这种燃料的热值：q=3107j/kg；故答案为：3107j/kg【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式q放=mq的了解和掌握，属于基础性题目20200g20的冷水与200g70的热水相比较：內能较大的是热水（选填：冷水/热水）；大多少你能计算吗？能计算，4.2104j（本空若能计算，算出结果；若不能，则说明原因）【考点】内能的概念【专题】应用题；分子热运动、内能【分析】内能的大小与物体的质量和温度有关，在质量一定时，温度越高，其内能越大知道水的质量、水的比热容、两种水的温差，利用热量公式q=cmt求热水比冷水大的内能【解答】解：内能的大小与物体的质量和温度有关，在质量一定时，温度越高，其内能越大，所以200g20的冷水与200g70的热水相比较內能较大的是热水热水的内能比冷水的多的内能：q=cmt=4.2103j/（kg）0.2kg（7020）=4.2104j故答案为：热水；能计算，4.2104j【点评】此题主要考查了内能与物体温度之间的关系及热量的计算公式，解答此题的关键是知道热量的计算公式21现在许多宾馆都利用房卡取电，只有把房卡插入槽中，内的用电器才能使用，房卡的作用相当于电路中的开关，房间里的电灯、电视、空调等用电器之间是并联的，它们正常工作时的电压是220v【考点】串联电路和并联电路的辨别；电路的组成；家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法【专题】电流和电路；电压和电阻【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；（2）串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响家用电器的额定电压一般为220v【解答】解：（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路干路上的总开关（开关）；（2）房间里各用电器之间工作情况是互不影响，所以各用电器之间是并联，它们正常工作时的电压是220v故答案为：总开关（开关）； 并；220【点评】本题要求掌握开关的作用和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释22从如图家用电能表的盘面可知，电能表的示数为4403.5kwh，若某个电热水器单独使用时，转盘在300s内转了210转，则热水器消耗的电能是2.52105j【考点】电能表参数的理解与电能的求法【专题】计算题；电能和电功率；电与热、生活用电【分析】（1）电能表的读数：单位kwh，最后一位是小数位；（2）3000r/kwh表示的是电路中每消耗1kwh的电能，据此可求电能表的转盘转210r消耗的电能【解答】解：（1）如图，电能表的读数为4403.5kwh；（2）电路中消耗电能：w=kwh=0.07kwh=0.073.6106j=2.52105j故答案为：4403.5kwh；2.52105【点评】本题考查了电能表读数、电能的计算，掌握电能表的读数方法是正确解题的关键23如图所示为冬天人们常用的一种电热暖手宝，其内部液体通常 采用水，这是利用水的比热容比较大的属性，使保暖时间更长为了使用时更加安全，它的内部采用了双重温控保护开关，两个温控开关是串联（选填“串联”或“并联”）起来使用的【考点】水的比热容的特点及应用；串、并联电路的设计【专题】比热容、热机、热值【分析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）为了更安全，电热暖手宝采用双重温控保护开关，只要有一处温度过高就自动切断电路，两个开关应该是串联【解答】解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热暖手宝内部液体通常采用水；（2）电热暖手宝采用双重温控保护开关，两个开关相互影响的，只有同时闭合才行，故应该是串联故答案为：比热容；串联【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，涉及到经常用的电热暖手宝原理和结构的有关问题，便于激发学生探究物理现象的兴趣，体现了新课标的要求，属于中考热点题目24如图所示，r为定值电阻，电源电压不变，当滑动变阻器r的滑片向右滑动时，电压表v1的示数变小；电压表v2的示数变大； v3的示数不变电流表a的示数变小（变大，变小，不变）【考点】电路的动态分析【专题】应用题；比较思想；图析法；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路电流，电压表v1测电阻r两端电压，电压表v2测电阻r两端电压；电压表v3测电源电压；根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，根据串联电路特点判断电路总电阻如何变化；由欧姆定律判断电路电流如何变化；最后根据欧姆定律与串联电路特点判断电压表示数如何变化【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表v1测电阻r两端电压，电压表v2测电阻r两端电压；电压表v3测电源电压；由电路图可知，滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电阻r阻值不变，电路总电阻变大；电源电压不变，所以电压表v3示数不变，电路总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；因为i=，电路电流i变小，电阻r阻值不变，所以由u1=ir1可知，电阻r两端电压变小，电压表v1示数变小，因为u2=uu1，电源电压u不变，所以u1变小，u2变大，电压表v2示数变大故答案为：变小；变大；不变；变小【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题25如图甲的电路中，电源电压保持不变，闭合开关后，滑片p由b端移到a端，电流表示数i与电压表示数u的变化关系如图乙，则可判断电源电压是9v，定值电阻r的阻值是6【考点】欧姆定律的变形公式【专题】电路和欧姆定律【分析】当滑片在a端时，电路中只有定值电阻，此时电流最大，电压表的示数就是电源电压，利用欧姆定律解得定值电阻阻值【解答】解：当变阻器的滑片接在a端时，电路中只有定值电阻，此时电流最大，电压表的示数就是电源电压，即：电源电压：u=9v； i=，定值电阻 r=6故答案为：9；6【点评】本题结合图象考查了欧姆定律及串联电路特点应用，属综合性较高的题目，难点是明白滑片移动过程中电路的变化情况；应用图象解决问题，这是以后学习的重点三、作图题26如图所示，当人曲臂将重物端起时，人的前臂可以看作一个杠杆请在示意图上画出f1和f2的力臂【考点】力臂的画法【专题】作图题【分析】要解决此题，必须掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离【解答】解：从支点o分别向f1和f2做垂线，垂线段的长度分别是两个力的力臂故答案为：【点评】此题主要考查了力臂的画法解决此类题目的关键是搞清力臂的概念，找出支点、力的作用线从而根据概念画出力臂27在学校传达室安装一个电铃、一个电灯和一个电池组，并在前后门各装一个开关要求：前门来人按下开关电铃响，后门来人按下开关电灯亮请设计一个电路，并按设计连接图中对应的实物图【考点】串、并联电路的设计【专题】作图题；设计与制作题【分析】由题意可知，电铃和灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，且前门开关控制电铃、后门开关控制电灯【解答】解：前门开关与电铃串联、后门开关与电灯串联，然后两者并联，如下图所示：【点评】根据题意得出电铃与灯泡的连接方式和开关的位置是解决本题的关键28请在图中根据标出的电流方向，从电池组、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填入电路的空缺处填入后要求：（1）闭合开关，小灯泡l1和l2都能发光；（2）小灯泡l1和l2并联连接【考点】电路图及元件符号【专题】电流和电路【分析】要使灯泡发光则必须有电源；两只灯泡并联说明每个灯泡独立与电源组成通路电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；电压表与被测电路并联，电压表在电路中相当于开路【解答】解：要使灯泡发光，则电路中必须有电源；（1）如果电源在左侧，根据电流方向可知，下端必须为正极；若右端为电流表则灯泡l2短路、灯泡不发光，若右端为电压表则两灯泡串联，不符合题意（2）电源应位于右端，且下端为正极；若左端为电压表则灯泡l1不发光、不符合题意；左端为电流表，两灯泡并联、且都发光，符合题意故答案如下图所示：【点评】此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路四、计算29用燃气灶烧水，