江苏省南京市高三化学期初学情调研试题（含解析）苏教版(1).doc

江苏省南京市2015届高三期初学情调研化学试卷一、选择题1石墨烯是一种由碳原子组成六角形成蜂巢晶格的平面薄膜，其结构模型见右图。下列关于石墨烯的说法正确的是（）a是一种新型化合物 b与石墨互为同位素c晶体中碳原子键全部是碳碳单键 d是一种有发展前途的导电材料【答案】d【解析】试题分析：石墨烯仅含有一种c元素，所以a是一种新型单质，错误；b石墨烯与石墨都是有c元素形成的不同性质的单质，二者互为同素异形体，错误；c在晶体中每一个碳原子形成的化学键有两个和一个碳碳双键，错误；d由于是非金属元素的单质，具有质轻、可以导电的性质，因此是一种有发展前途的导电材料，正确。考点：考查石墨烯的结构、性质、用途的知识。2下列有关化学用语表示正确的是（）a对硝基甲苯的结构简式： bch2f2的电子式： c中子数为16的硫原子： d乙炔的最简式：ch【答案】d【解析】试题分析：a对硝基甲苯的结构简式：,错误。bch2f2的电子式是：;错误；c中子数为16的硫原子：，错误；d乙炔的分子式c2h2，所以最简式是ch，正确。 考点：考查有关化学用语的知识。3常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是（）a1.0 moll1kno3溶液：h+、fe2+、scn、so42b的溶液：k+、ba2+、no3、clcph=0的溶液：al3+、cl、so42、co32dc(clo) = 1.0 moll1的溶液：na+、i、s2、so42【答案】b【解析】试题分析：a no3-、h+、fe2+ scn会发生氧化还原反应而不能大量共存，错误；b，c(h+)c(oh-)=11014,则c(h+)=11012；c(oh-)=1102,溶液显碱性：在该溶液中k+、ba2+、no3、cl不会发生任何反应，可以大量共存，正确；cph=0的溶液是强酸性溶液，在该溶液中co32会发生反应产生气体而不能电离存在，错误；d clo与i、s2会发生氧化还原反应而不能电离共存，错误。考点：考查离子大量共存的知识。4下列关于物质性质与应用的说法正确的是（）a碳具有还原性，高温条件下能将二氧化硅还原为硅b二氧化硫有漂白、杀菌性能，可在食品加工中大量使用c二氧化硅是半导体材料，可将太阳能直接转化为电能d二氧化锰具有较强的的氧化性，可作h2o2分解的氧化剂【答案】a【解析】试题分析：a碳的非金属性比si强，碳单质具有还原性，高温条件下能将二氧化硅还原为硅，正确；b二氧化硫有漂白、杀菌性能，但是由于对人体会产生一定的危害，有毒，所以不可在食品加工中大量使用，错误；c晶体硅是半导体材料，可将太阳能直接转化为电能，错误；d二氧化锰具有较强的的催化性，可作h2o2分解的催化剂，错误。考点：考查物质性质与应用的知识。5从海带中制取单质碘需要经过灼烧、溶解、过滤、氧化、萃取、分液、蒸馏等操作。下列图示 对应的装置合理、操作规范的是a灼烧 b过滤 c分液d蒸馏【答案】c【解析】试题分析a在坩埚中灼烧，错误；b过滤时应该用玻璃棒引流，错误；c由于碘的ccl4溶液的密度比水大，而且与水互不相溶，所以分离互不相溶的两层液体应该用分液的方法，正确；d蒸馏时温度计应该在蒸馏烧瓶的支管口附近，不能伸入到液面一下，错误。考点：考查化学实验基本操作的知识。6设na 为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是（）a标准状况下，2.24 l 水中所含的电子数为na b常温常压下，16 g o3所含的电子数为8nac0.1 mol na2o2 晶体中所含的离子数为0.4na d1 mol fe在氧气中充分燃烧失去的电子数为3na【答案】b【解析】试题分析：a标准状况下，水是液态，不能使用气体摩尔体积，错误；b常温常压下，16 g o3含有的o原子的物质的量是1mol,所以所含的电子数为8na，错误；c0.1 mol na2o2 晶体中所含的离子数为0.3na，错误；d fe在氧气中充分燃烧产物是fe3o4，其中1/3s +2价，2/3是+3价，所以失去的电子数小于3na，错误。考点：考查阿伏加德罗常数的计算的知识。7下列指定反应的离子方程式正确的是a氯化铝溶液中加入过量的氨水：al3+4 nh3h2oalo2+4 nh4+b稀硝酸中加入过量铁粉：fe+4h+no3 = fe3+no+2h2oc二氧化锰与浓盐酸混合加热：mno2+4h+2cl mn2+ cl2+2h2od石灰水中加入过量小苏打溶液：hco3+ca2+ohcaco3+h2o 【答案】c【解析】试题分析：a氯化铝溶液中加入过量的氨水只能形成氢氧化铝沉淀，：al3+3nh3h2oal(oh)3+3 nh4+，错误；b稀硝酸中加入过量铁粉产生fe2+,反应的离子方程式是：3fe+8h+2no3= 3fe2+2no+4h2o，错误；c.符合反应事实，拆写也符合离子方程式拆写原则，正确；d石灰水中加入过量小苏打溶液，要与氢氧化钙为标准，：2hco3+ca2+2ohcaco3+h2o+ co32-，错误。 考点：考查离子方程式书写的正误判断的知识。8下列各组物质之间通过一步就能实现如图所示转化的是物质编号物质转化关系abcdna2ona2o2nanaohal2o3naalo2alal(oh)3fecl2fecl3fecucl2nono2n2hno3ab.cd【答案】b【解析】试题分析：na2o与氧气反应产生na2o2，na与氧气在常温下反应产生na2o，在点燃时反应产生na2o2；na2o2与水发生反应产生naoh，但是naoh不能发生反应产生na2o，错误；al2o3与naoh溶液发生反应产生naalo2，al和氧气反应产生al2o3；al与naoh溶液发生反应产生naalo2，naalo2溶液中加入酸反应产生al(oh)3，al(oh)3受热分解产生al2o3，正确；fecl2与cl2反应产生fecl3，fe与hcl反应产生fecl2,与cl2反应产生fecl3，fecl3溶液中加入cu发生反应产生cucl2，cucl2的溶液中加入fe发生反应产生fecl2，正确；no与o2产生no2，n2与o2在电火花作用下产生no，但是不能产生与no2,错误。考点：考查元素及化合物的性质及相互转化的的知识。9下列图示与对应的叙述相符的是（）a图甲表示向ch3cooh溶液中逐步加入ch3coona固体后，溶液ph的变化b图乙表示向ch3cooh溶液中加水时溶液的导电性变化，则ch3cooh溶液的ph：abc图丙表示催化剂能改变化学反应的焓变d图丁表示等量no2在容积相同的恒容密闭容器中，不同温度下分别发生反应：2no2(g)n2o4(g)，相同时间后测得no2含量的曲线，则该反应的ha,所以ch3cooh溶液的离子浓度ab,所以ph：ab,错误；c图丙表示催化剂能改变化学反应的活化能，但是不能改变反应的焓变，错误；d当反应达到平衡后，升高温度，no2的含量逐渐增加，根据平衡移动原理可知：生成o2的方向是吸热反应，所以反应：2no2(g)n2o4(g)的正反应是放热反应，所以h r(y) r(w) r(q) d元素x、y的最高价氧化物对应的水化物之间能发生反应【答案】c【解析】试题分析：根据题意可推知：q是c；w是o；x是na；y是al；z是s。a由于na、al都是活泼的金属，所以工业上常用电解的方法制备x、y的单质，正确；b元素q和z能形成qz2型的共价化合物cs2,正确；c同一周期的元素，原子序数越大，原子半径就越小，不同周期的元素，原子核外电子层数越多，原子半径就越大，所以原子半径的大小顺序：r(x) r(y) r(q) r(w) ，错误；d元素x的最高价氧化物对应的水化物是强碱，y的最高价氧化物对应的水化物是两性氢氧化物，因此它们之间能发生反应，正确。考点：考查元素的推断及元素与化合物的性质、结构的知识。11下列说法中正确的是（）a常温下，某难溶物的ksp为2.5105b镀铜铁制品镀层受损后，铁制品比受损前更容易生锈cnh3h2o溶液加水稀释后，溶液中的值增大d常温下，ph均为5的盐酸与氯化铵溶液中，水的电离程度相同【答案】b【解析】试题分析：a.应该指明是何种物质的溶度积常数才有意义，错误；b镀铜铁制品镀层受损后，fe、cu及周围的电解质溶液构成原电池，由于金属活动性fecu,所以首先被腐蚀的是fe,因此铁制品比受损前更容易生锈，正确；cnh3h2o溶液加水稀释后，溶液中电离平衡正向移动，c(nh3h2o)、c（nh4+）都减小，但是c(nh3h2o)减小的倍数大于c（nh4+）的值减小，错误；dhcl对水的电离起抑制作用，而氯化铵水解对水的电离起促进作用，所以常温下，ph均为5的盐酸与氯化铵溶液中，水的电离程度不相同，错误。考点：考查物质的溶度积常数、原电池反应原理、弱电解质的稀释及影响水的电离程度的因素的知识。12葛根素具有降血压等作用，其结构简式如下图，下列有关说法正确的是a该物质在一定条件下能发生消去反应、加成反应、取代反应b葛根素的分子式为c21h22o9c该物质一个分子中含有5个手性碳原子d一定条件下1 mol 该物质与h2反应最多能消耗7 mol h2【答案】ac【解析】试题分析：a该物质在分子中含有醇羟基，所以可以发生取代反应，由于醇羟基连接的c原子的邻位c元素上有h原子，所以在一定条件下还能发生消去反应，由于含有苯环、碳碳双键，所以可以发生加成反应，正确；b葛根素的分子式为c21h20o9，错误；c手性碳原子是连接有4个不同的原子或原子团的c原子，根据物质的结构简式可知：在该物质一个分子中含有5个手性碳原子，正确；d该物质的一个分子中含有2个苯环、一个碳碳双键和一个羰基，所以1mol的该物质最多能消耗8mol h2，错误。考点：考查有机物的结构、性质的知识。13下列根据实验操作和现象所得出的结论正确的是选项实验操作实验现象结论a用铂丝蘸取少量某无色溶液进行焰色反应火焰呈黄色该溶液一定是钠盐溶液b向浓度均为0.1 moll1的nacl和nai混合溶液中滴加少量agno3溶液出现黄色沉淀ksp(agcl)ksp(agi)c向溶液x中滴加稀盐酸有气体产生溶液x 中一定含有co32d向含h2so4的淀粉水解液中加入新制的cu(oh)2，煮沸没有砖红色沉淀淀粉未水解【答案】b【解析】试题分析：a.用铂丝蘸取少量某无色溶液进行焰色反应, 火焰呈黄色，则该溶液一定含有钠元素，但是不一定是钠盐溶液，错误；b. 向浓度均为0.1 moll1的nacl和nai混合溶液中滴加少量agno3溶液, 出现黄色沉淀,是因为ksp(agcl)ksp(agi)，所以首先形成溶解度小的物质，正确；c.向溶液x中滴加稀盐酸, 有气体产生,则溶液x 中可能含有co32，也可能含有hco3-、so32或hso3-等，错误；d.向含h2so4的淀粉水解液中加入新制的cu(oh)2，煮沸, 没有砖红色沉淀,是因为催化剂硫酸没有被中和，不能证明淀粉没有水解，错误。考点：考查实验操作和现象与结论的关系的知识。14有人曾建议用ag表示溶液的酸度，ag的定义为：ag=lg，室温下实验室用0.01 moll1的氢氧化钠溶液滴定20 ml相同浓度的醋酸溶液，滴定曲线如右图所示。下列有关叙述正确的是（ ）aa点时加入氢氧化钠溶液体积为20 ml b室温时0.01 moll1的醋酸溶液ph=4coa段溶液中：c(ch3coo) c(ch3cooh)d若b点时加入naoh溶液40 ml，所得溶液中：c(ch3coo)+2 c(ch3cooh) = c(oh) - c(h+)【答案】bd【解析】试题分析：aa点时ag=0，则c(h+)=c(oh-).溶液显中性，由于醋酸是弱酸，二者的浓度相等，所以加入氢氧化钠溶液体积为20 ml，恰好中和，则吃剩的盐水解是溶液显碱性，所以a点时加入氢氧化钠溶液体积小于20 ml，错误；b在开始时溶液的ag=6，c(h+)/c(oh-)=106；c(h+)c(oh-)=10-14；则c(h+)=10-4，所以在室温时0.01 moll1的醋酸溶液ph=4，正确；c由于在a点时溶液显中性，在a之前，溶液呈酸性，在a之后溶液显碱性，所以oa段溶液中是ch3cooh和ch3coona的混合溶液，由于酸的电离作用大于盐的水解作用，所以c(h+)c(oh-)，但是不能比较c(ch3coo)和 c(ch3cooh)大小，因此不能确定c(ch3coo) c(ch3cooh)，错误；d若b点时加入naoh溶液40 ml，则所得溶液是ch3cooh和ch3coona的等物质的量的混合溶液。根据物料守恒可得c(na+)=2 c(ch3coo)+2 c(ch3cooh)；根据电荷守恒可得：c(h+)+ c(na+)=c(ch3coo)+ c(oh) ，第二个式子减去第一个式子，整理可得：c(ch3coo)+2 c(ch3cooh) = c(oh) - c(h+)，正确。考点：考查溶液的酸碱性和离子浓度的大小比较的知识。152so2(g)+o2(g)2so3(g)是工业制硫酸的主要反应之一。一定温度下，在甲、乙、丙、丁四个容器体积均为2 l的恒容密闭容器中投料，其起始物质的量及含硫反应物的平衡转化率如下表所示：甲乙丙丁起始物质的量n(so2)/mol0.4000.800.02n(o2)/mol0.2400.480.04n(so3)/mol00.4000.40含硫反应物的平衡转化率%80123下列判断中，正确的是a乙中so3的平衡转化率为1=20% b平衡时，丙中c(so3)是甲中的2倍c平衡时，320%,错误；b.对于丙由于开始加入的二氧化硫和氧气的物质的量是甲的二倍，增大了反应物的浓度，平衡正向移动，so2的转化率增大，。但是平衡移动的趋势是微弱的，所以平衡时丙中c(so3)比甲中的2倍要小的多，错误；c由于丁中开始加入的各种物质的物质的量分别是：n(so2)=0.02mol；n(o2)=0.04mol；n(so3)=0.4 mol，可以等效转化，认为so3是反应产生的，则其等效开始状态是n(so2)=0.42mol；n(o2)=0.24mol；n(so3)=0 mol，氧气的浓度不变，而增大了so2的浓度。增大反应物的浓度，能够使其它反应物的转化率提高，而其本身的转化率反而降低，所以平衡时，32.341091105 mol/l =2.34104mol/l。即c(ca2+)的范围为2.3410-4mol/mol；（3）cac2o4h2o 可能发生的分解反应是：cac2o4h2ocac2o4h2o,146g cac2o4h2o完全分解产生128g cac2o4, 样品的固体残留率是（128g146g）100%=87.67%，所以在300时残留固体的成分为cac2o4；cac2o4h2ocaco3+co+ h2o, 样品的固体残留率是（100g146g）100%=68.49%， cac2o4h2ocao+co2+co+h2o。(56g146g) 100%=38.36%，所以在900时残留固体的成分为cao；由于在500时固体残留率是87.67%，76.16%68.49%；所以固体中应该含有的cac2o4和caco3。样品中cac2o4h2o的物质的量为n(cac2o4h2o)=36. 50g/146g/ mol=0.25mol；设混合物中cac2o4和caco3的的物质的量分别是xmol和ymol,根据500时固体总质量，可得128x+100y=36. 50g76.16%；根据ca元素守恒，可得x+y=0.25.解放出组可得x=0.1，y=0.15 。m(cac2o4)=0.1mol128g/mol=12.8g；m(caco3)= 0.15mol100g/mol=15.0g。考点：考查温度对物质分解产物成分的影响、溶度积常数的应用、物质化学性质的方程式表示、混合物中各组分含量的计算的知识。17（14分）聚合氯化铝是一种新型净水剂，其中铝的总浓度（用alt表示）包括三类“主要为al3+的单体形态铝总浓度（用ala表示）；主要为alo4al12(oh)24(h2o)127+的中等聚合形态铝总浓度（用alb表示）和al(oh)3胶体形态铝总浓度（用a1c表示）。（1）一定条件下，向1.0 mol/lalcl3溶液中加入0.6 mol/l的naoh溶液，可制得alb含量约为86的聚合氯化铝溶液。写出生成alo4al12(oh)24(h2o)127+的离子方程式：_。（2）用膜蒸馏（简称md）浓缩技术将聚合氯化铝溶液进行浓缩，实验过程中不同浓度聚合氯化铝中铝形态分布（百分数）如下表：alt/（moll1）ala/%alb/%a1c/%0.2081.486.612.00.4892.386.211.50.8842.388.19.61.6133.187.09.92.5204.588.27.3在一定温度下，alt越大，ph（填“越大”、“越小”或“不变”）。如将alt = 2.520 moll1的聚合氯化铝溶液加水稀释，则稀释过程中主要发生反应的离子方程式：。膜蒸馏料液温度对铝聚合形态百分数及铝的总浓度的影响如图201。当t80时，alt显著下降的原因是。（3）真空碳热还原一氧化法可实现由铝土矿制备金属铝，相关反应的热化学方程式如下：al2o3(s)+alcl3(g)+3c(s) = 3alcl(g)+3co(g)h1 = a kjmol13alcl(g) = 2al(l)+ alcl3(g)h2 = b kjmol1则反应al2o3(s)+ 3c(s) = 2al(l)+ +3co(g)h = kjmol1（用含a、b的代数式表示）。反应常压下在1900的高温下才能进行，说明h0（填“”“=”或“；（4）o2+2h2o+4e-=4oh-。【解析】试题分析：(1)根据题意结合原子守恒、电荷守恒可得生成alo4al12(oh)24(h2o)127+的离子方程式：13al3+32oh-+8h2o=alo4al12(oh)24(h2o)127+；（2）在一定温度下，alt越大，ala%越大，alc%越小，所以ph减小；如将alt = 2.520 moll1的聚合氯化铝溶液加水稀释，则稀释过程中主要发生反应的离子方程式：al3+3h2o=al(oh)3(胶体)+3h+；膜蒸馏料液温度对铝聚合形态百分数及铝的总浓度的影响如图所示。当t80时，alt显著下降的原因是温度升高，水解程度加大，产生氢氧化铝沉淀；（3）整理可得al2o3(s)+ 3c(s) = 2al(l)+ +3co(g) h =h1h2 =（a+b）kj/mol；反应常压下在1900的高温下才能进行，说明该反应是吸热反应，h0；（4）在该铝空气电池中活动性强的al作负极，活动性弱的c作正极。由于是在中性介质中，所以发生的是吸氧腐蚀。该电池正极的电极反应式是o2+2h2o+4e-=4oh-。考点：考查物质的存在形式与溶液酸碱性的关系、离子方程式的书写、反应的热效应的判断、原电池反应原理的知识。18（12分）硫铁矿烧渣的主要成分为fe2o3、fe3o4，以及少量sio2、al2o3等。由硫铁矿烧渣制备铁红（fe2o3）的一种工艺流程如下：已知：还原焙烧时，大部分fe2o3、fe3o4转化为feo。几种离子开始沉淀和完全沉淀时的ph如下表所示：离子开始沉淀时的ph完全沉淀时的phfe2+7.69.7fe3+2.73.7al3+3.84.7（1）“酸浸、过滤”步骤中所得滤液中的金属阳离子有（填离子符号）。（2）fe粉除调ph外，另一个作用是；fe粉调节溶液的ph为。（3）“沉淀、过滤”步骤中生成feco3的离子方程式为；所得滤液的主要溶质是（填化学式）。（4）高温条件下，“氧化”步骤中发生反应的化学方程式为。【答案】（1）fe2+、fe3+、al3+；（2）将溶液中fe3+还原为fe2+，便于与al3+分离；5（4.77.6或其之间的任意数值）；（3）fe2+2hco3-=feco3+co2+h2o；(nh4)2so4；（4）feco3+o22fe2o3+4co2【解析】试题分析：在硫铁矿烧渣中含有fe2o3、fe3o4，以及少量sio2、al2o3等，当加入酸时，fe2o3、fe3o4、al2o3发生反应变为fe2+、fe3+、al3+存在于溶液中；而sio2不能溶解在酸中，被过滤除去；（2）由于fe3+、al3+形成沉淀时的溶液的ph接近，不容易分离，所以加入fe粉除调ph外，另一个作用是将溶液中fe3+还原为fe2+，便于与al3+分离；由于al3+沉淀完全的溶液的ph=4.7,而fe2+沉淀完全的溶液的ph=9.7,所以fe粉调节溶液的ph为4.77.6或其之间的任意数值；（3）根据题意在“沉淀、过滤”步骤中生成feco3的离子方程式为fe2+2hco3-=feco3+co2+h2o；由于在过程中加入的是硫酸和nh4hco3,所以所得滤液的主要溶质是(nh4)2so4；（4）高温条件下，feco3 和o2 发生反应产生fe2o3和co2，根据电子守恒和元素的原子个数守恒可得该“氧化”步骤中发生反应的化学方程式为feco3+o22fe2o3+4co2。考点：考查物质的性质、转化、反应条件的控制与选择、方程式的书写的知识。19（15分）溴化钙在医药上用作中枢神经抑制药，实验室用“尿素法”制备溴化钙的主要流程如下：溴化钙的部分溶解度数值如下：温度01020406080100溶解度(g)125132143213278295312（1）6ca(oh)2+6br2 5070 5cabr2+6h2o+ca(bro3)2，每生成1 mol ca(bro3)2转移电子的物质的量为；5070时，尿素co(nh2)2将生成的ca(bro3)2还原为cabr2，尿素被氧化为n2，该反应的化学方程式为。（2）过滤所需的玻璃仪器有玻璃棒、，。（3）加入氢溴酸调ph的作用是。（4）操作i包括、过滤、干燥。（5）“二氧化硫法”制备的氢溴酸粗品中常含有少量的溴和硫酸；请选用所提供的试剂，补充完整检验氢溴酸粗品中是否含有br2相so42的实验方案。限选下列试剂：氯水、淀粉ki溶液、ccl4、bacl2溶液、稀盐酸、植物油。【答案】（1）10mol；2co(nh3)2+ca(bro3)2cabr2+2co2+2n2+4h2o；(2)烧杯、漏斗；（3）除去过量的氢氧化钙；(4)蒸发浓缩、冷却结晶、冰水洗涤(或乙醇洗涤)；（5）取少量的氢溴酸粗产生与试管中，滴加少量植物油，将长滴管插入液面下滴加淀粉ki溶液变为蓝色，说明含有br2；否则不含有br2。另取少量氢溴酸粗产品与试管中，滴加少量稀盐酸，再加入bacl2溶液，若产生白色沉淀，说明含有so42-；否则不含so42-。【解析】试题分析：（1）根据氧化还原反应中元素化合价升降的数目等于反应过程中的电子转移数目可知：每生成1 mol ca(bro3)2转移电子的物质的量为10mol；在5070时，尿素co(nh2)2与ca(bro3)2反应产生cabr2和n2，该反应的化学方程式为2co(nh3)2+ca(bro3)2cabr2+2co2+2n2+4h2o；（2）过滤所需的玻璃仪器有玻璃棒、漏斗、烧杯；（3）加入氢溴酸调ph的作用是除去过量的氢氧化钙，以形成cabr22h2o；（4）从溴化钙的溶液中分离得到晶体的操作i包括蒸发浓缩、冷却结晶、冰水洗涤(或乙醇洗涤)、干燥。（5）“二氧化硫法”制备的氢溴酸粗品中常含有少量的溴和硫酸；检验氢溴酸粗品中是否含有br2相so42的实验方案是取少量的氢溴酸粗产生与试管中，滴加少量植物油，将长滴管插入液面下滴加淀粉ki溶液变为蓝色，说明含有br2；否则不含有br2。另取少量氢溴酸粗产品与试管中，滴加少量稀盐酸，再加入bacl2溶液，若产生白色沉淀，说明含有so42-；否则不含so42-。考点：考查氧化还原反应中的电子转移、混合物的分离操作方法、化学方程式的书写、br2、so42-的检验方法的知识。20实验化学苯亚甲基苯乙酮俗称查尔酮，淡黄色梭状晶体，熔点58，沸点208（3.3kp），易溶于醚、氯仿和苯，微溶于醇。制备原理如下：（1）制备过程中。需在搅拌下滴加苯甲酸，并控制滴加速度使反应温度维持在2530，说明该反应是（填“放热”或“吸热”）反应。如温度过高时，则可采用措施。（2）产品结晶前，可以加入几粒成品的查尔酮，其作用是