【试卷解析】福建省泉州市安溪一中学年高二（下）期中物理试卷 word版含解析.doc

2013-2014学年福建省泉州市安溪一中高二（下）期中物理试卷 一、选择题（本大题共18小题，每小题3分，共54分，每小题只有一个选项正确）1（3分）（2013秋通州区期末）在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用下列叙述符合史实的是（）A开普勒对天体的运行做了多年的研究，最终提出了万有引力定律B奥斯特根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流D楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化考点：开普勒定律；楞次定律版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：解答本题需掌握：开普勒对天体的运行做了多年的研究，建立行星运动定律；牛顿发现了万有引力定律；奥斯特发现了电流的磁效应；安培提出了分子电流假说；法拉第发现了由磁场产生电流的条件和规律，即法拉第电磁感应定律；楞次在分析了许多实验事实后提感应电流应方向的判断办法解答：解：A、开普勒对天体的运行做了多年的研究，建立行星运动定律，牛顿发现了万有引力定律，故A错误；B、奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说，故B错误；C、法拉第在实验中观察到，在通有变化电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流，而非恒定电流，故C错误；D、楞次在分析了许多实验事实后提感应电流应方向的判断办法，即楞次定律，故D正确故选：D点评：本题关键要记住力学和电学的一些常见的物理学史，需要学生平时加强积累2（3分）（2014春安溪县校级期中）照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，可是我们在晚上七八点钟用电高峰时开灯，点灯比深夜时要显得暗些，这是因为此时（）A总电阻比深夜时大，干路电流小，每盏灯分到的电压就小B总电阻比深夜时大，干路电流小，每一支路的电流就小C总电阻比深夜时小，干路电流大，输电线上损失电压大D干路电流一定，支路比深夜多，输电线上损失电压大考点：远距离输电版权所有专题：交流电专题分析：用电高峰时，负载增多，由于各个电灯是并联，总电阻减小，根据电流的变化，判断出输电线上损失电压的变化，从而得出用户获得电压的大小解答：解：晚上七、八点钟用电高峰时开灯，由于负载增多，各个电灯是并联，则总电阻减小，根据欧姆定律，输电线上的电流增大，输电线上损失的电压变大，由于照明供电线路的路端电压基本上是保持不变的，所以用电高峰时用户获得的电压减小，每盏灯两端的电压较低故C正确，A、B、D错误故选：C点评：本题考查的是电路的动态分析，关键抓住不变量以及变化量，运用欧姆定律进行分析3（3分）（2014春安溪县校级期中）关于振动和波动，下列说法错误的是（）A在波的干涉中，振动加强的点位移不一定始终最大B部队过桥不能齐步走而要便步走，是为了避免桥梁发生共振现象C单摆做简谐运动的周期与摆球的质量有关D我们在地球上接收到自遥远星球的光波的波长变长，可以判断该星球正在离我们远去考点：波长、频率和波速的关系版权所有分析：在干涉中，振动加强点的振动方向总是相同，但位移时大时小；当策动频率与固有频率相同时，则振动幅度最大，出现共振现象；单摆做简谐运动的周期与摆球的质量无关，而弹簧振子的振动周期与振子的质量有关；根据多普勒效应，由接收的频率的大小，从而可得波长的长短，从而可确定间距的远近解答：解：A、在波的干涉中，振动加强的点仍在振动，位移作周期性变化，位移不一定始终最大，可能处于波峰，也可能处于波谷，也可能处于平衡位置，故A正确；B、部队过桥不能齐步走而要便步走，防止驱动力频率与固有频率相同，使桥出现共振现象，故B正确；C、单摆做简谐运动的周期公式T=2，与摆长及重力加速度有关，与摆球的质量无关，故C错误；D、在地球上接收到来自遥远星球的光波的波长变长，根据c=f，光速不变，则频率变小，由多普勒效应可知，当频率变小时，则两者间距增大，因此该星球正在距离我们远去，故D正确；本题选错误的，故选：C点评：考查影响单摆的振动周期的因素，掌握共振现象的条件，理解干涉现象中质点振动的位移大小，同时掌握根据多普勒效应来确定间距的变化4（3分）（2014春安溪县校级期中）关于电磁波的特性，下列说法不正确的是（）A红外线遥感是利用了红外线波长较长的特点B一切物体都在不停地辐射红外线，温度越高，辐射越强C验钞机检验钞票真伪是利用紫外线的荧光效应DX射线可深入人的骨骼，杀死病变细胞考点：电磁波谱版权所有分析：红外线是一种不可见光，一切物体都在不停地辐射红外线，温度越高，辐射越强，红外线波长较长；紫外线的荧光效应检验钞票真伪；X射有较强的穿透能力，但不可穿透骨骼解答：解：A、红外线遥感是利用了红外线波长较长的特点，故A正确B、一切物体都在不停地辐射红外线，温度越高，辐射越强，故A正确C、验钞机检验钞票真伪是利用紫外线的荧光效应，故C正确D、X射有较强的穿透能力，但不可穿透骨骼，故D错误本题选错误的，故选：D点评：题考查红外线的性质和特点，包括红外线和紫外线X射线的具体应用也要掌握5（3分）（2014春安溪县校级期中）蝉（知了）是利用蝉的a发出声音；某同学绕蝉歇息的树干走了一圈，听到忽高忽低的蝉鸣声，这是由于声波的b现象a、b组合正确的是（）A蝉的嘴，衍射B蝉的腹部，干涉C蝉的翅膀，共振D蝉的翅膀，叠加考点：波的干涉和衍射现象版权所有分析：根据蝉的腹部两个发音膜的振动发声，获得频率相同的两列波，从而进入叠加，出现干涉现象解答：解：蝉是依靠腹部两个发音膜的振动发声，两者的振动频率、振幅相同，形成相干声源，在周围出现振动加强与减弱的区域故B正确，ACD错误；故选：B点评：考查干涉的条件，知道蝉的发声原理，注意两个频率相同的波，是解题的关键6（3分）（2013未央区校级学业考试）用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程下列属于这类传感器的是（）A红外报警装置B走廊照明灯的声控开关C自动洗衣机中的压力传感装置D电饭煲中控制加热和保温的温控器考点：红外线的热效应和红外线遥控版权所有专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题分析：用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程解答：解：用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程A、红外线报警装置是感应红外线去转换成电学量，从而引起报警而遥控器调换电视机的频道的过程，也发出红外线故A正确；B、走廊照明灯的声控开关，实际是将声波转化成电信号的过程，故B不正确；C、自动洗衣机中的压力传感装置，是将压力转化成电信号的过程，故C不正确；D、电饭煲中控制加热和保温的温控器，是将温度转化成电信号的过程，故D不正确故选：A点评：传感器是将非电学量转换成电学量7（3分）（2012福建）一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图甲所示，此时质点P正沿y轴负方向运动，其振动图象如图乙所示，则该波的传播方向和波速分别是（）A沿x轴负方向，60 m/sB沿x轴正方向，60 m/sC沿x轴负方向，30 m/sD沿x轴正方向，30 m/s考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象版权所有专题：波的多解性分析：由质点P的振动情况，确定波的传播方向，由乙图读出波的周期，再由波速公式求出波速解答：解：由乙图可知：P点下一个时刻位移沿负方向增大，所以P点此时的运动方向向下，得出此波沿x轴负方向传播，由乙图可知：T=0.4s，由甲图可知：=24m，所以v=故选A点评：本题要由质点的振动方向确定波的传播方向，这波的图象中基本问题，方法较多，其中一种方法是“上下坡法”，把波形象看成山坡：顺着波的传播方向，上坡的质点向下，下坡的质点向上8（3分）（2011天津）在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（）At=0.015s时线框的磁通量变化率为零Bt=0.01s时线框平面与中性面重合C线框产生的交变电动势有效值为311VD线框产生的交变电动势频率为100Hz考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；交变电流版权所有专题：计算题；压轴题；恒定电流专题分析：由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值，根据周期和频率的关系可求频率解答：解：A、t=0.015s时，感应电动势最大，由法拉第电磁感应定律E=n可知，磁通量的变化率最大，不是零，故A错误；B、由图2可知t=0.01s时，e=0，说明此时线圈正经过中性面，故B正确；C、由图2可知 T=0.02s，Em=311V根据正弦式交变电流有效值和峰值的关系可得，该交变电流的有效值为，故C错误D、据周期和频率的关系可得，该交变电流的频率为：，故D错误故选：B点评：本题考察的是有关交变电流的产生和特征的基本知识9（3分）（2014春安溪县校级期中）如图所示，一根用绝缘材料制成的轻弹簧，劲度系数为k，一端固定，另一端与质量为m、带电量为+q的小球相连，静止在光滑水平面上当施加水平向右的匀强电场E后，小球开始做简谐运动，关于小球的运动以下说法正确的是（）A小球的速度为零时，弹簧伸长B小球做简谐运动的振幅为C运动过程中小球的机械能守恒D运动过程中，小球与弹簧组成的系统动能改变量、电势能改变量的代数和为零考点：机械能守恒定律；电势能版权所有分析：小球做简谐运动，找出平衡位置，根据简谐运动的对称性和功能关系进行分析讨论解答：解：A、B、小球做简谐运动，经过平衡位置时，有：kA=qE解得：A=，即振幅为小球到达最右端时，根据对称性可知弹簧的形变量为2倍振幅，即x=2A=，所以小球的速度为零时，弹簧伸长，故A错误，B正确；C、由于电场力和弹力对小球做功，则小球的机械能不守恒，故C错误D、小球运动过程中有电场力和弹簧弹力做功，故对于弹簧和小球系统，电势能和弹性势能以及动能总量守恒，故小球动能变化量和弹性势能变化量的代数和为为正值，故D错误；故选：B点评：本题中小球作简谐运动，要根据振幅的定义求解最大位移，正确分析能量是如何转化的，判断出系统的能量守恒，但小球的机械能不守恒10（3分）（2013宝安区模拟）某同学设计了一个电磁冲击钻，其原理示意图如图所示，若发现钻头M突然向右运动，则可能是（）A开关S由断开到闭合的瞬间B开关S由闭合到断开的瞬间C保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向右滑动D保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向右滑动考点：感应电流的产生条件；楞次定律版权所有分析：当穿过闭合回路的磁通量发生变化时，闭合电路中产生感应电流；由楞次定律可知，感应电流磁场总是阻碍原磁通量的变化，安培力总是阻碍磁体间的相对运动解答：解：A、开关S由断开到闭合的瞬间，穿过M的磁通量变大，为阻碍磁通量变大，钻头向右运动，故A正确；B、开关S由闭合到断开的瞬间，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，钻头向左运动，不符合题意，故B错误；C、保持开关S闭合，变阻器滑片P加速向右滑动，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量减小，钻头向左运动，不符合题意，故C错误；D、保持开关S闭合，变阻器滑片P匀速向右滑动，穿过M的磁通量减小，为阻碍磁通量减小，钻头向左运动，不符合题意，故D错误；故选A点评：正确立即楞次定律的含义，熟练应用楞次定律即可正确理解11（3分）（2010资阳一模）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10，其余电阻均不计，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法正确的是（）A当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31 VB当单刀双掷开关与a连接且t=0.01 s时，电流表示数为零C当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的输入功率变大D当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出电压的频率变为25 Hz考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：根据乙图知道输入电压的峰值和周期，从而就知道了副线圈的电压和频率，输入功率等于输出功率解答：解：A、由乙图知输入电压的峰值为311V，所以副线圈两端电压的峰值为31.1V，电压表显示有效值为V，A错误；B、当单刀双掷开关与a连接且t=0.01 s时，输入电压为零，但电流表示的是有效值不为零，B错误；C、当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈两端电压变大，输出功率变大，原线圈的输入功率电压输出功率也变大，C正确；D、由乙图知周期为0.02s，频率为50Hz，变压器不改变频率，D错误；故选C点评：记住变压器的特点：匝数与电压成正比与电流成反比，输入功率等于输出功率12（3分）（2014秋江岸区校级期末）摆长为L的单摆做简谐振动，若从某时刻开始计时，（取作t=0），当振动至时，摆球具有负向最大速度，则单摆的振动图象是图中的（）ABCD考点：单摆周期公式版权所有专题：单摆问题分析：根据单摆的周期，当=时，具有负向最大速度，知摆球经过平衡位置向负方向振动根据这一规律去判断正确的图象解答：解：根据单摆的周期，当=时，摆球具有负向最大速度，知摆球经过平衡位置向负方向振动故C正确，A、B、D错误故选：C点评：解决本题的关键知道单摆的周期公式，以及知道摆球具有负向最大速度，此时摆球经过平衡位置向负方向振动13（3分）（2011钦北区校级模拟）如图所示，P为理想自耦变压器的滑动片，Q为滑动变阻器的滑动触头在输入交变电压一定的条件下，下列说法正确的是（）AQ不动，P向下移动，电流表示数减小，电压表示数增大BQ不动，P向上移动，电流表示数减小，电压表示数减小CP不动，Q向上移动，电流表示数增大，电压表示数不变DP不动，Q向下移动，电流表示数增大，电压表示数不变考点：变压器的构造和原理版权所有专题：交流电专题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据Q的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：A、当Q不动时，滑动变阻器的阻值不变，当P向下移动时，自耦变压器的输出的电压增加，所以电流表示数增加，电压表的示数增加，所以A错误B、当Q不动时，滑动变阻器的阻值不变，当P向上移动时，自耦变压器的输出的电压减小，所以电流表示数减小，电压表的示数减小，所以B正确C、当P不动时，自耦变压器的输出的电压不变，所以电压表的示数不变，当Q向上移动时，滑动变阻器的电阻减小，所以电路的电流增大，电流表示数增大，所以C正确D、当P不动时，自耦变压器的输出的电压不变，所以电压表的示数不变，当Q向下移动时，滑动变阻器的电阻增大，所以电路的电流减小，电流表示数减小，所以D错误故选BC点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法14（3分）（2013秋海曙区校级期末）如图所示，Sl、S2为两个振动情况完全相同的波源，两列波的波长都为，它们在介质中产生干涉现象，Sl、S2在空间中共形成了5个振动加强的区域，如图中实线所示P是振动加强区域中的一点，从图中可看出（）AP点到两波源的距离差等于1.5BS1的传播速度大于S2的传播速度CP点此时刻振动最强，过半个周期后，振动变为最弱D当一列波的波峰传到P点时，另一列波的波峰也一定传到P点考点：波的叠加版权所有专题：振动图像与波动图像专题分析：两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱；当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱解答：解：A、由题意可知，S1、S2在空间共形成5个振动加强的区域，则P点到两波源的距离差等于故A错误；B、S1、S2为振动情况完全相同的波源，则S1的传播速度等于S2的传播速度故B错误；C、若P点此时刻振动最强，过半个周期后，振动仍为最强故C错误；D、因P点是振动加强区，当一列波的波峰传到P点时，另一列波的波峰也一定传到P点，故D正确；故选：D点评：波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰注意振动减弱区的条件：路程差是半个波长的奇数倍15（3分）（2014常州自主招生）如图所示，电路中A，B是两个完全相同的灯泡，L是一个自感系数很大，电阻可忽略的自感线圈，C是电容很大的电容器当S闭合与断开时，A、B灯泡的发光情况是（）AS刚闭合后，A亮一下又逐渐变暗，B逐渐变亮BS刚闭合后，B亮一下又逐渐变暗，A逐渐变亮CS闭合足够长时间后，A和B都一样亮DS闭合足够长时间后再断开，B立即熄灭，而A逐渐熄灭考点：自感现象和自感系数版权所有分析：电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小电容器在电路中电流变化时，也会发生充电和放电现象，此时可理解为有电流通过了电容器解答：解：A、B、S刚闭合后，电容器C要通过A充电，并且充电电流越来越小，故A亮一下又逐渐变暗，最后A被L短路，所以A最后会熄灭而L对电流变化有阻碍作用，所以通过B的电流逐渐增大，故B逐渐变亮故A正确，B错误；C、S闭合足够长时间后，C中无电流，相当于断路，L相当于短路，所以B很亮，而A不亮，故C错误；D、当S闭合足够长时间后再断开，L这产生自感电动势，A逐渐熄灭，而电容器要对B放电，故B也要逐渐熄灭，故D错误故选：A点评：解决本题的关键知道电感器对电流的变化有阻碍作用，当电流增大时，会阻碍电流的增大，当电流减小时，会阻碍其减小，注意电容器也要放电16（3分）（2011秋东城区期末）如图所示，两根足够长的光滑金属导轨MN、PQ平行放置，导轨平面的倾角为，导轨的下端接有电阻当空间没有磁场时，使ab以平行导轨平面的初速度v0冲上导轨平面，ab上升的最大高度为H；当空间存在垂直导轨平面的匀强磁场时，再次使ab以相同的初速度从同一位置冲上导轨平面，ab上升的最大高度为h两次运动中导体棒ab始终与两导轨垂直且接触良好关于上述情景，下列说法中正确的是（）A两次上升的最大高度比较，有H=hB两次上升的最大高度比较，有HhC有磁场时，ab上升过程的最大加速度为gsinD有磁场时，ab上升过程的最小加速度为gsin考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；电磁感应中的能量转化版权所有专题：电磁感应中的力学问题分析：根据能量守恒判断H与h的大小关系根据牛顿第二定律，比较在有磁场时与无磁场时所受的合力大小，从而得出加速度解答：解：A、无磁场时，根据能量守恒得，动能全部转化为重力势能有磁场时，动能一部分转化为重力势能，还有一部分转化为整个回路的内能动能相同，则有磁场时的重力势能小于无磁场时的重力势能，所以hH故A、B错误 C、有磁场时，导体棒上升时受重力、支持力、沿斜面向下的安培力，所以所受的合力大于mgsin，根据牛顿第二定律，知加速度a大于gsin所以ab上升过程的最小加速度为gsin故C错误，D正确故选D点评：解决本题的关键会运用能量守恒定律比较两种情况下重力势能的大小，从而得出高度的大小关系，以及会通过牛顿第二定律比较加速度的大小17（3分）（2014春安溪县校级期中）一列简谐波在x轴上传播，图中实线波形与虚线波形对应的时刻分别是t1=0，t2=0.05s则下列说法不正确的是（）A若波向右传播，波速40（4n+1）m/s，（n=0、1、2）B若波向左传播，波速40（4n+3）m/s，（n=0、1、2）C若波速的大小是280m/s，波速的方向波沿x轴负方向传播D若波速的大小是280m/s，波速的方向波沿x轴正方向传播考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象版权所有分析：根据波形的平移法，结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系式，再由v=求解波速通项；当波速为280m/s时，求出t=0.05s时间内波的传播距离，根据波形的平移法确定波传播方向解答：解：A、B、若波向右传播，由图象知在t=t2t1内波向右传播的距离为：x1=+n，（n=0，1，2，）则波速为：v1=代入=8 m，t=0.05s得：v1=40（4n+1）m/s（n=0，1，2，）若波向左传播，由图象知在t内，波向左传播的距离为：x2=+n（n=0，1，2，）波速为：v2=40（4n+3）m/s，（n=0，1，2，）故AB正确C、D、已知波速v=280m/s，故在t内波传播的距离为：x=vt=（2800.05）m=14m将x与相比，得x=1，根据波形的平移法可知波沿x方向传播故C正确，D错误本题选错误的，故选：D点评：本题关键要抓住波的周期性和双向性，根据波形的平移法确定波传播距离与波长的关系，再求解波速的通项，而不是特殊值18（3分）（2013秋河南期末）如图所示，在0x2L的区域内存在着匀强磁场，磁场的方向垂直于x0y平面向里，具有一定电阻的矩形线框abcd位于x0y平面内，线框的ab边与y轴重合，bc边与x轴重合，bc边长为L令线框从t=0时刻由静止开始沿x轴正方向做匀加速直线运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正方向）随时间t变化的函数图象可能是下列图中的（）ABCD考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：先根据楞次定律分析感应电流的方向再根据E=BLv和I=求出感应电流与时间的关系式分三段研究：线框进入磁场、完全进入磁场、穿出磁场解答：解：分三段研究：线框进入磁场的过程：磁通量增加，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为逆时针方向，电流为正值；感应电流大小I=t，则知，I与t成正比；设此过程所用时间为t0，则有L=at02，得t0=（a是线框的加速度）线框完全进入磁场的过程中，穿过线框的磁通量不变，没有感应电流产生根据运动学规律知，此过程所用时间为（1）t0=0.4t0；线框穿出磁场的过程：磁通量减小，根据楞次定律分析可知，感应电流的方向为顺时针方向，电流为负值；感应电流大小I=t此过程所用时间为（）t0=0.32t0；根据数学知识分析得知，C正确故选：C点评：本题根据楞次定律判断出感应电流的方向，确定出电流的正负，根据E=BLv和欧姆定律得到电流的表达式，再选择图象，是常用的方法和思路二、实验题（本题（1）题3分，（2）题4分，（3）题3分，共10分）19（10分）（2012海淀区校级模拟）某同学利用如图1所示的装置测量当地的重力加速度实验步骤如下：A按装置图安装好实验装置；B用游标卡尺测量小球的直径d；C用米尺测量悬线的长度l；D让小球在竖直平面内小角度摆动当小球经过最低点时开始计时，并计数为0，此后小球每经过最低点一次，依次计数1、2、3当数到20时，停止计时，测得时间为t；E多次改变悬线长度，对应每个悬线长度，都重复实验步骤C、D；F计算出每个悬线长度对应的t 2；G以t 2 为纵坐标、l为横坐标，作出t 2l图线结合上述实验，完成下列任务：用游标为10分度（测量值可准确到0.1mm）的卡尺测量小球的直径某次测量的示数如图2所示，读出小球直径d的值为1.52cm该同学根据实验数据，利用计算机作出t 2l图线如图3所示根据图线拟合得到方程t 2=404. 0l+3.5由此可以得出当地的重力加速度g=9.76m/s2（取 2=9.86，结果保留3位有效数字）从理论上分析图线没有过坐标原点的原因，下列分析正确的是A不应在小球经过最低点时开始计时，应该在小球运动到最高点开始计时；B开始计时后，不应记录小球经过最低点的次数，而应记录小球做全振动的次数；C不应作t 2l图线，而应作tl图线；D不应作t 2l图线，而应作t 2（l+d）图线考点：用单摆测定重力加速度版权所有专题：实验题；单摆问题分析：游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数根据单摆周期公式求出t2l函数关系式，然后求出重力加速度单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，以摆线长度作为摆长，则摆长偏小解答：解：由图示游标卡尺可知，主尺示数是1.5cm，游标尺示数是20.1mm=0.2mm=0.02cm，游标卡尺示数即小球的直径d=1.5cm+0.02cm=1.52cm；由题意知，单摆的周期T=，由单摆周期公式T=2可得：t2=l，由图象得到的方程为：t2=404.0l+3.5，则=404.0，g=9.76m/s2；单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，把摆线长度作为单摆摆长，摆长小于实际摆长，t2l图象不过原点，在纵轴上截距不为零，故D正确，故选D；故答案为：1.52；9.76；D点评：游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，对游标卡尺读数时，要确定游标尺的精度，游标尺是10分度的，精度为0.1mm，游标尺是20分度的，精度是0.05mm，游标尺是50分度的，精度为0，02mm三、计算题（本大题共3小题，20题10分，21题12分、22题14分，共36分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而仅通过纯数值运算得出的结果，不给分）20（10分）（2014春安溪县校级期中）某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线总电阻是6（1）若采用400V输电，求输电线路损耗的功率（2）若改用4000V高压输电，用户端利用n1：n2=20：1的变压器降压，求用户得到的电压考点：远距离输电版权所有专题：交流电专题分析：（1）根据P=UI得出输送电流的大小，结合求出损耗的功率（2）根据输送电压得出输送电流，从而得出输电线上的电压损失，根据电压关系得出降压变压器的输入电压，通过电压之比等于匝数之比求出用户得到的电压解答：解：（1）输电线上的电流I=50A输电线路损耗的功率为=5026W=15000W （2）改用高压输电后，输电线上的电流=5A 输电线上损失的电压U=IR=56V=30V用户端在变压器降压前获得的电压为U1=UU=400030V=3970V 根据，用户得到的电压为U2=198.5V答：（1）输电线路损耗的功率为15000W（2）用户得到的电压为198.5V点评：解决本题的关键知道输送功率、输送电压和电流的关系，以及知道输出电压等于电压损失与降压变压器输入电压之和21（12分）（2012河北模拟）如图为一列简谐波在t1=0时刻的图象此时波中质点M的运动方向沿y负方向，且到t2=0.55s质点M恰好第3次到达y正方向最大位移处试求：（1）此波向什么方向传播？（2）波速是多大？（3）从t1=0至t3=1.2s，波中质点N走过的路程和相对于平衡位置的位移分别是多少？考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象版权所有专题：波的多解性分析：（1）质点M的运动方向沿y负方向，根据波形的平移法判断波的传播方向（2）图中M质点向下运动，经过2T恰好第3次到达y正方向最大位移处，则可求出周期读出波长，即可求得波速（3）从t1=0至t3=1.2s，经过时间为t=1.2s，根据时间与周期的关系，根据质点在一