陕西省咸阳市兴平市高三物理上学期第一次质检试卷（含解析）.doc

2015-2016学年陕西省咸阳市兴平市高三（上）第一次质检物理试卷一、选择题（本题包括12小题每小题给出的四个选项中，只有一个选顶正确，其中第6题和第12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1在国际单位制（简称si）中，力学和电学的基本单位有：m（米）、kg（千克）、s（秒）、a（安培）导出单位wb（韦伯）用上述基本单位可表示为（）am2kgs4a1bm2kgs3a1cm2kgs2a1dm2kgs1a12如图，质量mamb的两物体a、b叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体b的受力示意图是（）abcd3a、b两物体相距7m，a在水平拉力和摩擦阻力作用下以 va=4m/s的速度向右作匀速度直线运动； b此时的速度 vb=10m/s，在摩擦阻力作用下作匀减速运动，加速度大小为 2m/s2，则从如图所示位置开始，a追上b 的时间为（）a6sb7sc8sd10s4如图，在固定斜面上的一物块受到一外力f的作用，f平行于斜面向上，若物块质量为6千克，斜面倾角为37，动摩擦因数为0.5，物块在斜面上保持静止，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6，则f的可能值为（）a10nb20nc0nd62n5如图所示，在倾角为30的斜面上端系有一劲度系数为20n/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2千克的小球，球被一垂直于斜面的挡板a挡住，此时弹簧没有形变若挡板a以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动，则（）a小球向下运动0.4m时速度最大b小球向下运动0.1m时与挡板分离c小球速度最大时与挡板分离d小球从一开始就与挡板分离6如图所示，长度l=10m的水平传送带以速率v0=4m/s沿顺时针方向运行，质量m=1kg的小物块（可视为质点）以v1=6m/s的初速度从右端滑上传送带已知物块与传送带之间的动摩擦因数=0.4，重力加速度g=10m/s2，则物块（）a相对地面向左运动的最大距离为4.5mb相对地面向左运动的最大距离为10.5mc从滑上传送带到滑下传送带所用的时间2.5 sd从滑上传送带到滑下传送带所用的时间3.125 s7如图所示，一遵循胡克定律的弹性轻绳，其一端o固定在天花板上，另一端c与静止在水平地面上的滑块a相连b为紧挨绳的一固定不动且与竖直面垂直的光滑小钉，它到天花板的距离bo等于弹性绳的自然长度当绳oc处于竖直位置时，滑块a对地面有压力作用现用一水平力f作用于a，使之在地面上向右做匀速直线运动，且在运动过程中绳一直处于弹性限度内若滑块a与水平地面间有摩擦，且动摩擦因数恒定，那么关于滑块a所受拉力f与物块位移的图象正确的是（）abcd8质量m=4kg的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点o，先用沿+x轴方向的力f1=2n作用了4s，然后撤去f1；再用沿+y轴方向的力f2=24n作用了1s，则质点在这3s内的轨迹为（）abcd9小物块位于光滑的斜面上，斜面位于光滑的水平地面上从地面上看，在小物块沿斜面下滑的过程中，斜面对小物块的作用力（）a垂直于接触面，做功为零b垂直于接触面，做功不为零c不垂直于接触面，做功为零d不垂直于接触面，做功不为零102013年6月13日，“神舟十号”与“天空一号”成功实施手控交会对接，下列关于“神舟十号”与“天空一号”的分析错误的是（）a“天空一号”的发射速度应介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间b对接前，“神舟十号”欲追上“天空一号”，必须在同一轨道上点火加速c对接前，“神舟十号”欲追上同一轨道上的“天空一号”，必须先点火减速再加速d对接后，组合体的速度小于第一宇宙速度11如图所示，一块橡皮用细线悬挂于o点，用钉子靠着线的左侧，沿与水平方向成30的斜面向右以速度v匀速运动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（）a大小为v，方向不变和水平方向成60b大小为v，方向不变和水平方向成60c大小为2v，方向不变和水平方向成60d大小和方向都会改变12如图所示，有一固定的且内壁光滑的半球面，球心为o，最低点为c，在其内壁上有两个质量相同的小球（可视为质点）a和b，在两个高度不同的水平面内做匀速圆周运动，a球的轨迹平面高于b球的轨迹平面，a、b两球与o点的连线与竖直线oc间的夹角分别为=53和=37，以最低点c所在的水平面为重力势能的参考平面，则（；）（）aa、b两球所受支持力的大小之比为4：3ba、b两球运动的周期之比为4：3ca、b两球的动能之比为16：9da、b两球的机械能之比为112：51二、非选择题部分共5题，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13（12分）（2015秋兴平市月考）（1）如图甲所示，万能角度尺是利用游标读数原理来直接测量工件角度或进行划线的一种角度量具它有一个可转动的圆盘（即主尺），在圆盘的边缘标有表示圆心角的刻度，在圆盘的外侧有一个固定不动的圆弧状的游标尺如图乙所示，主尺上29对应的弧长与游标尺上30格对应的弧长相等图乙中万能角度尺所测量的角度为（2）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，某小组同学实验时先正确平衡摩擦力，并利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，改变钩码的个数，确定加速度与细线上拉力f的关系（1）下列图象中能表示该同学实验结果的是（2）某次实验中打出如图丁所示的纸带（打点计时器电源的频率为50hz），则这个加速度值a=m/s214如图所示，一根轻绳上端固定在 o 点，下端拴一个重为 g 的钢球 a，球处于静止状态现对球施加一个方向水平向右的外力 f，使球缓慢地偏移，在移动过程中的每一时刻，都可以认为球处于平衡状态，外力f方向始终水平向右，最大值为2g试分析：（1）在直角坐标系中画出描述上述物理过程的张力t与偏角的（）的关系图象（2）由图示位置撒去外力f（轻绳与竖直方向夹角为）无初速释放小球，求当小球通过最低点时的速度大小及轻绳对小球的拉力不计空气阻力，轻绳长设为l152012年12月28日，武汉地铁2号线正式通车已知相距4000m的甲乙两站之间的线路为直线，在调试运行时，列车出站加速和进站减速的加速度大小均为1m/s2，中途保持匀速运行列车从甲站由静止出发到乙站停止正好用时4min某次调试时，列车从甲站出发比原定的出发时间晚了20s，但仍保持与原来相同的加速度出站和进站，要使列车仍然准点到达乙站，求此次列车出站加速的时间应为多少？16（12分）（2015秋兴平市月考）如图所示，水平传送装置由半径为r=m的主动轮o1和从动轮o2及平传送带等构成，两轮轴心相距l=8m，轮与传送带不打滑，现用此装置运送一袋面粉，已知这袋面粉与传送带的滑动摩擦因素为=0.4，这袋面粉中的面粉可不断地从袋中渗出（1）要想尽快将这袋面粉由a端送到b端（设这袋面粉初速度为零），传送带的速度至少应为多大？（2）由于面粉的渗漏，在运送这代面粉的过程中会在深色传送带上留下白色的面粉痕迹，这袋面粉在传送带上留下的痕迹最长能有多长（设这袋面粉初速度仍为零）？传送带的速度至少应为多大？17（12分）（2014天山区校级模拟）如图所示，mpq为竖直面内一固定轨道，mp是半径为r的光滑圆弧轨道，它与水平轨道pq相切于p，q端固定一竖直挡板，pq长为s一小物块在m端由静止开始沿轨道下滑，与挡板发生一次弹性碰撞后停在距q点为l的地方，重力加速度为g求：（1）物块滑至圆弧轨道p点时对轨道压力的大小；（2）物块与pq段动摩擦因数的可能值2015-2016学年陕西省咸阳市兴平市高三（上）第一次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题每小题给出的四个选项中，只有一个选顶正确，其中第6题和第12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1在国际单位制（简称si）中，力学和电学的基本单位有：m（米）、kg（千克）、s（秒）、a（安培）导出单位wb（韦伯）用上述基本单位可表示为（）am2kgs4a1bm2kgs3a1cm2kgs2a1dm2kgs1a1【考点】力学单位制【专题】常规题型【分析】根据=bs，b=，f=ma得出磁通量的单位【解答】解：根据f=ma得：1n=kgms2，根据b=得：1t=kgs2a1，根据=bs得1wb=m2kgs2a1故选：c【点评】物理量的关系对应着物理量单位的关系，本题关键得出电压的表达式，从而得出其单位2如图，质量mamb的两物体a、b叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体b的受力示意图是（）abcd【考点】力的合成与分解的运用【专题】压轴题；受力分析方法专题【分析】先对整体结合运动情况受力分析，得到只受重力，加速度为g，即做自由落体运动，然后对b结合运动情况受力分析，得到受力情况【解答】解：a与b整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故a、b间无弹力，再对物体b受力分析，只受重力；故选a【点评】本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故a与b间无弹力，最后再对b受力分析，得到其只受重力3a、b两物体相距7m，a在水平拉力和摩擦阻力作用下以 va=4m/s的速度向右作匀速度直线运动； b此时的速度 vb=10m/s，在摩擦阻力作用下作匀减速运动，加速度大小为 2m/s2，则从如图所示位置开始，a追上b 的时间为（）a6sb7sc8sd10s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；加速度【专题】直线运动规律专题【分析】假设经过时间t，物块a追上物体b，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可【解答】解：物体a做匀速直线运动，位移为：xa=vat=4t物体b做匀减速直线运动，减速过程的位移为：xb=vbt+=10tt2设速度减为零的时间为t1，有在t1=5s的时间内，物体b的位移为xb1=25m，物体a的位移为xa1=20m，由于xb1+sxa1，故物体a未追上物体b；5s后，物体b静止不动，故物体a追上物体b的总时间故c正确，a、b、d错误故选：c【点评】本题是追及问题，特别要注意物体b做匀减速运动，要分清是减速过程追上还是静止后被追上4如图，在固定斜面上的一物块受到一外力f的作用，f平行于斜面向上，若物块质量为6千克，斜面倾角为37，动摩擦因数为0.5，物块在斜面上保持静止，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，cos37=0.8，sin37=0.6，则f的可能值为（）a10nb20nc0nd62n【考点】共点力平衡的条件及其应用【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析，受重力、支持力、拉力，静摩擦力，物体不动，在平行斜面方向运用平衡条件求解外力范围，看是否符合实际【解答】解：当物体受到的摩擦力沿斜面向上时，由共点力平衡可知：mgsin37mgcos37f=0解得：f=mgsin37mgcos37=6100.60.56100.8n=12n当物体受到的摩擦力沿斜面向下时，由共点力平衡可知：mgsin37+mgcos37f=0解得：f=mgsin37+mgcos37=6100.6+0.56100.8n=60n故施加的外力f范围为12nf60n，故b合适故选：b【点评】本题关键是物体静止不动，然后根据平衡条件求解出可能的外力的取值范围，判断是否符合实际，不难5如图所示，在倾角为30的斜面上端系有一劲度系数为20n/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2千克的小球，球被一垂直于斜面的挡板a挡住，此时弹簧没有形变若挡板a以4m/s2的加速度沿斜面向下匀加速运动，则（）a小球向下运动0.4m时速度最大b小球向下运动0.1m时与挡板分离c小球速度最大时与挡板分离d小球从一开始就与挡板分离【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对球受力分析可知，当球受力平衡时，速度最大，此时弹簧的弹力与物体重力沿斜面的分力相等，由胡克定律和平衡条件即可求得小球向下运动的路程从开始运动到小球与挡板分离的过程中，挡板a始终以加速度a=4m/s2匀加速运动，小球与挡板刚分离时，相互间的弹力为零，由牛顿第二定律和胡克定律结合求得小球的位移【解答】解：a、球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零即 kxm=mgsin30，解得：xm=由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.5m故a错误设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力fn，沿斜面向上的挡板支持力f1和弹簧弹力f根据牛顿第二定律有：mgsin30kxf1=ma，保持a不变，随着x的增大，f1减小，当m与挡板分离时，f1减小到零，则有：mgsin30kx=ma，解得：x=m=0.1m，即小球向下运动0.1m时与挡板分离故b正确c、因为速度最大时，运动的位移为0.5m，而小球运动0.1m与挡板已经分离故c、d错误故选：b【点评】解决本题的关键抓住临界状态：1、当加速度为零时，速度最大；2、当挡板与小球的弹力为零时，小球与挡板将分离结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解6如图所示，长度l=10m的水平传送带以速率v0=4m/s沿顺时针方向运行，质量m=1kg的小物块（可视为质点）以v1=6m/s的初速度从右端滑上传送带已知物块与传送带之间的动摩擦因数=0.4，重力加速度g=10m/s2，则物块（）a相对地面向左运动的最大距离为4.5mb相对地面向左运动的最大距离为10.5mc从滑上传送带到滑下传送带所用的时间2.5 sd从滑上传送带到滑下传送带所用的时间3.125 s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】由牛顿第二定律求出物块的加速度，由速度位移公式求出物体相对地面速度变为零时的位移，然后分析物块的运动过程，然后由匀变速运动的速度公式求出物块的运动时间【解答】解：a、物块滑上传送带时，受到向右的滑动摩擦力，向左做匀减速运动，由牛顿第二定律得：mg=ma，加速度：a=g=0.410=4m/s2，由匀变速运动的速度位移公式可得，物块速度变为零时的位移：s=4.5m，故a正确，b错误；c、物块速度变为零时所用的时间：t=1.5s，4.5m10m，即物块没从传送带左边滑下，则物块到达相对地面的最左端后向右做匀加速直线运动，同样a=g=0.410=4m/s2，加速度到4m/s后变为匀速，加速阶段经历的时间为：t=1s；加速阶段发生的位移为： =2m；之后的4.5m2m=2.5m做匀速直线运动：t=0.625s则所用总时间：t总=t+t+t=1.5+1+0.625=3.125s故d正确，c错误；故选：ad【点评】本题考查了求物块的位移、运动时间问题，分析清楚物体的运动过程是本题正确解题的关键，分析清楚物体的运动过程、应用牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题7如图所示，一遵循胡克定律的弹性轻绳，其一端o固定在天花板上，另一端c与静止在水平地面上的滑块a相连b为紧挨绳的一固定不动且与竖直面垂直的光滑小钉，它到天花板的距离bo等于弹性绳的自然长度当绳oc处于竖直位置时，滑块a对地面有压力作用现用一水平力f作用于a，使之在地面上向右做匀速直线运动，且在运动过程中绳一直处于弹性限度内若滑块a与水平地面间有摩擦，且动摩擦因数恒定，那么关于滑块a所受拉力f与物块位移的图象正确的是（）abcd【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】定性思想；合成分解法；共点力作用下物体平衡专题【分析】对a物体进行受力分析，因为a做缓慢直线运动，每一个位置都可以看成平衡状态，运用正交分解法求出拉力的大小的表达式，从而选择fs图象【解答】解：设开始时bc的长度为l，则开始时刻绳子对a的拉力：t=kl；a对地面的压力n=mgkl；设某一时刻绳子与竖直方向的夹角为，则绳子的弹力为t=k；其向上分力fy=fcos=kl，故物体对地面的压力为n=mgkl，保持不变，因f=n，故摩擦力也保持不变，水平拉力f=f+tsin=f+ttan，根据几何关系得：tan=，则f=f+ks，所以fs图象是一条倾斜的直线，在f轴上有截距，不过原点，故d正确故选：d【点评】解题的关键是对滑块在a点和任意位置受力分析，根据竖直方向上和水平方向合力为零即可求解，难度适中8质量m=4kg的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点o，先用沿+x轴方向的力f1=2n作用了4s，然后撤去f1；再用沿+y轴方向的力f2=24n作用了1s，则质点在这3s内的轨迹为（）abcd【考点】匀变速直线运动的图像【专题】直线运动规律专题【分析】质点前2s内在f1的作用下沿x轴正方向做匀加速直线运动，接下来的1s内质点参与了两个方向的运动：x轴正方向的匀速直线运动，y轴正方向的在f2作用下的匀加速直线运动，质点实际运动是两个方向的合运动，由曲线运动的条件可知质点后1s内做曲线运动且合力指向曲线弯曲的内侧，再分别计算处x轴方向和y轴方向的位移进而选择答案【解答】解：f1作用下质点的加速度：ax=0.5m/s2，4s末质点的速度：vx=axt1=0.54m/s=2m/s；这时位移为：x1=m=4m；f2作用时质点的加速度：ay=6m/s2，后1s内y轴方向的位移：y=3m，x轴方向的位移x2=vxt2=21m=2m，因此，x轴方向的总位移x总=x1+x2=6m：，又知曲线弯向f2方向即y轴的轴方向，故b正确，a、c、d错误故选：b【点评】本题关键根据物体的受力情况，分析其运动情况质点在后1s内的运动是x轴正方向与y轴正方向运动的合运动，实际运动是曲线运动，由运动的合成与分解知识结合运动学公式来分析判断9小物块位于光滑的斜面上，斜面位于光滑的水平地面上从地面上看，在小物块沿斜面下滑的过程中，斜面对小物块的作用力（）a垂直于接触面，做功为零b垂直于接触面，做功不为零c不垂直于接触面，做功为零d不垂直于接触面，做功不为零【考点】动量守恒定律；功的计算【专题】动量定理应用专题【分析】对整体进行受力分析可知，小物块和楔形物块不受外力作用，动量守恒，在物块下滑的过程中，楔形物块向右运动，对小物块受力分析，根据物块的受力情况和功的公式可以分析各个力对物块做功的情况【解答】解：对整体进行受力分析可知，小物块和楔形物块不受外力作用，动量守恒，在物块下滑的过程中，楔形物块向右运动，所以小物块沿斜面向下运动的同时会向右运动，由于斜面是光滑的，没有摩擦力的作用，所以斜面对物块只有一个支持力的作用，方向是垂直斜面向上的，物块的运动的方向与力的方向不垂直，支持力做功，故b正确故选b【点评】当力和位移的夹角为锐角时，力对物体做正功，当力和位移的夹角为钝角时，力对物体做负功，当力的方向与物体运动的方向垂直时力对物体不做功102013年6月13日，“神舟十号”与“天空一号”成功实施手控交会对接，下列关于“神舟十号”与“天空一号”的分析错误的是（）a“天空一号”的发射速度应介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间b对接前，“神舟十号”欲追上“天空一号”，必须在同一轨道上点火加速c对接前，“神舟十号”欲追上同一轨道上的“天空一号”，必须先点火减速再加速d对接后，组合体的速度小于第一宇宙速度【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【专题】万有引力定律的应用专题【分析】“神舟十号”与“天空一号”绕地球运动时万有引力提供向心力，根据万有引力定律，结合离心运动的条件，即可确定求解【解答】解：a、发射速度如果大于第二宇宙速度，“天宫一号”将脱离地球束缚，不能在绕地球运动了故a正确b、神舟八号加速将做离心运动，才可能与“天宫一号”对接故所以对接前神舟八号的轨道高度必定小于天宫一号故b错误c、对接前，“神舟十号”欲追上同一轨道上的“天空一号”，必须先点火减速，做近心运动，再加速做离心运动，从而相遇故c正确d、对接后，“天宫一号”的轨道高度没有变化，必定大于地球半径，根据万有引力提供向心力g=m，有v=，高度越高，v越小，故对接后，“天宫一号”的速度一定小于第一宇宙速度故d正确本题选择错误的，故选：b【点评】解决本题的关键要结合万有引力提供向心力做匀速圆周运动，当两者不等时，出现离心或近心运动，掌握在同一轨道不同加速或减速相遇同时要知道第一、二宇宙速度的含义11如图所示，一块橡皮用细线悬挂于o点，用钉子靠着线的左侧，沿与水平方向成30的斜面向右以速度v匀速运动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（）a大小为v，方向不变和水平方向成60b大小为v，方向不变和水平方向成60c大小为2v，方向不变和水平方向成60d大小和方向都会改变【考点】运动的合成和分解【专题】运动的合成和分解专题【分析】橡皮参加了两个分运动，沿与水平方向成300的斜面向右以速度v匀速运动，同时竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度【解答】解：橡皮沿与水平方向成300的斜面向右以速度v匀速运动，由于橡皮沿与水平方向成300的斜面向右以速度v匀速运动的位移一定等于橡皮向上的位移，故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的，故合运动是匀速运动；根据平行四边形定则求得合速度大小为v，方向不变和水平方向成60故选b【点评】本题关键是先确定沿与水平方向成300的斜面向右方向和竖直方向的分运动，然后根据合运动与分运动的等效性，由平行四边形定则求出合速度12如图所示，有一固定的且内壁光滑的半球面，球心为o，最低点为c，在其内壁上有两个质量相同的小球（可视为质点）a和b，在两个高度不同的水平面内做匀速圆周运动，a球的轨迹平面高于b球的轨迹平面，a、b两球与o点的连线与竖直线oc间的夹角分别为=53和=37，以最低点c所在的水平面为重力势能的参考平面，则（；）（）aa、b两球所受支持力的大小之比为4：3ba、b两球运动的周期之比为4：3ca、b两球的动能之比为16：9da、b两球的机械能之比为112：51【考点】向心力；牛顿第二定律【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】小球受重力和支持力，靠两个力的合力提供向心力，根据平行四边形定则求出支持力之比，根据牛顿第二定律求出线速度和周期之比【解答】解：a、根据平行四边形定则得，n=，则故a正确b、根据，r=rsin，解得v=，t=2则，则动能之比为64：27故b、c错误d、根据得，动能，重力势能ep=mgr（1cos），则机械能e=，则故d正确故选ad【点评】解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律得出线速度、周期的关系知道机械能等于动能和势能的总和二、非选择题部分共5题，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13（12分）（2015秋兴平市月考）（1）如图甲所示，万能角度尺是利用游标读数原理来直接测量工件角度或进行划线的一种角度量具它有一个可转动的圆盘（即主尺），在圆盘的边缘标有表示圆心角的刻度，在圆盘的外侧有一个固定不动的圆弧状的游标尺如图乙所示，主尺上29对应的弧长与游标尺上30格对应的弧长相等图乙中万能角度尺所测量的角度为46.5（2）“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”实验中，某小组同学实验时先正确平衡摩擦力，并利用钩码和小车之间连接的力传感器测出细线上的拉力，改变钩码的个数，确定加速度与细线上拉力f的关系（1）下列图象中能表示该同学实验结果的是a（2）某次实验中打出如图丁所示的纸带（打点计时器电源的频率为50hz），则这个加速度值a=0.80m/s2【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题；定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题【分析】（1）该实验仪器原理类似于游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读；（2）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线，根据公式x=at2，结合逐差法进行计算即可【解答】解：（1）主尺精确到1，游标卡尺（游标尺上有30个等分刻度）精确到游标卡尺主尺读数为46，游标读数为15=0.5，所以最终读数为46.5（2）平衡摩擦力后，细线拉力等于合力，而加速度与合力成正比，其关系图线应该为直线，故a正确，故选：a根据纸带可知，每5个点取一个计数点，则t=0.1s，根据公式x=at2得到：0.03530.0193=2at2代入数据得到：a=0.80m/s2 故答案为：（1）46.5；（2）a；0.80【点评】解决第一问的关键掌握该器材的读数方法，即主尺读数加上游标读数，不需估读注意器材的精确度；第二题考查了学生对牛顿第二定律掌握和运用，本题关键：一是公式x=at2理解与掌握，注意巧用t的含义，二是能从图象上得到相关信息14如图所示，一根轻绳上端固定在 o 点，下端拴一个重为 g 的钢球 a，球处于静止状态现对球施加一个方向水平向右的外力 f，使球缓慢地偏移，在移动过程中的每一时刻，都可以认为球处于平衡状态，外力f方向始终水平向右，最大值为2g试分析：（1）在直角坐标系中画出描述上述物理过程的张力t与偏角的（）的关系图象（2）由图示位置撒去外力f（轻绳与竖直方向夹角为）无初速释放小球，求当小球通过最低点时的速度大小及轻绳对小球的拉力不计空气阻力，轻绳长设为l【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】简答题；定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题【分析】（1）当水平拉力f=0时，轻绳处于竖直位置时，绳子张力最小，当水平拉力f=2g时，绳子张力最大，根据平衡条件列方程求解t的范围，钢球始终处于平衡状态，对钢球进行受力分析，钢球受重力g、绳子拉力t和外力f三力作用下平衡，依据平衡条件列方程找出t与的函数关系，进而画出图象；（2）小球从释放到最低点的过程中，根据动能定理求解速度，在最低点，根据牛顿第二定律求解绳子拉力【解答】解：（1）当水平拉力f=0时，轻绳处于竖直位置时，绳子张力最小t1=g当水平拉力f=2g时，绳子张力最大因此轻绳的张力范围是：gt设在某位置球处于平衡位置，受力如图所示：由平衡条件得tcos=g所以得图象如图所示（2）小球从释放到最低点的过程中，根据动能定理得：，解得：v=在最低点，根据牛顿第二定律得：解得：t=mg+2（1cos）mg=（32cos）mg答：（1）在直角坐标系中画出描述上述物理过程的张力t与偏角的（）的关系图象，如图所示（2）当小球通过最低点时的速度大小为，轻绳对小球的拉力为（32cos）mg【点评】此题不仅对平衡条件能熟练的应用，还要能根据平衡条件能找出力随角度变化的关系属于中档题，有一定的难度152012年12月28日，武汉地铁2号线正式通车已知相距4000m的甲乙两站之间的线路为直线，在调试运行时，列车出站加速和进站减速的加速度大小均为1m/s2，中途保持匀速运行列车从甲站由静止出发到乙站停止正好用时4min某次调试时，列车从甲站出发比原定的出发时间晚了20s，但仍保持与原来相同的加速度出站和进站，要使列车仍然准点到达乙站，求此次列车出站加速的时间应为多少？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【专题】直线运动规律专题【分析】列车匀加速和匀减速直线运动的加速度相等，根据运动的对称性，知位移相等，抓住运动的总时间，结合匀加速、匀速和匀减速运动的位移之和等于4000m求出列车出站加速的时间【解答】解：设列车本次出站应加速的时间t0，列车从甲站到乙站实际用时t，列车加速出站过程的位移为，同理，列车进站过程的位移为列车匀速运行的速度为 v=at0列车匀速前进过程的位移为 x0=v（t202t0），又 x1+x0+x2=x代入数据联立解得 t0=20s答：此次列车出站加速的时间应为20s【点评】解决本题的理清列车的运动规律，抓住总位移和总时间，结合运动学公式进行求解16（12分）（2015秋兴平市月考）如图所示，水平传送装置由半径为r=m的主动轮o1和从动轮o2及平传送带等构成，两轮轴心相距l=8m，轮与传送带不打滑，现用此装置运送一袋面粉，已知这袋面粉与传送带的滑动摩擦因素为=0.4，这袋面粉中的面粉可不断地从袋中渗出（1）要想尽快将这袋面粉由a端送到b端（设这袋面粉初速度为零），传送带的速度