高考化学总复习 第一节 物质的量 气体摩尔体积（含解析） 新人教版.doc

【高考总复习】2013高考化学专题复习：第一节 物质的量 气体摩尔体积（人教版）1下列说法中不正确的是()a磷酸的摩尔质量以gmol1为单位时，与6.021023个磷酸分子的质量在数值上相等b6.021023个氮气分子和6.021023个氢气分子的质量比等于141c32 g氧气所含的原子数目为26.021023d常温常压下，0.56.021023个一氧化碳分子所占体积是11.2 l解析：d项为常温常压下，vm22.4 l/mol,0.56.021023个co分子物质的量为0.5 mol，体积vnvm11.2 l答案：d2(2011年广东理综)设na为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是()a常温下，23 g no2含有na个氧原子b1 l 0.1 moll1氨水含有0.1na个ohc常温常压下，22.4 l ccl4含有na个ccl4分子d1 mol fe2与足量的h2o2溶液反应，转移2na个电子解析：b项氨水中的nh3h2o为弱电解质，不能完全电离，1 l 0.1 moll1氨水中oh数目小于0.1na；c项常温下ccl4为液态，不能用气体摩尔体积计算其物质的量；d项中fe2被氧化成fe3，1 mol fe2转移1 mol电子，即na个电子。答案：a3(2012年河南平顶山高三模拟)下列叙述正确的是()a同温同压下，相同体积的物质，它们的物质的量必相等b任何条件下，等物质的量的乙烯和一氧化碳所含的分子数必相等c1 l一氧化碳气体的质量一定比1 l氧气的质量小d等体积、等物质的量浓度的强酸中所含的h数一定相等解析：a项，必须是气体，c项，外界条件不一定相同，d项，一元强酸和二元强酸不相等。答案：b4(2012年课标全国卷)用na表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述中不正确的是()a分子总数为na的no2和co2混合气体中含有的氧原子数为2nab28 g乙烯和环丁烷(c4h8)的混合气体中含有的碳原子数为2nac常温常压下，92 g的no2和n2o4混合气体中含有的原子数为6nad常温常压下，22.4 l氯气与足量镁粉充分反应，转移的电子数为2na解析：no2和co2都含两个氧原子，分子总数为na即1 mol混合气体，含有氧原子数为2na，a项正确。c2h4和环丁烷(c4h8)的最简式为ch2，28 g混合气体中含ch2的物质的量为2 mol，含有的碳原子数为2na，b项正确。92 g no2含有的原子数为6na，92 g n2o4含有的原子数为：6 na mol16na，故92 g混合气体含有的原子数为6na，c项正确。常温常压下，22.4 l cl2物质的量不是1 mol，d项错。答案：d5设na代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是()a0.1 mol h2o和d2o组成的混合物中含有的中子数是nab28 g n60(分子结构如右图所示)中含有的nn键数目为1.5nac0、1.01105 pa时，11.2 l氧气中所含的原子数为nad常温下，将5.6 g铁投入足量的稀硫酸中，充分反应，转移电子数为0.3na解析：a项，1个h2o分子含中子数8个，1个d2o分子含中子为10。0.1 mol h2o和d2o混合，中子数应介于8na到10na之间，b项，1个n外形成3个nn键，每个nn键需2个n组成，所以每个n原子分占1.5个nn。d项生成2价fe，转移0.2na电子。答案：c615 g a物质和10.5 g b物质恰好完全反应生成7.2 g c物质、1.8 g d物质和0.3 mol e物质，则e物质的摩尔质量为()a100 gmol1b111 gmol1c55 gmol1 d27.5 gmol1解析：abcde15 g 10.5 g 7.2 g1.8 g根据质量守恒m(e)15 g10.5 g7.2 g1.8 g16.5 gme55 g/mol。答案：c7(2012年山东省莱州一中高三第三次质检)用na表示阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是()a标准状况下，11.2 l o2参加反应转移的电子数一定为2nab用双氧水分解制取0.1 mol氧气，转移的电子总数为0.46.021023c0.1 mol alcl3完全水解转化为氢氧化铝胶体，生成0.1na个胶粒d28 g n2和co的混合气体中含有的分子数为na答案：d8 对相同状况下的13 c18o和14n2两种气体，下列说法正确的是()a若质量相等，则质子数相等b若原子数相等，则中子数相等c若分子数相等，则体积相等d若体积相等，则密度相等解析：12c18o，质量数为30，质子数14，中子数16,14n2质量数28，质子数14，中子数14。a项，质量相等、物质的量之比为2830，质子数之比为2830；b项，原子数相等，则分子数相等，中子数之比1614。c项，描述的为阿伏加德罗定律。d项，密度之比等于摩尔质量之比3028。答案：c9(2012年江苏卷)设na表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是()a标准状况下，0.1 mol cl2溶于水，转移的电子数目为0.1nab常温常压下，18 g h2o中含有的原子总数为3nac标准状况下，11.2 l ch3ch2oh中含有的分子数目为0.5nad常温常压下，2.24 l co和co2混合气体中含有的碳原子数目为0.1na解析：a项标准状况下，0.1 mol cl2溶于水，与水反应的cl2少于0.1 mol，转移的电子数目小于0.1na；b项常温常压下，18 g h2o为1 mol，含有的原子总数为3na；c项，乙醇在标准状况下为液态，11.2 l不是0.5 mol；d项，常温常压下，2.24 l混合气体小于0.1 mol，含有的碳原子数目小于0.1na。答案：b10下列叙述中指定粒子的数目大于6.021023的是()a2 g重水(d2o，d为h)中含有的中子数b0.1 mol f中含有的电子数c标准状况下，11.2 l n2和no混合气体中的原子数d1 l 1 moll1 na2so4溶液中的na数解析：a项，d2o摩尔质量20 g/mol，中子数为10，中子数106.021023mol16.021023。d项，1 mol na2so4电离出2 mol na，c(na)2 mol/l。答案：d11(1)2 mol o3和3 mol o2的质量之比_，分子数之比_，同温同压下的密度之比_，含氧原子数之比_，体积之比_。(2)o3与cl2具有相似的性质，均可用于自来水的消毒。已知二者在消毒时均被还原为最低价态，则相同状况下10 l o3与_l cl2的消毒能力相当。(3)气体化合物a分子式可表示为oxfy，已知同温同压下10 ml a受热分解生成15 ml o2和10 ml f2，则a的化学式为_，推断的依据为_。解析：(1)本题考查的是物质的量的应用，根据物质的量与其他量的关系把物质的量转化成要求的量，还考查了阿伏加德罗定律的运用，运用时注意所处的条件。(2)此过程为氧化还原反应，o3与cl2消毒后分别转化为、c，若设cl2的体积为x l，根据氧化还原反应过程中化合价升降总数相等，则10 l30(2)x l20(1)，解得x30。(3)根据质量守恒定律和阿伏加德罗定律，写出分解方程式为2oxfy3o22f2，则a的化学式为o3f2。答案：(1)1123321123(2)30(3)o3f2阿伏加德罗定律和质量守恒定律12氨气具有还原性，在铜的催化作用下，氨气和氟气反应生成a和b。a为铵盐，b在标准状况下为气态。在此反应中，若每有1体积氨气参加反应，同时有0.75体积氟气参加反应；若每有8.96 l氨气(标准状况)参加反应，同时生成0.3 mol a。(1)写出氨气和氟气反应的化学方程式_。(2)在标准状况下，每生成2.24 l b，转移电子的物质的量为_。解析：(1)n(nh3)n(f2)v(nh3)v(f2)10.7543，n(nh3)n(a)0.3 mol43，n(nh3)n(f2)n(a)433，a为铵盐，必为nh4f，化学反应的方程式为4nh33f23nh4fb。b为气体，据质量守恒知其为nf3，所以氨气和氟气反应的化学方程式为4nh33f23nh4fnf3。(2)分析反应物化合价可知每生成1 mol nf3转移电子6 mol，则生成2.24 l(标况)nf3，转移电子0.6 mol。答案：(1)4nh33f23nh4fnf3(2)0.6 mol13小苏打、胃舒平、达喜都是常用的中和胃酸的药物。(1)小苏打片每片含0.5 g nahco3,2片小苏打片和胃酸完全中和，被中和的h是_mol。 (2)胃舒平每片含0.245 g al(oh)3。中和胃酸时，6片小苏打片相当于胃舒平_片。(3)达喜的化学成分是铝和镁的碱式盐。取该碱式盐3.01 g，加入2.0 moll1盐酸使其溶解，当加入盐酸42.5 ml时，开始产生co2，加入盐酸至45.0 ml时正好反应完全，计算该碱式盐样品中氢氧根与碳酸根的物质的量之比。在上述碱式盐溶于盐酸后的溶液中加入过量的氢氧化钠，过滤，沉淀物进行干燥后重1.74 g，若该碱式盐中氢元素的质量分数为0.040，试推测该碱式盐的化学式。解析：(1)2片小苏打所含nahco3的质量为1 g，其物质的量为0.012 mol，由hcoh=co2h2o，可知n(h)0.012 mol。(2)6片小苏打的物质的量为：0.036 mol，即中和的h为0.036 mol，而每片胃舒平中的al(oh)3的物质的量为0.003 1 mol，由al(oh)33h=al33h2o，所以6片小苏打片相当于al(oh)3的片数为：3.9片。(3)碱式盐中加入盐酸，首先是碱式盐中的oh和co与h反应生成h2o和hco，所以n(hco)2.0 mol/l0.002 5 l0.005 mol，即n(co)0.005 mol，oh、co与盐酸反应消耗h的总物质的量为：2.0 mol/l0.042 5 l0.085 mol，所以n(oh)0.08 mol，oh与co的物质的量之比为161。能与过量的naoh溶液反应产生沉淀的只有mg2，所以nmg(oh)20.03 mol，若该碱式盐中不含结晶水，则氢元素的质量为：0.08 mol1 g/mol0.08 g，氢元素的质量分数为：0.0270.040，说明该碱式盐中含有结晶水，根据题意有：m(al)m(h2o)0.03 mol24 g/mol0.005 mol60 g/mol0.08 mol17 g/mol3.01 g，0.040，所以m(h2o)0.36 g，n(h2o)0.02 mol，m(al)0.27 g，n(al)0.01 mol，所以n(al3 )n(mg2)n(oh)n(co)n(h2o)0.01 mol0.03 mol0.08 mol0.005 mol0.02 mol261614，即该碱式盐的化学式为：al2mg6(oh)16co34h2o。答案：(1)0.012(2)3.9(3)n(oh)n(co)161al2mg6(oh)16co34h2o14某学生利用锌与稀硫酸反应产生的氢气的体积粗略测定锌的摩尔质量(设w g锌片全部反应，产生气体的体积折算成标准状况时不超过50 ml)。实验装置如图：请回答：(1)进行此实验时，必须保证气密性良好，如何检验此装置的气密性？_。(2)以下是测量收集到的气体体积必须包含的几个步骤：a.调整量筒内外液面高度使之相同；b.使试管和量筒内的气体都冷却至室温；c