湖南省长沙市广益实验中学九年级物理上学期第二次月考试题（含解析） 新人教版.doc

湖南省长沙市广益实验中学2015-2016学年九年级（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题3分，共36分，每题只有一个正确选项）1两个电阻r1、r2（r1r2），下列情况中阻值最小的是（）abcd2在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变亮，应选择下列哪种接法（）am接a，n接bbm接c，n接dcm接c，n接bdm接a，n接d3对于欧姆定律公式 i=的理解，以下说法中错误的是（）a导体中的电流与导体的电阻及其两端的电压有关b对某一导体来说，导体中的电流与其两端电压成正比c在电压相同的条件下，不同导体中的电流与导体的电阻成反比d由 i=可推出r=，说明r与u成正比，与i成反比4有一种“光控开关”能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；而另一种“声控开关”能在有声音时自动闭合，无声音时自动断开利用“光控开关”和“声控开关”来控制居民楼里楼道灯可以节约电，要求灯白天不会亮，天黑后楼道有人走动发出声音时灯会自动亮，下列如图所示的电路图中合理的是（）abcd5关于以下现象说法正确的是（）a雪花漫天飞舞说明分子在做无规则运动b丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带正电的物体时会相互排斥c在墨水滴入水中的扩散实验中，我们看到了墨水的分子在运动d由于液体能够流动，而固体不能流动，所以固体分子是静止的6下列关于物体内能的说法中正确的是（）a物体运动速度越大，内能越大b静止的物体没有动能，但有内能c内能和温度有关，所以0的水没有内能d温度高的物体一定比温度低的物体内能大7用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（）水的比热容c=4.2103j/（kg）a5.04105jb4.2105jc2.52105jd条件不足，不能计算8如图所示的电路中，已知电源电压为6v，且保持不变，当开关s闭合后，发现只有一只灯泡发光，电压表的示数为6v，存在这一现象的原因可能是（） a灯l1短路b灯l2短路c灯l1断路d灯l2断路9如图所示，表示一种自动测定油箱内油面高度的装置，当油面上升时，则（）a接入电路电阻减小，油量表示数变大b接入电路电阻变大，油量表示数变小c接入电路电阻减小，油量表示数变小d接入电路电阻变大，油量表示数不变10实验室有甲、乙两只灯泡，甲标有“15v 1.0a“字样，乙标有“10v 0.5a“字样现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（不考虑温度对灯泡电阻的影响）（）a25vb35vc17.5vd12.5v11如图所示，当甲电路中的开关s闭合时，两个电压表的指针位置均如图乙所示，则电阻r1和r2两端的电压分别为（）a1.2v 6vb6v 1.2vc4.8v 1.2vd1.2v 4.8v12如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关s闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比u甲：u乙为7：5；当开关s断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比i甲：i乙为（）a5：2b2：5c2：7d5：7二、填空题（每空2分，共22分）13冬天手冷时，我们经常将两只手相互搓搓使手暖和，这是利用的方式使手的内能增加；也可以用“暖手宝”焐手，这是利用的方式增加手的内能14某导体两端加2v电压时，通过的电流为0.5a，则这段导体的电阻为要使通过该导体的电流变为1a，应在该导体两端加v电压当该导体两端的电压为3v时，该导体电阻为15如图所示电路，闭合开关s后，两灯都正常发光，两电表指针都有偏转，示数稳定已知电源电压为8v，灯l1的电阻为16，灯l2的电阻为12，则甲电表的示数为，乙电表的示数为16如图所示电路中，电源电压恒定，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合开关s后，滑动变阻器滑片p自a向b移动的过程中，电压表v1的示数，电压表v2的示数与电流表a的示数之比，电路消耗的总功率（填“变大”、“变小”或“不变”）17图1的电路中，电源电压恒为12v，滑动变阻器铭牌上标有“100 0.5a”字样，图2为r1的iu图象，r1的阻值为，当电路中的电流为0.2a时，滑动变阻器r2接入电路的阻值为，为了不损坏滑动变阻器r2，接入电路的阻值应不小于三、实验探究题（每空2分，共26分）18小明同学对串联电路的电压规律进行了探究：（1）按如图甲所示电路图连接电路，如图乙所示（2）闭合开关，发现l1不发光，l2比较亮，电压表示数为零则电路存在的故障应该是小灯泡l1（3）排除故障，用电压表测出ab、bc、ac间的电压，并记录在如下表格中，分析实验数据可得出的结论是：，此实验方案存在有一定缺陷，改进方法：（任写一种可行方法即可）uab/vubc/vuac/c2.41.43.819（12分）在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关两节干电池、定值电阻r（分别为5、10、15、20、25）、导线若干小明在实验时连接的电路1所示（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至（填“a”或“b”）端：电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和的作用（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：小明先将r=10的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5v，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变时，把r换为15的电阻时，应向（填“a”或“b”）方向移动滑动变阻器韵滑片p，才能使电压表示数为v，同时记下电流表的示数；根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，小明由图象得出的结论是（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有（只要求填写一个实验名称）20（8分）如图1是“伏安法测电阻”的实验装置（待测电阻阻值不小于10）（1）请用笔画线代替导线补充完成图1中的实物电路连接（要求导线不能交叉，滑动变阻器滑片右移时电阻变大）（2）某次测量时电流表示数为0.2a，电压表示数如图2所示，则待测电阻阻值为为减小误差，可用改变待测电阻两端的电压来进行多次测量求平均值（3）将上述实验中的电阻换成小灯泡，用同样的方法测小灯泡的电阻，数据记录如表，分析表中数据可知，小灯泡两端电压越低，小灯泡的电阻越，原因是 测量次数12345电压u/v2.52.01.51.00.5电流i/a0.280.250.220.180.16四、计算题（21题6分，22题8分，共14分）21在如图所示的电路中，电阻r1的阻值为10闭合开关s，电流表al的示数为0.3a，电流表a的示数为0.5a求：（1）通过电阻r2的电流；（2）电源电压；（3）电阻r2的阻值22如图所示，电源电压保持不变，电流表使用00.6a的量程，电压表使用03v的量程，定值电阻r1=5，灯泡电阻r2=8，滑动变阻器的最大阻值r3=20（1）开关s1断开，s2闭合，电流表示数为0.25a，电压表示数为2.5v，求电源的电压和滑动变阻器接入电路的电阻值；（2）将开关s1闭合，s2断开，移动滑动变阻器的滑片，为了保证电流表和电压表不超过其量程，滑动变阻器接入电路的电阻值只能在什么范围内变化？ 湖南省长沙市广益实验中学2015-2016学年九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题3分，共36分，每题只有一个正确选项）1两个电阻r1、r2（r1r2），下列情况中阻值最小的是（）abcd【考点】电阻的串联；电阻的并联【专题】电压和电阻【分析】串联电阻的总电阻等于各串联电阻阻值之和；并联电路的总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和【解答】解：因为串联电路总电阻等于各电阻之和，因此串联电路中总电阻比任何一个分电阻都大；由于并联电路的总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，因此并联电路中总电阻比任何一个分电阻都小故选d【点评】此题考查的是串、并联电路的电阻特点，对于串联电路总电阻等于各部分电阻之和，串联后总电阻大于任何一个分电阻；并联电路总电阻的倒数等于各部分电阻倒数之和，并联总电阻小于任何一个分电阻要熟练掌握还要灵活运用2在如图所示的电路中，用滑动变阻器调节灯的亮度，若要求滑片p向右端滑动时灯逐渐变亮，应选择下列哪种接法（）am接a，n接bbm接c，n接dcm接c，n接bdm接a，n接d【考点】滑动变阻器的使用【专题】电压和电阻【分析】（1）灯泡亮度变亮，功率变大，根据p=，电路中电源电压不变，电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻丝变短（2）滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，哪一段电阻丝被接入电路中是由下面的接线柱决定的，它就是下面被连接的接线柱与滑片p之间的部分【解答】解：滑动变阻器的滑片右移，灯泡变亮，功率变大，根据p=，电路中电源电压不变，电阻变小，滑动变阻器接入电路的电阻丝变短m应该接a或b，n接d故选：d【点评】（1）掌握根据实际功率判断灯泡的亮度（2）知道电压和电阻，根据欧姆定律判断电流大小（3）掌握滑动变阻器的原理、作用、接线柱的接法3对于欧姆定律公式 i=的理解，以下说法中错误的是（）a导体中的电流与导体的电阻及其两端的电压有关b对某一导体来说，导体中的电流与其两端电压成正比c在电压相同的条件下，不同导体中的电流与导体的电阻成反比d由 i=可推出r=，说明r与u成正比，与i成反比【考点】欧姆定律【专题】欧姆定律【分析】（1）在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；所以电路中电流的大小与导体两端电压和导体电阻都有关系（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：（1）由欧姆定律公式i=可知，导体中的电流与导体的电阻及其两端的电压有关，且在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；在电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反比；故abc正确，不符合题意；（2）电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，r=只是计算导体电阻的一种方法，故d不正确，符合题意故选d【点评】本题考查了学生对欧姆定律内容的理解与掌握，要注意导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，r=只是计算导体电阻的一种方法4有一种“光控开关”能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；而另一种“声控开关”能在有声音时自动闭合，无声音时自动断开利用“光控开关”和“声控开关”来控制居民楼里楼道灯可以节约电，要求灯白天不会亮，天黑后楼道有人走动发出声音时灯会自动亮，下列如图所示的电路图中合理的是（）abcd【考点】串、并联电路的设计【专题】电流和电路【分析】根据题意可知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，否则灯泡不亮；这说明两开关共同控制电路，即为串联【解答】解：根据题意可得，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，用导线将各元件依次连接起来，如d选项中图所示故选d【点评】本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图5关于以下现象说法正确的是（）a雪花漫天飞舞说明分子在做无规则运动b丝绸摩擦过的玻璃棒靠近带正电的物体时会相互排斥c在墨水滴入水中的扩散实验中，我们看到了墨水的分子在运动d由于液体能够流动，而固体不能流动，所以固体分子是静止的【考点】电荷间的相互作用规律；分子动理论的基本观点；扩散现象【专题】应用题【分析】（1）注意分子运动和机械运动的区别，分子运动是微观现象，机械运动是宏观运动（2）用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷同种电荷相互排斥（3）分子很小，用我们的肉眼是看不到的，能看到的只是宏观上颜色的变化（4）固体不能流动，是因为固体分子之间的作用力很大，相互束缚，不能到处自由移动【解答】解：a、雪花漫天飞舞，是固体颗粒的机械运动，不属于分子运动故a错误；b、用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷为正电荷，用它靠近带正电的物体时，同种电荷会相互排斥，故b正确；c、在墨水滴入水中的扩散实验中，我们看到的是颜色的变化，墨水的分子用肉眼是看不到的故c错误；d、固体不能流动，是因为固体分子之间的作用力很大，相互束缚，不能到处自由移动，但不是静止的故d错误故选b【点评】此题主要考查的是分子运动和机械运动的区别，以及电荷之间的相互作用规律属于基础性题目，比较简单6下列关于物体内能的说法中正确的是（）a物体运动速度越大，内能越大b静止的物体没有动能，但有内能c内能和温度有关，所以0的水没有内能d温度高的物体一定比温度低的物体内能大【考点】内能的概念【专题】应用题【分析】一切物体都具有内能；内能的大小与且只与物体的质量以及物体的温度有关【解答】解：一切物体都有内能，所以b正确，c错误；内能的大小只与物体的质量和温度有关，和其他的因素都无关，所以a错误；另外内能的大小是由物体的温度和质量共同决定，所以只考虑温度不考虑质量或者只考虑质量不考虑温度的说法都是错误的，所以d是错误的故选b【点评】此题主要考查对内能概念以及影响内能大小的因素的理解，属于基础知识7用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质10min吸收的热量为（）水的比热容c=4.2103j/（kg）a5.04105jb4.2105jc2.52105jd条件不足，不能计算【考点】热量的计算【专题】图像综合题【分析】由题知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍根据吸热公式q=c吸mt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲的比热容由图象确定甲10min升高的温度，然后根据q吸=cmt求出甲物质吸收的热量【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60需要20min，物质甲温度升高60需要10min所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：q水吸=2q甲吸由热量计算公式q=cmt得：c=，c水=2c甲又c水=4.2103j/（kg），c甲=2.1103j/（kg），甲物质10min升高了60，q甲吸=c甲m甲t甲=2.1103j/（kg）2kg60=2.52105j故选c【点评】比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些有图象的要合理利用图象解决此题的关键就是能得出质量相同的物质甲和水升高相同的温度水需要吸收的热量是甲的2倍8如图所示的电路中，已知电源电压为6v，且保持不变，当开关s闭合后，发现只有一只灯泡发光，电压表的示数为6v，存在这一现象的原因可能是（）a灯l1短路b灯l2短路c灯l1断路d灯l2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【专题】电流和电路【分析】（1）当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流；（2）该电路为串联电路，电压表测量l1两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：因为闭合开关后，有一只灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以l2短路故选b【点评】注意当电路发生断路时，用电器不工作，且电路中电流为零；当电路发生短路时，用电器可能工作，并且电路中有电流9如图所示，表示一种自动测定油箱内油面高度的装置，当油面上升时，则（）a接入电路电阻减小，油量表示数变大b接入电路电阻变大，油量表示数变小c接入电路电阻减小，油量表示数变小d接入电路电阻变大，油量表示数不变【考点】欧姆定律的应用；电流表的使用；滑动变阻器的使用【专题】应用题；电路和欧姆定律【分析】由电路图可知，油量表串联在电路中为电流表，r1与r2串联；当油面上升时，浮子上升，r2接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化即油量表示数的变化【解答】解：由电路图可知，油量表串联在电路中为电流表，r1与r2串联；当油面上升时，r2接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小；根据欧姆定律可得，电路中的电流变大，即油量表的示数变大故选a【点评】在现实生活中很多测量仪器都是由电流表或者电压表改装而成的，它们通过电路中的电流或电压的变化来显示所测物理量的变化的10实验室有甲、乙两只灯泡，甲标有“15v 1.0a“字样，乙标有“10v 0.5a“字样现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（不考虑温度对灯泡电阻的影响）（）a25vb35vc17.5vd12.5v【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；额定电压【专题】计算题；压轴题【分析】两电阻串联，为保证安全应让所通过电流不超过最小的额定电流；由欧姆定律可求得两灯的电阻，则由欧姆定律可求得该电路两端允许加的最高电压【解答】解：两电阻额定电流分别的i甲=1.0a、i乙=0.5a，则可知电路中允许通过的最大电流i=i乙=0.5a；由欧姆定律得r甲=15；r乙=20；则电路两端所加电压u=i（r甲+r乙）=0.5a（15+20）=17.5v； 故该串联电路两端允许通过的最大电压为17.5v故选c【点评】当两电阻串联时，电路中允许通过的最大电流不得超过两电阻中额定电流的最小值；当两电阻并联时，电路两端允许加的最大电压不得超过两电阻中额定电压的最小值，否则就会把额定值较小的电阻烧坏11如图所示，当甲电路中的开关s闭合时，两个电压表的指针位置均如图乙所示，则电阻r1和r2两端的电压分别为（）a1.2v 6vb6v 1.2vc4.8v 1.2vd1.2v 4.8v【考点】串联电路的电压规律【专题】电压和电阻【分析】本题首先明确两个电压表是测的是哪部分的电压，然后确定电压表所选量程和分度值再读数，最后根据串联电路的电压关系：u=u1+u2求得电阻r1和r2两端的电压【解答】解：由图可知，电压表v1测量的是电源电压，选的是015v的量程，分度值为0.5v，根据指针位置，电压表读数为6v；电压表v2测量的是r2电压，选的是03v的量程，分度值为0.1v，根据指针位置，电压表读数为1.2v；根据串联电路的电压关系u1=uu2=6v1.2v=4.8v即电阻r1两端的电压为4.8v，r2两端的电压为1.2v故选c【点评】本题考查了电压表的读数方法，串联电路的电压关系明确两个电压表是测的是哪部分的电压是解答此题的关键12如图所示的电路中，电源电压恒定，当开关s闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比u甲：u乙为7：5；当开关s断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比i甲：i乙为（）a5：2b2：5c2：7d5：7【考点】欧姆定律的应用【专题】应用题；动态预测题；欧姆定律【分析】（1）当开关s闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测r2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当开关s断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过r2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出干路电流之比【解答】解：（1）当开关s闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测r2两端的电压， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，由i=可得，两电阻的阻值之比： =；（2）当开关s断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过r2支路的电流，电流表乙测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过两电阻的电流之比： =，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：=故选c【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断二、填空题（每空2分，共22分）13冬天手冷时，我们经常将两只手相互搓搓使手暖和，这是利用做功的方式使手的内能增加；也可以用“暖手宝”焐手，这是利用热传递的方式增加手的内能【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能【专题】分子热运动、内能【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程【解答】解：两手相互摩擦做功，机械能转化为手的内能，手的内能增大温度升高；利用热水袋暖手，是通过热传递改变手的内能，使手的内能增大温度升高；故答案为：做功，热传递【点评】此题是考查做功和热传递改变物体内能的区别，属于易错的知识点14某导体两端加2v电压时，通过的电流为0.5a，则这段导体的电阻为4要使通过该导体的电流变为1a，应在该导体两端加4v电压当该导体两端的电压为3v时，该导体电阻为4【考点】欧姆定律的变形公式【专题】计算题；欧姆定律【分析】已知导体两端电压和通过的电流，利用r=得到导体电阻；导体电阻是本身的一种属性，不随电压、电流的变化而变化，已知通过导体的电流和电阻，利用u=ir得到两端电压；电阻是导体本身的一种性质，与导体中电流及两端电压的大小无关【解答】解：由i=得，导体的电阻为r=4；要使通过该导体的电流变为1a，应在该导体两端所加电压为u2=i2r=1a4=4v；当该导体两端的电压为3v时，导体的材料、长度和横截面积都不变，故导体的电阻不变，仍为4故答案为：4；4；4【点评】此题考查的是我们对欧姆定律公式及其变形公式及电阻特点的掌握和应用，属于基本规律的考查，难度不大15如图所示电路，闭合开关s后，两灯都正常发光，两电表指针都有偏转，示数稳定已知电源电压为8v，灯l1的电阻为16，灯l2的电阻为12，则甲电表的示数为0.5a，乙电表的示数为8v【考点】电流表的使用；电压表的使用；并联电路的电压规律；欧姆定律【专题】压轴题【分析】先根据电流表和电压表的连接特点判断出两个表分别是什么电表，再由欧姆定律计算【解答】解：电流表要串联使用，电压表要并联使用，乙表与l1并联，则乙表为电压表；两个灯泡都亮，则甲表为电流表（若为电压表，则l1中无电流，不亮），且测l1中的电流，此时两个灯泡的关系为并联，由并联电路的电压特点知，两个灯泡得到的电压都为8v，所以甲的读数为l1中的电流i=0.5a，电压表的读数为8v故答案为：0.5a；8v 【点评】本题考查了电压表电流表的使用特点、并联电路的电压特点和欧姆定律的应用解题的关键是先判断出两个电表是什么电表16如图所示电路中，电源电压恒定，r1为定值电阻，r2为滑动变阻器闭合开关s后，滑动变阻器滑片p自a向b移动的过程中，电压表v1的示数变小，电压表v2的示数与电流表a的示数之比变大，电路消耗的总功率变小（填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电路的动态分析；电功率的计算【专题】应用题；压轴题；推理法【分析】闭合开关s后，滑动变阻器与电阻r1串联，电流表测量电路总电流，电压表v1测量r1两端的电压，电压表v2测量滑动变阻器两端的电压；根据滑片的移动确定接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和电阻r1两端电压的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化；进一步可知电压表v2的示数与电流表a的示数之比的变化，根据p=ui可知电路消耗的总功率的变化【解答】解：电路的等效电路图如下图所示：当滑片p自a向b移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据公式i=可知，电路电流变小，即电流表示数变小；根据公式u=ir可知，电阻r1两端的电压变小，即v1的示数变小；根据串联电路的总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，电压表v2的示数变大，所以电压表v2的示数与电流表a的示数之比变大；根据p=ui可知，电路消耗的总功率变小故答案为：变小；变大；变小【点评】本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，分析电路图确定两电阻的连接方式和电表所测电路元件是本题关键17图1的电路中，电源电压恒为12v，滑动变阻器铭牌上标有“100 0.5a”字样，图2为r1的iu图象，r1的阻值为20，当电路中的电流为0.2a时，滑动变阻器r2接入电路的阻值为40，为了不损坏滑动变阻器r2，接入电路的阻值应不小于4【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律【专题】计算题；图析法【分析】（1）根据r1的iu图象读出任意一点电流和对应的电压，根据欧姆定律求出r1的阻值；（2）由图象读出当电路中的电流为0.2a时对应的电压，根据串联电路的电压特点求出r1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器r2接入电路的阻值；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，再根据电阻的串联求出接入电路的最小值【解答】解：（1）由图象可知，当u1=6v时，i1=0.3a，则r1=20；（2）由电路图可知，两电阻串联，由图象可知当电路中的电流i=0.2a时，u1=4v，则u2=uu1=12v4v=8v，r2=40；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流imax=0.5a，则电路中的最小总电阻r总min=24，滑动变阻器接入电路的最小值r2min=r总minr1=2420=4故答案为：20；40；4【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象得出相关的信息和根据滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最小电阻三、实验探究题（每空2分，共26分）18小明同学对串联电路的电压规律进行了探究：（1）按如图甲所示电路图连接电路，如图乙所示（2）闭合开关，发现l1不发光，l2比较亮，电压表示数为零则电路存在的故障应该是小灯泡l1短路（3）排除故障，用电压表测出ab、bc、ac间的电压，并记录在如下表格中，分析实验数据可得出的结论是：串联电路中总电压等于各分电压之和，此实验方案存在有一定缺陷，改进方法：换用其它规格小灯泡（或改变电源电压等方法均可）进行多次实验，测出多组实验数据（任写一种可行方法即可）uab/vubc/vuac/c2.41.43.8【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）l2比较亮说明电路是通路，l1不发光、电压表示数为零说明电路短路，即电压表并联部分短路；（2）分析表格中uab、ubc、uac之间的关系得出结论；为了得出普遍结论，应进行多次实验，进行多次测量【解答】解：（2）l1不发光，l2比较亮，电压表示数为零，说明电压表并联部分短路，即电路存在的故障应该是小灯泡l1短路；（3）由表格数据可知，uac=uab+ubc，故可得结论：串联电路中总电压等于各分电压之和；为得出普遍结论，应更换不同规格的灯泡，或改变电源电压，进行多次实验，测出多组实验数据故答案为：（2）短路；（3）串联电路中总电压等于各分电压之和；换不同规格小灯泡进行多次实验；换用其它规格小灯泡（或改变电源电压等方法均可）进行多次实验，测出多组实验数据【点评】本题考查了电路故障的判断和分析数据得出结论等，需要注意的是实验为了得出普遍结论，应进行多次实验，测出多组数据19（12分）在“探究通过导体的电流与电压和电阻的关系”实验中，有如下器材：电压表、电流表、滑动变阻器、开关两节干电池、定值电阻r（分别为5、10、15、20、25）、导线若干小明在实验时连接的电路1所示（1）在探究“电流与电压的关系”实验中：闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至a（填“a”或“b”）端：电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压，进行多次测量的作用（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：小明先将r=10的电阻接入，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，直到电压表示数为2.5v，记下电流表示数；接着在滑动变阻器的滑片位置不变时，把r换为15的电阻时，应向a（填“a”或“b”）方向移动滑动变阻器韵滑片p，才能使电压表示数为2.5v，同时记下电流表的示数；根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，小明由图象得出的结论是导体两端的电压一定时，导体中的电流与电阻成反比（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有伏安法测电阻（只要求填写一个实验名称）【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】实验探究题；控制变量法；欧姆定律；探究型实验综合题【分析】（1）闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；滑动变阻器的作用：保护电路和改变电阻两端的电压；（2）根据串分压的知识判断电压表的示数变化，得出滑片的移动方向；电流与电阻的关系：电压不变，电流与电阻成反比；（3）根据电流值和电压值，可利用公式r=计算出电阻，所以可利用该电路进行伏安法测电阻的实验【解答】解：（1）在探究“电流与电压的关系”实验中，闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至a端；电路中滑动变阻器起到保护电路元件安全和改变电阻两端电压，进行多次测量的作用；（2）在探究“电流与电阻的关系”实验中：小明把r换为15的电阻时，电阻两端的电压变大，应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向a方向移动，才能使电压表示数为2.5v，同时记下电流表的示数；根据多次测量数据描绘出电流随电阻变化的曲线如图2所示，电流与电阻的乘积为定值，小明由图象得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比（3）若继续使用该实验电路，还可以进行的实验有伏安法测电阻故答案为：（1）a；改变电阻两端电压，进行多次测量；（2）a；2.5；导体两端的电压一定时，导体中的电流与电阻成反比；（3）伏安法测电阻【点评】本题考查了实验分析，探究电流与电压、电阻关系实验，要采用控制变量法，应用控制变量法分析即可正确解题20（8分）如图1是“伏安法测电阻”的实验装置（待测电阻阻值不小于10）（1）请用笔画线代替导线补充完成图1中的实物电路连接（要求导线不能交叉，滑动变阻器滑片右移时电阻变大）（2）某次测量时电流表示数为0.2a，电压表示数如图2所示，则待测电阻阻值为11为减小误差，可用滑动变阻器改变待测电阻两端的电压来进行多次测量求平均值（3）将上述实验中的电阻换成小灯泡，用同样的方法测小灯泡的电阻，数据记录如表，分析表中数据可知，小灯泡两端电压越低，小灯泡的电阻越小，原因是灯丝电阻受温度的影响 测量次数12345电压u/v2.52.01.51.00.5电流i/a0.280.250.220.180.16【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）伏安法测电阻用电压表测量定值电阻两端的电压，用电流表测电路中的电流，最后用r=计算阻值；滑动变阻器接法：“一上一下”；（2）明确电压表选取的量程和最小分度值，读出电压值，根据r=计算电阻的阻值；滑动变阻器起保护电路和改变电路电流的作用或改变被测电阻两端电压的作用；（3）电压逐渐降低的过程中，电流逐渐变小，亮度变小，钨丝温度降低，灯丝的电阻受温度影响而变小【解答】解：（1）电源是两节干电池，为3v，电压表选取03v量程；电路中最大电流i=0.3a，电流表选取00.6a量程；滑动变阻器接在下端接线柱，如图：（2）电压表的选取03v量程，最小分度值为0.1v，读数为2.2v，由i=得，r=11；调节滑动变阻器，改变了待测电阻两端的电压和通过它的电流，可以多测几组数据，进行多次测量求平均值，减小误差（3）分析表中的5组数据可知，电压变小时，电流随之变小，灯泡电阻就会变小，这是因为电流变小灯泡亮度减弱，钨丝温度下降，钨丝受温度影响所致温度越低，钨丝电阻越小故答案为：（1）见上图；（2）11；滑动变阻器；（3）小；灯丝电阻受温度的影响【点评】伏安法测电阻的实验是重点内容之一，考查了对实验原理及滑动变阻器的应用，还涉及到了灯丝电阻与温度的关系，属实验中的常见问题四、计算题（21题6分，22题8分，共14分）21