云南省丽江市某中学高二物理下学期6月月考试卷（含解析）.doc

云南省丽江市某中学2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份） 一.选择题（每题5分，共50分，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确）：1（5分）汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，加速度的大小为5m/s2，则刹车后6s内汽车的位移是（）a30mb40mc10md02（5分）作用于o点的三力平衡，设其中一个力的大小为f1，沿y轴正方向，力f2大小未知，与x轴负方向夹角为，如图所示，下列关于第三个力f3的判断正确的是（）a力f3只能在第四象限b力f3与f2夹角越小，则f2和f3的合力越小cf3的最小值为f1cosd力f3可能在第一象限的任意区域3（5分）我国已在2007年10月24日成功地发射了一颗探月卫星“嫦娥1号”已知月球的质量为地球质量的，月球的半径为地球半径的，地球上的第一宇宙速度约为7.9km/s，则探月卫星“嫦娥1号”贴近月球表面运行时的速率约为（）a0.4km/sb1.8km/sc11km/sd36km/s4（5分）两个物体如图放置，同时有f=1n的两个水平力分别作用于a、b上，两物体仍保持静止，则地面对物体b、物体b对物体a的摩擦力分别为（）a0，0b1n，1nc0，1nd1n，05（5分）如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中，线圈轴线oo与磁场边界重合线圈按图示方向匀速转动若从图示位置开始计时，并规定电流方向沿abcda为正方向，则线圈内感应电流随时间变化的图象是下图中的哪一个？（）abcd6（5分）如图所示为某时刻从o点同时持续发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，p在甲波最大位移处，q在乙波最大位移处，下列说法中正确的是（）a两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波短bp点比q点先回到平衡位置c在p点完成20次全振动的时间内q点可完成30次全振动d两列波在相遇的空间区域能形成稳定的干涉现象7（5分）如图所示电路中，闭合开关s，将r1的滑动触头向右移动一些，电压表v1、v2的示数变化，下列叙述正确的是（）av1变小v2变大bv1变小v2变小cv1变大v2变小dv1变大v2变大8（5分）一台理想变压器原、副线圈匝数比为22：1，当原线圈两端输入u1=220sin314tv的交变电压时，下列说法正确的是（）a副线圈两端电压为12vb副线圈接一10电阻时，原线圈中的电流为1ac变压器铁芯中磁通量变化率的最大值是220vd副线圈接一10电阻时，原线圈中输入功率为10w9（5分）如图所示，位于粗糙固定斜面上的小物块p受到一水平向右的推力f的作用而静止在斜面上，现保持f的方向不变，使其减小，物块p仍然静止则物块p（）a受到摩擦力一定减小b受到摩擦力大小可能不变c对斜面的压力一定减小d受到合力一定不变10（5分）如图，在x0、y0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xoy平面向里，大小为b现有一质量为m、电量为q的带电粒子，在x轴上到原点的距离为x0的p点，以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场不计重力的影响由这些条件可知（）a能确定粒子通过y轴时的位置b能确定粒子速度的大小c能确定粒子在磁场中运动所经历的时间d以上三个判断都不对二填空题（每空3分，共15分）11（6分）图一中螺旋测微器读数为mm图二中游标卡尺（游标尺上有50个等分刻度）读数为mm12（9分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为t=0.10s，其中s1=7.05cm、s2=7.68cm、s3=8.33cm、s4=8.95cm、s5=9.61cm、s6=10.26cm，则a点处瞬时速度的大小是m/s，小车运动的加速度计算表达式为，加速度的大小是m/s2（计算结果保留两位有效数字）三计算题（共35分）：13（10分）半径为r的光滑半圆环形轨道固定在竖直平面内，从与半圆环相吻合的光滑斜轨上高h=3r处，先后释放a、b两小球，a球的质量为2m，b球的质量为m，当a球运动到圆环最高点时，b球恰好运动到圆环最低点，如图所示求：（1）此时a、b球的速度大小va、vb；（2）这时a、b两球对圆环作用力的合力大小和方向14（15分）如图所示，电阻r1=2，小灯泡l上标有“3v，1.5w“，电源内阻r=1，滑动变阻器的最大阻值为r0（大小未知），当触头p滑动到最上端a时，安培表的读数为1a，小灯泡l恰好正常发光，求：（1）滑动变阻器的最大阻值r0（2）当触头p滑动到最下端b时，求电源的总功率及输出功率15（10分）如图所示，在虚线df的右侧整个空间存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度b=0.5t，其中在矩形区域dfgh内还分布有水平向左的匀强电场绝缘光滑斜面倾角=60，其末端与边界df交于c点一带正电的小球质量为m=2103kg，从距c点高h=0.8m处的a点由静止释放离开斜面后，从c点进入dfgh区域后恰能沿直线运动，最后从边界hg上的m点进入磁场，取g=10m/s2，求：（1）小球滑到c点时重力的功率；（2）电场强度的大小；（3）如果小球从m点进入磁场后能经过图中的n点，已知m、n两点竖直高度差h=0.45m，求小球经过n点时的速度大小云南省丽江市某中学2014-2015学年高二下学期月考物理试卷（6月份）参考答案与试题解析一.选择题（每题5分，共50分，1-7题只有一个选项正确，8-10题有多个选项正确）：1（5分）汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后做匀减速运动，加速度的大小为5m/s2，则刹车后6s内汽车的位移是（）a30mb40mc10md0考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：根据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合运动学公式求出刹车后的位移解答：解：汽车速度减为零的时间，则刹车后6s内的位移等于4s内的位移，x=，故b正确，a、c、d错误故选：b点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动2（5分）作用于o点的三力平衡，设其中一个力的大小为f1，沿y轴正方向，力f2大小未知，与x轴负方向夹角为，如图所示，下列关于第三个力f3的判断正确的是（）a力f3只能在第四象限b力f3与f2夹角越小，则f2和f3的合力越小cf3的最小值为f1cosd力f3可能在第一象限的任意区域考点：合力的大小与分力间夹角的关系 分析：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；题中第三个力f3与已知的两个力平衡解答：解：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；a、通过作图可知，当f1、f2的合力f可以在f1与f2之间的任意方向，而三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故力f3只能在f1与f2之间的某个方向的反方向上，故ab错误；c、通过作图可以知道，当f1、f2的合力f与f2垂直时合力f最小，等于f1cos，故c正确；d、当f1、f2的合力f在第三象限时，力f3在第一象限，但不可能在第一象限的任意区域，应该在f2的反向延长线与x轴所围成的区域，故d错误；故选c点评：本题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析3（5分）我国已在2007年10月24日成功地发射了一颗探月卫星“嫦娥1号”已知月球的质量为地球质量的，月球的半径为地球半径的，地球上的第一宇宙速度约为7.9km/s，则探月卫星“嫦娥1号”贴近月球表面运行时的速率约为（）a0.4km/sb1.8km/sc11km/sd36km/s考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度探月卫星贴近月球表面，运行的速率即为月球的第一宇宙速度根据月球质量和地球质量的关系，月球半径和地球半径的关系，根据第一宇宙速度的表达式求出月球的第一宇宙速度和地球第一宇宙速度的关系，从而求出月球的第一宇宙速度大小解答：解：根据万有引力提供向心力，得：v=，在星球表面运行的卫星，轨道半径近似等于星球半径，即r=r已知月球质量约为地球质量的，月球半径约为地球半径的，地球上的第一宇宙速度约为7.9km/s，月球的第一宇宙速度和地球第一宇宙速度之比是，则月球的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，大约3.6km/s所以探月卫星绕月运行的速率约为1.8km/s故选：b点评：要求解一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，再根据已知量进行求解向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用4（5分）两个物体如图放置，同时有f=1n的两个水平力分别作用于a、b上，两物体仍保持静止，则地面对物体b、物体b对物体a的摩擦力分别为（）a0，0b1n，1nc0，1nd1n，0考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对整体进行分析，可得出地面对b的摩擦力，再对a分析可得出b对a的摩擦力解答：解：以a、b整体为研究对象进行受力分析可知，水平方向上受到的两个拉力作用大小相等，方向相反，其合力为零，则整体相对于地面间没有运动的趋势，故b不受地面的摩擦力；分析a可知，a受水平向右拉力，相对于b有向右的运动趋势，故b对a有向左的摩擦力，大小等于f，即f=f=1n；故选c点评：本题是两个物体的平衡问题，一定要灵活的选择研究对象，并能熟练应用整体法与隔离法5（5分）如图所示，单匝矩形线圈的一半放在具有理想边界的匀强磁场中，线圈轴线oo与磁场边界重合线圈按图示方向匀速转动若从图示位置开始计时，并规定电流方向沿abcda为正方向，则线圈内感应电流随时间变化的图象是下图中的哪一个？（）abcd考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律 专题：电磁感应与电路结合分析：根据楞次定律判断出感应电流的方向由感应电动势的表达式e=emsint，由欧姆定律求出此线圈感应电流的表达式，再选择图象解答：解：图示时刻，由楞次定律判断出线圈中感应电流方向为：adcba，为负方向线圈中产生的感应电动势表达式为e=emsint=bssint，s是线圈面积的一半，则感应电流的表达式为i=imsint，其中im=故线圈中感应电流按正弦规律变化，根据数学知识得知a正确，bcd错误故选a点评：本题是楞次定律和正弦交变电流瞬时值表达式e=emsint的应用，此式计时起点是中性面6（5分）如图所示为某时刻从o点同时持续发出的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，p在甲波最大位移处，q在乙波最大位移处，下列说法中正确的是（）a两列波传播相同距离时，乙波所用的时间比甲波短bp点比q点先回到平衡位置c在p点完成20次全振动的时间内q点可完成30次全振动d两列波在相遇的空间区域能形成稳定的干涉现象考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象 分析：两列简谐横波在同一介质中波速相同，传播相同距离所用时间相同q点与p点都要经过周期回到平衡位置由图可两列波波长的大小，再分析周期的长短，再比较时间长短根据频率关系研究相同时间内全振动次数关系两列波只有频率相同时，才能产生稳定的干涉解答：解：a、两列简谐横波在同一介质中波速相同，传播相同距离所用时间相同故a错误b、由图可知，两列波波长之比甲：乙=3：2，波速相同，由波速公式v=得到周期之比为t甲：t乙=3：2q点与p点都要经过周期回到平衡位置所以q点比p点先回到平衡位置故b错误c、两列波的频率之比为f甲：f乙=2：3，则在p质点完成20次全振动的时间内q质点完成了30次全振动故c正确d、两列波的频率不同，不能产生稳定的干涉图样故d错误故选：c点评：本题关键要抓住波速是由介质的性质决定的，在同一介质中传播的同类波速度相同7（5分）如图所示电路中，闭合开关s，将r1的滑动触头向右移动一些，电压表v1、v2的示数变化，下列叙述正确的是（）av1变小v2变大bv1变小v2变小cv1变大v2变小dv1变大v2变大考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：当r1的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流减小，由欧姆定律分析r2两端电压的变化和路端电压的变化，再判断r1两端电压的变化，综合分析出两电压表示数变化情况解答：解：当r1的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，由欧姆定律分析得知，r2两端电压u2和内电压均增大，则路端电压u减小，由u=u1+u2，则知，r1两端电压u1减小，所以v1变小v2变大故c正确故选：a点评：本题是电路动态变化分析问题，注意“局部整体局部”的分析方法；同时可采用总量法分析两电表读数变化情况8（5分）一台理想变压器原、副线圈匝数比为22：1，当原线圈两端输入u1=220sin314tv的交变电压时，下列说法正确的是（）a副线圈两端电压为12vb副线圈接一10电阻时，原线圈中的电流为1ac变压器铁芯中磁通量变化率的最大值是220vd副线圈接一10电阻时，原线圈中输入功率为10w考点：法拉第电磁感应定律；电功、电功率 专题：电磁感应与电路结合分析：根据原线圈输入电压的瞬时值表达式求出电压的最大值，然后应用变压器公式、欧姆定律、电功率公式分析答题解答：解：由原线圈两端输入电压的瞬时值表达式可知，u1max=220v，有效值u1有效=220v，由变压器公式可知，副线圈两端电压u2=u1有效=10v，故a错误；b、副线圈接10电阻，副线圈电流i2=1a，原线圈电流i1=i2=a，故b错误；c、副线圈两端电压最大值：u2max=u2=10，由法拉第电磁感应定律得：u1max=n2，磁通量变化率最大值：=10，故c错误；d、副线圈接一10电阻时，原线圈中输入功率p=u1有效i1=10w，故d正确；故选：d点评：由交变电流的瞬时值表达式求出其最大值是正确解题的前提与关键，应最大值与有效值间的关系公式、欧姆定律、电功率公式、变压器公式即可正确解题；要注意：我们平时所说的、用电器上所标的、求电功与电功率时所用的都是交变电流的有效值9（5分）如图所示，位于粗糙固定斜面上的小物块p受到一水平向右的推力f的作用而静止在斜面上，现保持f的方向不变，使其减小，物块p仍然静止则物块p（）a受到摩擦力一定减小b受到摩擦力大小可能不变c对斜面的压力一定减小d受到合力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对物体受力分析，受重力、支持力、推力f，可能有静摩擦力，根据平衡条件列式分析即可解答：解：ab、对物体受力分析，受重力、支持力、推力f，其中推力的上滑分力fcos与重力的下滑分力gsin间的大小关系未知（为斜面坡角），讨论如下：若fcosgsin，物体有上滑趋势，静摩擦力平行斜面向下，为f=fcosgsin，推力连续减小时，静摩擦力可能一直减小，也可能先减小到零后反向增加；若fcos=gsin，物体无滑动趋势，不受静摩擦力，f=0，推力连续减小时，静摩擦力一定是增加；若fcosgsin，物体有下滑趋势，静摩擦力平行斜面向上，为f=gsinfcos，推力连续减小时，静摩擦力一定增加；综上，静摩擦力可能增加、减小、先减小后反向增加，大小存在相等的可能，故a错误，b正确；c、滑块对斜面的压力等于重力的垂直分力和推力的垂直分力之和，为n=mgcos+fsin，故推力减小，压力一定减小，故c正确；d、物体保持静止，合力一直为零，是不变的，故d正确；故选：bcd点评：本题难点在于静摩擦力的不确定性上，关键通过比较推力的上滑分力fcos与重力的下滑分力gsin间的大小关系来确定物体的滑动趋势10（5分）如图，在x0、y0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xoy平面向里，大小为b现有一质量为m、电量为q的带电粒子，在x轴上到原点的距离为x0的p点，以平行于y轴的初速度射入此磁场，在磁场作用下沿垂直于y轴的方向射出此磁场不计重力的影响由这些条件可知（）a能确定粒子通过y轴时的位置b能确定粒子速度的大小c能确定粒子在磁场中运动所经历的时间d以上三个判断都不对考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：由垂直于y轴离开磁场，可得粒子通过y轴的位置，同时可知粒子的轨迹是圆周，确定了运动半径为x0，根据洛伦兹力提供向心力，可求得速度因粒子运动周期，运动时间为t解答：解：由题意可知，带电粒子在磁场中的运动轨迹如图所示，可知离开磁场通过y轴时的位置的位置为y=x0；并得到运动的半径为r=x0，由半径公式r= 可求出粒子的速度为v0=；带电粒子是垂直于y轴离开磁场的，顾可知带电粒子在磁场中运动了圆周，即时间是t，又因t=，粒子的运动时间为t=故abc正确故选：abc点评：首先根据题意判断带电粒子的偏转方向是解决此题的关键，根据偏转方向，画出运动轨迹的草图，可分三步走：（1）、画轨迹：即确定圆心，用几何方法球半径并画出轨迹（2）、找联系：轨道半径与磁感应强度、运动速度相联系、偏转角与圆心角、运动时间相联系（3）、用规律：即牛顿第二定律和圆周运动的规律，特别是半径公式和周期公式二填空题（每空3分，共15分）11（6分）图一中螺旋测微器读数为1.997mmmm图二中游标卡尺（游标尺上有50个等分刻度）读数为10.94mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为49.70.01mm=0.497mm，所以最终读数为1.5mm+0.497mm=1.997mm2、游标卡尺的主尺读数为：1cm=10mm，游标尺上第47个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为470.02mm=0.94mm，所以最终读数为：10mm+0.94mm=10.94mm故答案为：（1）1.997mm（可以有适当的误差）（2）10.94点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12（9分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为t=0.10s，其中s1=7.05cm、s2=7.68cm、s3=8.33cm、s4=8.95cm、s5=9.61cm、s6=10.26cm，则a点处瞬时速度的大小是0.86m/s，小车运动的加速度计算表达式为a=，加速度的大小是0.64m/s2（计算结果保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度解答：解：利用匀变速直线运动的推论得：va=0.86m/s由于相邻的计数点间的位移之差不等，故采用逐差法求解加速度根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，得：s4s1=3a1t2s5s2=3a2t2s6s3=3a3t2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）小车运动的加速度计算表达式为a=代入数据得：a=0.64m/s2故答案为：0.86，a=，0.64点评：要注意单位的换算和有效数字的保留能够运用逐差法求解加速度三计算题（共35分）：13（10分）半径为r的光滑半圆环形轨道固定在竖直平面内，从与半圆环相吻合的光滑斜轨上高h=3r处，先后释放a、b两小球，a球的质量为2m，b球的质量为m，当a球运动到圆环最高点时，b球恰好运动到圆环最低点，如图所示求：（1）此时a、b球的速度大小va、vb；（2）这时a、b两球对圆环作用力的合力大小和方向考点：机械能守恒定律；向心力 专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）a、b球下滑的过程中，都只有重力做功，根据机械能守恒定律求出速度大小va和vb；（2）分别以两球为研究对象，根据牛顿第二定律求出轨道对两球的作用力，再根据牛顿第三定律求解a、b两球对圆环作用力的合力大小和方向解答：解：（1）对a分析：从斜轨最高点到半圆环形轨道最高点，由机械能守恒得：2mg（3r2r）=2m解得：va=对b分析：从斜轨最高点到半圆环形轨道最低点，由机械能守恒有：3mgr=m解得：vb=（2）设半圆环形轨道对a、b的作用力分别为fna、fnb，fna方向竖直向下，fnb方向竖直向上根据牛顿第二定律得：fna+2mg=，fnbmg=m解得：fna=2mg，fnb=7mg根据牛顿第三定律，a、b两球对圆环的力分别为：fna=2mg，方向竖直向上；fnb=7mg，方向竖直向下，所以a、b两球对圆环作用力的合力大小f=5mg，方向竖直向下答：（1）此时a、b球的速度大小分别为和（2）这时a、b两球对圆环作用力的合力大小5mg，方向竖直向下点评：本题是向心力和机械能守恒定律的综合应用，常规题，速度是它们之间联系的纽带14（15分）如图所示，电阻r1=2，小灯泡l上标有“3v，1.5w“，电源内阻r=1，滑动变阻器的最大阻值为r0（大小未知），当触头p滑动到最上端a时，安培表的读数为1a，小灯泡l恰好正常发光，求：（1）滑动变阻器的最大阻值r0（2）当触头p滑动到最下端b时，求电源的总功率及输出功率考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：（1）当触头p滑动到最上端a时，r与灯泡并联后与电阻r1串联根据欧姆定律求解滑动变阻器的最大阻值r0（2）当触头p滑动到最下端b时，滑动变阻器和小灯泡均被短路由闭合电路的欧姆定律求出电流，再求解电源的总功率及输出功率解答：解：（1）当触头p滑动到最上端a时，流过小灯泡l的电流为： 流过滑动变阻器的电流：i0=iail=0.5a 所以滑动