内蒙古包头市青山区中考物理一模试题（含解析）.doc

2015年内蒙古包头市青山区中考物理一模试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1下列有关物态变化的叙述正确的是（）a冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气凝华而成b舞台上的云雾是干冰升华使空气中的水蒸气液化成的小水珠c冰熔化过程中冰水混合物温度高于0d通常采用降温的方法将石油液化储存在钢罐内2在我国首次“太空授课”中，女航天员王亚平制造了一个小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”，如图，下列说法正确的是（）a“倒影”是光的反射形成的b“倒影”不能成在光屏上c若王亚平距水球变远，“倒影”会变大d照相机是利用这一成像原理制成的3如图所示，工人用滑轮组提升重物，每只滑轮质量均相同，若把同一货物匀速提升相同的高度（不计绳子与滑轮间的摩擦），下列说法正确的是（）a使用c滑轮组与使用d滑轮组一样省力b使用d滑轮组最省距离c其中机械效率最高的是使用b滑轮d其中拉力f的功率最高的是使用a滑轮4下列说法正确的是（）a汽车行驶中，路边的树木向后飞驰而去，这是因为我选择了大地为参照物b我国的北斗星定位系统是利用超声波来传递信号的c用大小不同的力敲击同一音叉是为探究响度与振幅的关系d风中雨伞容易“上翻”，是由于空气流速大的地方压强大5下一四幅图，对应的说法正确的是（）a甲图中电能表的转盘转的越快，说明用电器消耗的电能越多b乙图中闭合开关，通电螺线管右端为s极c丙图中闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的n、s极，导体的运动方向不变d丁图中闭合开关，只要导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就一定会有感应电流6如图所示，水平地面上有一块密度为0.6103kg/m3、高1.2m的长方体木块小林用水平推力f把木块向前推动，此过程中，推力f和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图甲、乙所示（g取10n/kg）下列说法正确的是（）a木块静止时对地面的压强为0.72105pab在01s内，木块所受的推力小于摩擦力c在35s内，推力对木块所做的功为400jd在56s内，木块由于所受到惯性继续向前运动7如图甲，两灯泡串联在电路，电源电压为6v，l1的额定电压为3v，l2的额定电压为2.5v通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片滑至中点时，其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，下列说法中正确的是（）a正常发光的小灯泡是l2，其额定功率为0.5wb此时滑动变阻器接入电路的电阻是10c此时小灯泡l2比l1亮d若小灯泡l1和l2并联，则干路中最大电流为0.35a二、作图与实验题（共4小题，第8题4分，第9题4分，第10题7分，第11题6分，满分21分）8如图，在研究平面镜成像实验中（1）用透明玻璃板代替平面镜的目的是为了能确定像的取两只相同蜡烛的目的是为了能比较像与物的（2）实验过程中，如果在平面上无论怎样移动蜡烛b，都无法与蜡烛a的像完全重合，原因可能是（3）如果当蜡烛b与蜡烛a的像完全重合后，再移去蜡烛b，在蜡烛b的原来位置上放一光屏，光屏上（选填“能”或“不能”）承接到蜡烛a的像9为了比较水和煤油的吸热能力，小明设计了如下实验步骤：a在两个同样的烧杯中，分别装入等体积的水和煤油；b用两支温度计分别测出水和煤油的初温；c在烧杯中，分别放入完全相同的电热器，加热时间相同；d用温度计分别测出水和煤油的末温小聪认为：（1）步骤a存在的错误是：，应改为（2）步骤c，加热时间相同是为了使水和煤油（3）步骤b和d是为了得出水和煤油的（4）小明的实验采用的方法是10某同学要测量一未知电阻rx的阻值（1）该同学连接完电路后发现有处错误，如图甲所示，请在错误的导线上划“”，并画出正确的连线（2）闭合开关后，当滑动变阻器的滑片向右移动到某一位置时，电压表的示数为2.4v，电流表的示数如图乙所示，则i=a，rx=（3）该同学又设计了如图丙所示的测量电路，同样可以测量未知电阻rx，其中r0是定值电阻请在空格内把实验步骤补充完整，用电压表测出电源的电压u；，用电压表测出待测电阻rx两端的电压为u1；请用测量值u和u1，已知量r0来表达rx=11如图所示是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物体a做运动，这样做便于测量滑动摩擦力的大小（2）实验时，小明先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉着物体沿水平方向做匀速直线运动，则测出的摩擦力实际摩擦力（3）分析图甲、乙可知，在接触面粗糙程度相同时，越大，滑动摩擦力越大（4）分析图甲和丙，发现弹簧测力计的示数f1f3，说明：压力一定时，滑动摩擦力越大人们通过大量实验进一步证明：接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比（5）如图丁所示，在图丙中物块a上叠放一块与之相同的物块b，用弹簧测力计拉着物块a，使物块b随a一起做匀速直线运动弹簧测力计示数为f4，则f4：f3=；此运动过程中，物块b受到的摩擦力fb=n三、计算题（共2小题，第12题9分，第13题9分，满分18分）12如图甲所示，水平放置的平底柱形容器a底面积为200cm2不吸水的正方体木块b的质量为0.6kg，边长为10cm，静止在容器底部质量体积忽略的细线一端固定在容器底部另一端固定在木块底面中央，且细线的长度l=5cm（g取10n/kg）求：（1）甲图中，木块对容器底部的压强多大？（2）向容器a中缓慢加水，当细线受到的拉力为1n时，停止加水，如图乙所示，此时容器底部受到水的压强是多大？13如图所示，是某科技活动小组的同学们设计的恒温箱内部电路结构示意图它包括了工作电路和控制电路两部分，用于获得高室温、控制在一定范围内恒温其中，r为滑动变阻器，r为可变电阻，电磁铁整个线圈的电阻r0=20，加热器的电阻r1=121当控制电路的电流i0.03a时，电磁继电器的衔铁被吸引；当控制电路的电流i0.024a时，电磁继电器的衔铁被弹簧拉起，则：（1）当该恒温箱处于加热状态时，工作电路1min消耗的电能为多少？（2）当滑动变阻器的电阻r=300，可变电阻r=180时，衔铁恰好被拉起，控制电路的电源电压是多少？（3）当滑动变阻器的电阻r=300时，衔铁恰好被吸引，可变电阻的最小电阻是多少？2015年内蒙古包头市青山区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1下列有关物态变化的叙述正确的是（）a冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气凝华而成b舞台上的云雾是干冰升华使空气中的水蒸气液化成的小水珠c冰熔化过程中冰水混合物温度高于0d通常采用降温的方法将石油液化储存在钢罐内【考点】生活中的凝华现象；熔化与熔化吸热特点；液化及液化现象；液化方法及其应用【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华【分析】（1）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；（2）物质由气态变为固态的过程叫凝华；（3）物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化（4）气体液化的方法有二：降低温度，压缩体积【解答】解：a、冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气遇冷凝华而成的冰晶故a错误；b、舞台上的云雾是干冰升华成二氧化碳气体过程中吸收大量的热，使空气中的水蒸气液化而成的故b正确；c、冰熔化过程中温度保持不变，所以冰水混合物的温度始终是0故c错误；d、通常采用在常温下，压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内故d错误故选b【点评】此题考查的是我们对物态变化条件、特点、种类的掌握和应用，是热现象考查的重点，要熟练掌握基本规律2在我国首次“太空授课”中，女航天员王亚平制造了一个小水球，我们看到了她在水球中的“倒影”，如图，下列说法正确的是（）a“倒影”是光的反射形成的b“倒影”不能成在光屏上c若王亚平距水球变远，“倒影”会变大d照相机是利用这一成像原理制成的【考点】凸透镜成像的应用【专题】透镜及其应用【分析】u2f，成倒立、缩小的实像；2fuf，成倒立、放大的实像；uf，成正立、放大的虚像成实像时，物距越大，像距越小，像越小【解答】解：a、王亚平在水球中的“倒影”，是光的折射形成的；故a错误；b、“倒影”是实像，可以成在光屏上，故b错误；c、透过水球看到倒影，说明凸透镜成实像，当王亚平向后远离“水球”时，物距增大，像距减小，像变小，即“倒影”会变小，故c错误；d、水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，成倒立缩小的实像，照相机是利用这一成像原理制成的，故d正确故选d【点评】本题考查凸透镜成像的规律的应用以及物距、像距和像之间的关系，难易程度适中3如图所示，工人用滑轮组提升重物，每只滑轮质量均相同，若把同一货物匀速提升相同的高度（不计绳子与滑轮间的摩擦），下列说法正确的是（）a使用c滑轮组与使用d滑轮组一样省力b使用d滑轮组最省距离c其中机械效率最高的是使用b滑轮d其中拉力f的功率最高的是使用a滑轮【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；功率大小的比较【专题】简单机械；功、功率、机械效率【分析】（1）根据把同一货物匀速提升相同的高度时做的有用功相同，根据额外功产生的原因分析额外功之间的关系，根据=100%=100%分析它们机械效率之间的关系；（2）由cd两图可知绳子的有效股数，根据f=（g+g动）比较两者拉力之间的关系【解答】解：（1）由w=gh可知，把同一货物匀速提升相同的高度时做的有用功相同，因acd中都需要提升动滑轮的重力做额外功，b中不需要，所以，由=100%=100%可知，b滑轮的机械效率最高；故c正确；（2）由图可知：绳子的有效股数na=2，nb=1，nc=3，nd=2，由f=（g+g动）可知，把同一货物匀速提升相同的高度（不计绳子与滑轮间的摩擦）时，使用c滑轮组比使用d滑轮组更省力，使用b滑轮组最省距离且该滑轮组的功率最大，故abd错误故选c【点评】本题考查了有关动滑轮、定滑轮、滑轮组拉力和机械效率的大小比较，分清额外功产生的原因是关键4下列说法正确的是（）a汽车行驶中，路边的树木向后飞驰而去，这是因为我选择了大地为参照物b我国的北斗星定位系统是利用超声波来传递信号的c用大小不同的力敲击同一音叉是为探究响度与振幅的关系d风中雨伞容易“上翻”，是由于空气流速大的地方压强大【考点】参照物及其选择；流体压强与流速的关系；响度与振幅的关系；电磁波的传播【专题】综合复习专题【分析】a、物体的运动和静止时相对的，相对于参照物而言，物体的位置发生改变，则说物体是运动的，否则是静止的；b、我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用电磁波传递信号的；c、响度是由声源的振幅（即振动的幅度）决定；d、流体的压强跟流速有关，流速越快的地方压强反而越小【解答】解：a、汽车行驶中，以汽车为参照物，路边的树木向后运动，故a错误；b、我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用电磁波来传递信号的，故b错误；c、用大小不同的力敲击同一音叉是为了探究响度与振幅的关系，声音振动的振幅越大，响度越大，故c正确；d、风中雨伞容易“上翻”，是由于流速大的地方压强小，故d错误故选：c【点评】本题考查参照物的选择、液体压强与流速的关系、响度与振幅及电磁波的传播，知识点多，属于中等题5下一四幅图，对应的说法正确的是（）a甲图中电能表的转盘转的越快，说明用电器消耗的电能越多b乙图中闭合开关，通电螺线管右端为s极c丙图中闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的n、s极，导体的运动方向不变d丁图中闭合开关，只要导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中就一定会有感应电流【考点】电能表参数的理解与电能的求法；安培定则；磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件【专题】电能和电功率；磁现象、电生磁；电动机、磁生电【分析】a、电能表是测量家庭电路中一段时间消耗电能多少的工具，转盘转到快慢反应此时电流做功的快慢；b、安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；c、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；d、闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应【解答】解：a、电能表的转盘转的越快，说明电流通过用电器做功越快，做功的多少还与通电时间有关，故a错误；b、根据图中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，故利用安培定则可知通电螺线管的右端为n极，故b错误；c、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，电流方向不变，对调n、s极即改变了磁感线方向，导体棒摆动方向将改变，故c错误；d、闭合开关，导体在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流，故d正确故选d【点评】本题考查了学生对电功率的理解，电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，还考查了安培定则的应用，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用6如图所示，水平地面上有一块密度为0.6103kg/m3、高1.2m的长方体木块小林用水平推力f把木块向前推动，此过程中，推力f和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图甲、乙所示（g取10n/kg）下列说法正确的是（）a木块静止时对地面的压强为0.72105pab在01s内，木块所受的推力小于摩擦力c在35s内，推力对木块所做的功为400jd在56s内，木块由于所受到惯性继续向前运动【考点】压强的大小及其计算；惯性；功的计算【专题】运动和力；压强、液体的压强；功、功率、机械效率【分析】（1）木块放在水平地面时的压力和自身的重力相等，已知木块是长方体；则可以利用p=gh求对水平地面的压强；（2）物体处于平衡状态时受到的力就是平衡力，根据平衡力的大小相等判断出摩擦力的大小（3）根据乙图算出在35s内通过的距离，根据甲图找出此时的推力，根据w=fs计算出推力做的功；（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；惯性不是力，不能说受到惯性作用【解答】解：a、由于木块是长方体，放在水平地面时，由p=gh可知：对水平地面的压强p=gh=0.6103kg/m310n/kg1.2m=7.2103pa；故a错误；b、由图甲和图乙知，在01s内物体没有移动，处于静止状态，摩擦力与推力相平衡，即此时摩擦力为f=f=100n，故b错误c、由图象可知在35s内的运动速度v3=1m/s，推力f3=200n，由v=可得，在35s内移动的距离为：s3=v3t3=1m/s2s=2m，推力做功：w=f3s3=200n2m=400j；故c正确；d、由图可知，在56s内，木块不再受到力的作用，之所以向前继续运动是因为木块具有惯性，仍要保持原来的运动状态，运动速度逐渐减小为0m/s，是因为受到摩擦阻力的原因惯性不是力，不能说受到惯性故d错误故选c【点评】本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题7如图甲，两灯泡串联在电路，电源电压为6v，l1的额定电压为3v，l2的额定电压为2.5v通过两个灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片滑至中点时，其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，下列说法中正确的是（）a正常发光的小灯泡是l2，其额定功率为0.5wb此时滑动变阻器接入电路的电阻是10c此时小灯泡l2比l1亮d若小灯泡l1和l2并联，则干路中最大电流为0.35a【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）由图象可知，两灯泡的额定电流，根据串联电路的电流特点可知能正常发光的灯泡是额定电流较小的，根据p=ui求出其额定功率；（2）根据额定电压和额定电流，计算两灯电阻，由串联电路特点和欧姆定律计算变阻器连入阻值；（3）灯泡亮度取决于其实际功率，由p=i2r比较灯泡的亮度情况；（4）其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，根据并联电路特点，计算出电路中最大电流【解答】解：a、由图象可知，l1的电压为3v时通过的电流0.15a，l2的电压为2.5v时通过的电流为0.2a，因串联电路中各处的电流相等，且其中一个灯泡正常发光，另一个不损坏，所以，电路中电流i=i1=0.15a，正常发光的灯泡是l1，其额定功率p1=u1i1=3v0.15a=0.45w，故a错误；b、由i=可得：r1=20，r2=12.5，由此时变阻器连入的电阻值为：r滑=r总r1r2=2012.5=7.5，故b错误；c、根据p=i2r，因为r1r2，所以p1p2，灯泡亮度取决于其实际功率，所以灯l1亮些，故c错误；d、小灯泡l1和l2并联，一个灯泡正常发光，另一个不损坏，所以两灯并联后的电压最大为2.5v，此时l2正常发光，由图象此时l1的电流：i1=0.15a，所以电路中最大电流：i最大=i1+i2=0.15a+0.2a=0.35a，故d正确故选d【点评】本题考查了串、并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是根据两灯泡的额定电流确定串联电路中的最大电流，并联时根据额定电压确定最大电压还要明确灯泡电阻不是定值，并联时l1的电流不可由欧姆定律计算得到，应从图象上读出二、作图与实验题（共4小题，第8题4分，第9题4分，第10题7分，第11题6分，满分21分）8如图，在研究平面镜成像实验中（1）用透明玻璃板代替平面镜的目的是为了能确定像的位置取两只相同蜡烛的目的是为了能比较像与物的大小（2）实验过程中，如果在平面上无论怎样移动蜡烛b，都无法与蜡烛a的像完全重合，原因可能是玻璃板没有与平面垂直放置（3）如果当蜡烛b与蜡烛a的像完全重合后，再移去蜡烛b，在蜡烛b的原来位置上放一光屏，光屏上不能（选填“能”或“不能”）承接到蜡烛a的像【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【专题】探究型实验综合题【分析】（1）研究平面镜成像特点时，确定像的位置是关键像的位置用蜡烛b与蜡烛a的像重合来确定实验中既能看到物体a的像，又能看到蜡烛b，要采用透明的玻璃板研究物像的大小采用的是等效替代法，把蜡烛a的大小用蜡烛b来代替（2）玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，使玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面蜡烛的像不能完全重合（3）虚像光屏接收不到，实像光屏能接收到【解答】解：（1）为了确定像的位置，让蜡烛a的像和蜡烛b重合，既能观察到a蜡烛像的同时，也能观察到b蜡烛，实验中要使用透明的玻璃板选用大小相同的两个蜡烛，是为了用蜡烛b代替蜡烛a，来比较物像的大小（2）玻璃板竖直放在水平桌面上，像在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，所以如果无论怎样移动蜡烛都无法与像重合，则原因玻璃板没有竖直放置（3）光屏能接收到实像，但接收不到虚像，因为平面镜成的是虚像，所以移去蜡烛b，在蜡烛b的原来位置上放一光屏，光屏上不能承接到蜡烛a的像故答案为：（1）位置；大小；（2）玻璃板没有与平面垂直放置；（3）不能【点评】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点只要牢记平面镜成像的特点，解答此类题目就不难9为了比较水和煤油的吸热能力，小明设计了如下实验步骤：a在两个同样的烧杯中，分别装入等体积的水和煤油；b用两支温度计分别测出水和煤油的初温；c在烧杯中，分别放入完全相同的电热器，加热时间相同；d用温度计分别测出水和煤油的末温小聪认为：（1）步骤a存在的错误是：等体积的水和煤油，应改为等质量的水和煤油（2）步骤c，加热时间相同是为了使水和煤油吸收相同热量（3）步骤b和d是为了得出水和煤油的升高的温度（4）小明的实验采用的方法是控制变量法【考点】探究比热容的实验【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）“比较水和煤油吸热能力”需要控制水和煤油的质量相等，因为水和煤油的密度是不同的，体积相同时，质量是不同的；（2）已知酒精灯的火焰相同，所以相同时间为两种液体提供的热量相同；（3）步骤b、d分别测量的是初温度和末温度，两次测量之差就是温度差【解答】解：（1）依题意，为了比较水和煤油吸热升温的特点，根据吸收热量的公式q=cmt可知，实验需要采用控制变量法，控制水和煤油的质量（2）步骤c加热时间相同是为了使水和煤油，吸收相等的热量，（3）步骤b和d是为了得出水和煤油的升高温度（4）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法故答案是：（1）等体积的水和煤油；等质量的水和煤油；（2）吸收相同热量；（3）升高的温度；（4）控制变量法【点评】本题考查的是学生观察实验现象、分析实验现象，得出实验结论的能力，这种能力的考查将在中考所占的比例越来越大此实验过程充分利用了控制变量法和转换法10某同学要测量一未知电阻rx的阻值（1）该同学连接完电路后发现有处错误，如图甲所示，请在错误的导线上划“”，并画出正确的连线（2）闭合开关后，当滑动变阻器的滑片向右移动到某一位置时，电压表的示数为2.4v，电流表的示数如图乙所示，则i=0.4a，rx=5（3）该同学又设计了如图丙所示的测量电路，同样可以测量未知电阻rx，其中r0是定值电阻请在空格内把实验步骤补充完整闭合开关s、s1，用电压表测出电源的电压u；闭合开关s、断开s1，用电压表测出待测电阻rx两端的电压为u1；请用测量值u和u1，已知量r0来表达rx=【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】测量型实验综合题【分析】（1）本实验中，电压表应测rx两端电压，变阻器应一上一下接入电路，由此修改电路连接；（2）由图乙读出电压表的示数为2.4v，电流表的示数并由r=计算电阻；（2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（3）由电路图可知，当开关s、s1均闭合时电路为rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关s闭合、s1断开时，r0、rx串联，电压表测rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果【解答】解：（1）测电阻的实验中，电压表应测rx两端电压，并且变阻器应一上一下接入电路，由甲图可知电压表测的是rx和变阻器左半边电压，变阻器当成定值电阻接入电路，由此修改电路如图所示：；（2）由图乙，电流表使用00.6a量程，分度值为0.02a，电压表的示数为2.4v，电流表的示数为0.48a，由i=可得rx的阻值：rx=5；（3）实验步骤：闭合开关s、s1，用电压表测出电源的电压u；闭合开关s、断开s1，用电压表测出待测电阻rx两端的电压为u1；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，r0两端的电压：u0=uux=uu1，所以，i=，因串联电路中各处的电流相等，所以rx=故答案为：（1）见上图；（2）0.48；5；（3）闭合开关s、s1；闭合开关s、断开s1；【点评】本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验11如图所示是“探究滑动摩擦力大小与什么因素有关”的实验：（1）实验过程中，必须用弹簧测力计沿水平方向拉着物体a做匀速直线运动，这样做便于测量滑动摩擦力的大小（2）实验时，小明先在竖直方向上对弹簧测力计调零，然后用弹簧测力计拉着物体沿水平方向做匀速直线运动，则测出的摩擦力小于实际摩擦力（3）分析图甲、乙可知，在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大（4）分析图甲和丙，发现弹簧测力计的示数f1f3，说明：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大人们通过大量实验进一步证明：接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比（5）如图丁所示，在图丙中物块a上叠放一块与之相同的物块b，用弹簧测力计拉着物块a，使物块b随a一起做匀速直线运动弹簧测力计示数为f4，则f4：f3=2：1；此运动过程中，物块b受到的摩擦力fb=0n【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【专题】探究型实验综合题【分析】（1）实验时，注意应使物体做匀速直线运动，根据二力平衡可知摩擦力等于拉力；（2）根据弹簧测力计自身重力对结果的影响进行分析；（3）（4）影响滑动摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度；压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；（5）在接触面相同时，滑动摩擦力与压力的大小成正比，据此判断两力的比值；同时要知道当物体间没有相对运动趋势时，不会产生摩擦力【解答】解：（1）当物体保持静止或做匀速直线运动时受平衡力，此时滑动摩擦力等于测力计的拉力，因此，这里是利用了二力平衡的知识；（2）因为弹簧自身重力的作用，所以当在竖直方向上对弹簧测力计调零后，再在水平方向上测拉力的大小，指针的位置会有一定的回缩，至使所测出的摩擦力小于实际摩擦力的大小；（3）比较甲、乙两图，接触面材料相同，甲图中压力小，甲弹簧测力计的示数小，即摩擦力小，说明滑动摩擦力与压力大小有关，接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）比较甲、丙两图，压力相同，丙图中接触面粗糙，丙弹簧测力计的示数大，即摩擦力大，说明滑动摩擦力与接触面的粗糙程度有关，压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（4）接触面的粗糙程度相同，摩擦力大小与压力成正比，丁的压力是丙的2倍，可知丁的摩擦力是丙的2倍，即f4：f3=2：1；由于b相对于a没有相对运动，故物块b所受的摩擦力为0n故答案为：（1）匀速直线；（2）小于；（3）压力；（4）接触面越粗糙；（4）2：1；0【点评】本题考查探究摩擦力大小与什么因素有关，注意实验中应用的研究方法：控制变量法、转换法以及二力平衡原理等，都是我们应该熟练掌握的三、计算题（共2小题，第12题9分，第13题9分，满分18分）12如图甲所示，水平放置的平底柱形容器a底面积为200cm2不吸水的正方体木块b的质量为0.6kg，边长为10cm，静止在容器底部质量体积忽略的细线一端固定在容器底部另一端固定在木块底面中央，且细线的长度l=5cm（g取10n/kg）求：（1）甲图中，木块对容器底部的压强多大？（2）向容器a中缓慢加水，当细线受到的拉力为1n时，停止加水，如图乙所示，此时容器底部受到水的压强是多大？【考点】压强的大小及其计算；液体的压强的计算【专题】压强、液体的压强【分析】（1）已知木块边长10cm，可求出受力面积，压力大小等于木块重力，根据p=求出压强；（2）对木块做受力分析，向上的是浮力，向下的受到了自身的重力和细线的拉力，即f浮=g+f拉，利用阿基米德原理可以计算出排开液体的体积，进而计算出木块浸入水中的高度，据此可以得出此时容器内水面的高度，然后由液体压强公式求出压强【解答】解：（1）受力面积：s=10102m10102m=0.01m2，对杯底的压力：f=g=0.6kg10n/kg=6n，