北京市东城区高三物理下学期零模试卷（含解析）.doc

北京市东城区2015届高考物理零模试卷 一、选择题1下列事例中能说明原子具有核式结构的是( )a光电效应现象的发现b汤姆逊研究阴极射线时发现了电子c卢瑟福的粒子散射实验发现有少数粒子发生大角度偏转d天然放射现象的发现2下列说法中正确的是( )a布朗运动就是液中大量分子的无规则运动b布朗运动的剧烈程度与温度无关c固体很难被压缩，说明固体内分子之间只有相互的斥力d物体的温度越高，分子热运动越剧烈3红光与紫光相比( )a玻璃对紫光的折射率较对红光的大b红光的波长较小c在真空中传播时，紫光的速度比较大d在玻璃中传播时，紫光的速度比较大4如图所示，理想变压器原线圈通过理想电流表接在输出电压u=220sin100tv的交流电源的两端，副线圈中接有理想电压表及阻值r=50的负载电阻，已知原、副线圈匝数之比为11：1，则下列说法中正确的是( )a电流表的示数为4.4ab原线圈的输入功率为16wc电压表的示数为20vd通过电阻r的交变电流的频率为100hz5我国发射的“神舟”系列飞船，在离地面数百公里高处绕地球做匀速圆周运动，如果考虑到空气阻力的作用，“神舟”飞船在运行过程中，其轨道半径将逐渐变小，但每一周仍可视为匀速圆周运动，因此可近似看成是一系列半径不断减小的圆周运动，在这一系列半径不断变小的圆周运动过程中，下列说法中正确的是( )a飞船运动的周期变大b飞船运动的角速度变大c飞船运动的速率变小d飞船运动的向心加速度变小6一列沿x轴传播的简谐横波，波速为10m/s，在t=0时刻的波形图线如图所示，此时x=1.0m处的质点正在向y轴负方向运动，则( )a此波一定沿x轴正方向传播bx=1.0m处的质点做简谐运动的周期为0.20sct=0时刻x=1.5m处的质点具有最大速度d再经1.0s，x=1.5m处的质点通过的路程为10m7如图甲所示，平行纸面放一环形闭合导体线圈，线圈所在空间充满垂直纸面的匀强磁场，该磁场方向垂直纸面向里为b的正方向，线圈中感应电流方向沿顺时针方向为正方向，如要产生如图乙所示的随时间变化的感应电流，则磁感应强度b随时间变化图象可能是图中的( )abcd8质量为m的木块静止在水平面上，一颗质量为m的子弹，以水平速度击中木块并留在其中，木块滑行距离s后，子弹与木块以共同速度运动，此过程中子弹射入木块的深度为d为表示该过程，甲、乙两同学分别画出了如图所示的示意图若子弹射入木块的时间极短，对于甲、乙两图的分析，下列说法中正确的是 ( )a当水平面光滑时甲图正确，当水平面粗糙时乙图正确b当子弹速度较大时甲图正确，当子弹速度较小时乙图正确c若水平面光滑，当mm时，甲图正确，当mm时乙图正确d不论水平面是否光滑，速度、质量大小关系如何，均是乙图正确二、实验题9用螺旋测微器测量金属圆片的厚度，示数如图1所示，则此金属片厚度的测量值为_mm，用游标为20分度的卡尺测量此金属圆片的直径，示数如图2所示，则此金属圆片直径的测量值为_cm10有一阻值在500左右的定值电阻，额定功率为0.20w，现用电流表和电压表测量它的阻值，备有如下器材：a电流表：量程030ma，内阻约20b电流表：量程0300ma，内阻约1c电压表：量程03v，内阻约2.5kd电压表：量程015v，内阻约20ke变阻器：阻值范围020，额定电流2af电源：输出电压12v，内阻不计另有开关和导线若干测量时，为使被测电阻不被烧坏，实验中被测电阻两端的电压应控制在_v以下，据此电流表应选用_（用器材序号填写）为了减小测量误差，并能方便的进行多次测量取平均值，在如图所给的四种测量电路中，应选用_在操作、测量与计算均无误的情况下，若实验中选择了c所示的电路，测得的结果是488，若选择了d所示的电路，测得的结果是519，则_a该电阻的真实阻值更接近519，且应略小于519b该电阻的真实阻值更接近519，且应略大于519c该电阻的真实阻值更接近488，且应略大于488d该电阻的真实阻值更接近488，且应略小于488对于该待测电阻的iu图线，理想情况下iu图线用实线所示，若选择用图b进行实验，所绘制的iu图线用虚线表示，则在如图所示的几个图线总可能正确的是_11（16分）如图所示，bc是半径为r的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为e，p为一质量为m，带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），重力加速度为g（1）若小滑块p能在圆弧轨道上某处静止，求其静止时所受轨道的支持力的大小（2）若将小滑块p从c点由静止释放，滑到水平轨道上的a点时速度减为零，已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为求：滑块通过圆弧轨道末端b点时的速度大小以及所受轨道的支持力大小水平轨道上a、b两点之间的距离12（18分）如图所示，一长方体绝缘容器内部高为l，宽为h，垂直纸面方向的厚为d，左右两侧装有两根与容器内部连通，且上端开口的竖直细管a、b，上、下两端装有c和d，并经开关s与电源相连，电源的电动势为e，内电阻为r，容器中注满能导电的液体，液体的密度为，电阻率为电，将容器置于一匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，当开关断开时，两竖直管a、b中的液面高度相同，开关s闭合后，a、b两管中液面将出现高度差（1）试分析说明，开关s闭合后，哪根管内液面较高？（2）若闭合开关s后，测得两管液面高度差为h，则磁场的磁感应强度大小为多大？（3）在实际应用中，可以用测量两管液面高度差的方法来测量一磁场的磁感应强度，试分析说明此法测量磁感强度b时，欲提高测量灵敏度，可采取什么方法？13某中学的排球训练场地为长18.0m，宽9.0m的长方形，场地中央的排球网高约为2.0m，训练中使用的排球质量为0.28kg，取g=10m/s2（1）若前排运动员跳起来在球网的上边缘沿垂直球网且水平的方向，将二传手传出的排球击中到对方场地的底线，不计排球被击出前的速度极其直径的大小，求运动运击球过程中对排球所做的功（2）站位在后排的运动员站在3m线处竖直向上起跳，并在最高点将求沿垂直球网方向水平击出后去，不计排球被击出前的速度极其直径的大小若运动员跳起击球点的高度为2.5m，要想使排球既不触网也不出界，试分析说明击球的速度应满足什么条件若击球点的高度小于某个值，那么无论水平击球的速度多大，球不是触网就是出界，试求这个高度北京市东城区2015届高考物理零模试卷一、选择题1下列事例中能说明原子具有核式结构的是( )a光电效应现象的发现b汤姆逊研究阴极射线时发现了电子c卢瑟福的粒子散射实验发现有少数粒子发生大角度偏转d天然放射现象的发现考点：原子的核式结构专题：原子的核式结构及其组成分析：本题比较简单，考查了近代物理中的几个重要试验及发现，要了解这些试验及发现的内容及其重要物理意义解答：解：a、光电效应实验说明光具有粒子性，故a错误；b、汤姆逊研究阴极射线，是发现电子的实验，故b错误；c、粒子散射实验中极少数粒子的大角度偏转说明原子内存在原子核故c正确；d、元素放射性的发现揭示原子具有复杂的结构故d错误故选：c点评：本题考查对物理学史、常识的识记能力，对于类似知识要注意平时的积累与记忆2下列说法中正确的是( )a布朗运动就是液中大量分子的无规则运动b布朗运动的剧烈程度与温度无关c固体很难被压缩，说明固体内分子之间只有相互的斥力d物体的温度越高，分子热运动越剧烈考点：分子间的相互作用力专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：布朗运动是固体颗粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，所以温度越高布朗运动越显著，微粒做无规则运动的原因是由于它受到水分子的撞击力不平衡造成的分子间同时存在斥力和引力温度是分子平均动能的标志解答：解：a、布朗运动是固体颗粒的运动，反映了分子的无规则运动，故a错误b、布朗运动是液体分子无规则热运动的反映，所以温度越高布朗运动越显著，故b错误c、分子间同时存在斥力和引力，有时表现为引力，有时表现为斥力固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，对外表示为斥力，故c错误d、温度是分子平均动能的标志，温度越高分子运动月剧烈，故d正确故选：d点评：掌握了布朗运动的产生原因和影响因素；知道分子之间同时存在引力和斥力，不管距离远近3红光与紫光相比( )a玻璃对紫光的折射率较对红光的大b红光的波长较小c在真空中传播时，紫光的速度比较大d在玻璃中传播时，紫光的速度比较大考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：各种色光在真空中传播的速度相同，通过折射率的大小，比较在介质中传播的速度，根据波长和频率、波长的关系判断波长的大小解答：解：a、根据光的色散现象可知玻璃对紫光的折射率较对红光的大，故a正确b、红光的频率较小，根据c=f知，红光的波长较大，故b错误c、在真空中，紫光和红光传播的速度相同故c错误d、因为红光的折射率小于紫光的折射率，根据v=知，在玻璃中，红光的传播速度较大故d错误故选：a点评：解决本题的关键知道各种色光的频率大小和折射率大小，从而结合v=，c=f比较在介质中的速度和波长大小4如图所示，理想变压器原线圈通过理想电流表接在输出电压u=220sin100tv的交流电源的两端，副线圈中接有理想电压表及阻值r=50的负载电阻，已知原、副线圈匝数之比为11：1，则下列说法中正确的是( )a电流表的示数为4.4ab原线圈的输入功率为16wc电压表的示数为20vd通过电阻r的交变电流的频率为100hz考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比的特点即可求得结论解答：解：a、由表达式知原线圈电压有效值为220v，副线圈两端电压为20v，电压表的示数等于20v，副线圈的电流为：i=0.4a，输出功率等于输入功率为：p=ui=200.4=8w，根据电流与匝数成反比知，电流表示数为，ab错误c正确；d、频率为：f=50hz，d错误故选：c点评：本题结合变压器的变压比与变流比公式进行计算，同时要明确变压器的工作原理5我国发射的“神舟”系列飞船，在离地面数百公里高处绕地球做匀速圆周运动，如果考虑到空气阻力的作用，“神舟”飞船在运行过程中，其轨道半径将逐渐变小，但每一周仍可视为匀速圆周运动，因此可近似看成是一系列半径不断减小的圆周运动，在这一系列半径不断变小的圆周运动过程中，下列说法中正确的是( )a飞船运动的周期变大b飞船运动的角速度变大c飞船运动的速率变小d飞船运动的向心加速度变小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：飞船绕地球匀速圆周运动，由万有引力提供圆周运动向心力，据此分析描述圆周运动的物理量与半径的关系即可解答：解：根据万有引力提供圆周运动向心力有a、周期t=，可知飞船半径减小，周期减小，故a错误；b、角速度，可知飞船半径减小，角速度增大，故b正确；c、飞船的速率，可知飞船半径减小，飞船的速率增大，故c错误；d、加速度a=，可知飞船半径减小，飞船的向心加速度变大，故d错误故选：b点评：解决本题的关键是能根据万有引力提供圆周运动向心力分析描述圆周运动的物理量与圆周运动半径的关系6一列沿x轴传播的简谐横波，波速为10m/s，在t=0时刻的波形图线如图所示，此时x=1.0m处的质点正在向y轴负方向运动，则( )a此波一定沿x轴正方向传播bx=1.0m处的质点做简谐运动的周期为0.20sct=0时刻x=1.5m处的质点具有最大速度d再经1.0s，x=1.5m处的质点通过的路程为10m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象专题：振动图像与波动图像专题分析：由波的平移法即可判断出波的差别方向；波的图象即可读出波长与振幅；根据周期与时间的关系求出周期，质点在一个周期内的路程是4个振幅解答：解：a、由图，结合波的平移法可知，此时x=1.0m处的质点正在向y轴负方向运动知该波向左传播故a错误；b、在波的传播方向上，各点的周期是相等的，波的波长是2.0m，则：s故b正确；c、t=0时刻x=1.5m处的质点处在负方向的最大位置处，所以速度是0故c错误；d、再经1.0s，经历了个周期，质点在一个周期内的路程等于4个振幅，x=1.5m处的质点通过的路程为s=54a=200.02m=0.4m故d错误故选：b点评：本题由波动图象读出波长、由波的传播方向判断质点的振动方向、求质点通过的路程都是常规问题波形的平移法是波的图象中常用的方法，要熟练掌握7如图甲所示，平行纸面放一环形闭合导体线圈，线圈所在空间充满垂直纸面的匀强磁场，该磁场方向垂直纸面向里为b的正方向，线圈中感应电流方向沿顺时针方向为正方向，如要产生如图乙所示的随时间变化的感应电流，则磁感应强度b随时间变化图象可能是图中的( )abcd考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与电路结合分析：由右图可知电路中电流的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知磁场的变化情况；解答：解：线圈中感应电流方向沿顺时针方向为正方向，由e=n= 可知，电路中电流大小恒定不变由图可知，线圈产生的先电流逆时针方向，大小恒定，后顺时针方向，大小也恒定，a、由楞次定律可知，穿过线圈的磁场垂直向外，大小先均匀增大，后均匀减小，则产生感应电流先顺时针，后逆时针，故a错误，b、由楞次定律可知，穿过线圈的磁场垂直向外，大小先均匀减小，后反向，即垂直向里，大小均匀增大，则产生感应电流先顺时针，后仍是顺时针，故b错误，c、由楞次定律可知，穿过线圈的磁场垂直向里，大小先均匀增大，后均匀减小，则产生感应电流先逆时针，后顺时针，故c正确，d、穿过线圈的磁场不变，没有磁通量的变化，则没有感应电动势，故d错误故选：c点评：本题要求学生能正确理解bt图的含义，才能准确的利用楞次定律进行判定，并掌握法拉第电磁感应的应用8质量为m的木块静止在水平面上，一颗质量为m的子弹，以水平速度击中木块并留在其中，木块滑行距离s后，子弹与木块以共同速度运动，此过程中子弹射入木块的深度为d为表示该过程，甲、乙两同学分别画出了如图所示的示意图若子弹射入木块的时间极短，对于甲、乙两图的分析，下列说法中正确的是 ( )a当水平面光滑时甲图正确，当水平面粗糙时乙图正确b当子弹速度较大时甲图正确，当子弹速度较小时乙图正确c若水平面光滑，当mm时，甲图正确，当mm时乙图正确d不论水平面是否光滑，速度、质量大小关系如何，均是乙图正确考点：动量定理；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：动量定理应用专题分析：子弹和木块构成一系统，在水平方向上动量守恒列出等式，子弹射入木块的过程中对木块运用动能定理列出等式求解对木块、子弹的运动过程分别运用动能定理、动量守恒定律和能量守恒定律逐项分析求解解答：解：在子弹射入木块的瞬间，子弹与木块间的摩擦力远远大于木块与地面间的摩擦力，故地面光滑与粗糙效果相同；子弹和木块构成一系统，在水平方向上合外力为零，在水平方向上动量守恒，规定向右为正方向，设子弹与木块的共同速度为v，根据动量守恒定律有：mv0=（m+m）v木块在水平面上滑行的距离为s，子弹射入并穿出木块的过程中对木块运用动能定理得：fs=mv2=根据能量守恒定律得：q=fd=m（m+m）v2=所以q=fdfs，即ds，不论速度、质量大小关系如何，乙图正确；故abc错误，d正确；故选：d点评：动能定理的应用不涉及运动过程的加速度、时间，一般比牛顿第二定律结合运动学公式解题要简便在同一题中可以选择对不同研究对象运用动能定理去求解速度要能知道运动过程中能量的转化，能用能量守恒定律的观点解决问题二、实验题9用螺旋测微器测量金属圆片的厚度，示数如图1所示，则此金属片厚度的测量值为0.721mm，用游标为20分度的卡尺测量此金属圆片的直径，示数如图2所示，则此金属圆片直径的测量值为0.775cm考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用专题：实验题分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.0122.1mm=0.221mm，所以最终读数为0.721mm 游标卡尺的固定刻度读数为7mm，游标读数为0.0515mm=0.75mm，所以最终读数为7mm+0.75mm=7.75mm=0.775cm故答案为：0.721；0.775点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读10有一阻值在500左右的定值电阻，额定功率为0.20w，现用电流表和电压表测量它的阻值，备有如下器材：a电流表：量程030ma，内阻约20b电流表：量程0300ma，内阻约1c电压表：量程03v，内阻约2.5kd电压表：量程015v，内阻约20ke变阻器：阻值范围020，额定电流2af电源：输出电压12v，内阻不计另有开关和导线若干测量时，为使被测电阻不被烧坏，实验中被测电阻两端的电压应控制在10v以下，据此电流表应选用a（用器材序号填写）为了减小测量误差，并能方便的进行多次测量取平均值，在如图所给的四种测量电路中，应选用c在操作、测量与计算均无误的情况下，若实验中选择了c所示的电路，测得的结果是488，若选择了d所示的电路，测得的结果是519，则ca该电阻的真实阻值更接近519，且应略小于519b该电阻的真实阻值更接近519，且应略大于519c该电阻的真实阻值更接近488，且应略大于488d该电阻的真实阻值更接近488，且应略小于488对于该待测电阻的iu图线，理想情况下iu图线用实线所示，若选择用图b进行实验，所绘制的iu图线用虚线表示，则在如图所示的几个图线总可能正确的是d考点：伏安法测电阻专题：实验题分析：由功率与电阻的约值要可确定工作电压值从而确定其电压与电流表的量程 因所选电压表内阻大，则要用电流表外接法，要多测量数据，则用分压式接法 外接法测电阻偏小，则其真实值要大于测量值 同一电压下实际电流要小，则可确定其图象解答：解：由可得 i= 则被测被测电阻两端的电压应控制在 10v以下，据此电流表应选用 a 因电压表内阻较大，则用电流表外接法，多测量数据，则用分压式接法，可知应选择电路为c 由各c电路误差小，为外接法测电阻测量值小于真实值，则其真实值要略大于488，则c正确 同一电压下实际电流要小，则可确定其图象为d故答案为：10 a c c d点评：在电学实验的考查中，经常考查到仪表的选择、电流表内外接法的选择及实验数据的处理，故应注意此类问题的解法；在实验中要注意把握准确性及安全性原则11（16分）如图所示，bc是半径为r的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为e，p为一质量为m，带正电q的小滑块（体积很小可视为质点），重力加速度为g（1）若小滑块p能在圆弧轨道上某处静止，求其静止时所受轨道的支持力的大小（2）若将小滑块p从c点由静止释放，滑到水平轨道上的a点时速度减为零，已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为求：滑块通过圆弧轨道末端b点时的速度大小以及所受轨道的支持力大小水平轨道上a、b两点之间的距离考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）滑块在某点受重力、支持力、电场力三个力处于平衡，根据共点力平衡求出支持力的大小（2）小滑块从c到b的过程中，只有重力和电场力对它做功，根据动能定理求解根据圆周运动向心力公式即可求解，由动能定理即可求出ab的长解答：解：（1）受力如图，滑块在某点受重力、支持力、电场力平衡，有：f=，由牛顿第三定律得：fn=f=（2）小滑块从c到b的过程中，设滑块通过b点时的速度为vb，由动能定理得：mgrqer=m代入数据解得：vb=通过b前，滑块还是做圆周运动，由牛顿第二定律得：f支mg=m，由牛顿第三定律得：f压=f支代入数据解得：f压=3mg2qe（3）令a、b之间的距离为lab，小滑块从c经b到a的过程中，由动能定理得：mgrqe（r+lab）mglab=0解得：lab=答：（1）滑块通过b点时的速度大小为；（2）滑块通过b点前瞬间对轨道的压力3mg2qe；（3）水平轨道上a、b两点之间的距离点评：本题考查分析和处理物体在复合场运动的能力对于电场力做功w=qed，d为两点沿电场线方向的距离12（18分）如图所示，一长方体绝缘容器内部高为l，宽为h，垂直纸面方向的厚为d，左右两侧装有两根与容器内部连通，且上端开口的竖直细管a、b，上、下两端装有c和d，并经开关s与电源相连，电源的电动势为e，内电阻为r，容器中注满能导电的液体，液体的密度为，电阻率为电，将容器置于一匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，当开关断开时，两竖直管a、b中的液面高度相同，开关s闭合后，a、b两管中液面将出现高度差（1）试分析说明，开关s闭合后，哪根管内液面较高？（2）若闭合开关s后，测得两管液面高度差为h，则磁场的磁感应强度大小为多大？（3）在实际应用中，可以用测量两管液面高度差的方法来测量一磁场的磁感应强度，试分析说明此法测量磁感强度b时，欲提高测量灵敏度，可采取什么方法？考点：安培力；磁感应强度分析：（1）当开关闭合时，液体中有电流流过，电流在磁场中受到安培力作用，液体在力的作用下发生流动，使液面高度发生变化（2）根据高出的液体处于平衡状态列方程可以求出磁感应强度（3）根据第二问求出的磁感应强度的表达式，可以明确为了提高测量的灵敏度，应该采取的措施解答：解：（1）当开关闭合时，液体中有从c到d方向的电流，根据左手定则可知，液体将受到向左的安培力作用，在液面内部将产生压强，因此b端的液面将比a端的高（2）当液面稳定时，安培力对液体产生的压强与两管液面的高度差产生的压强相等，即bil=ghld，又根据闭合电路欧姆定律由，其中，联立解得b=；（3）由（2）可知，在b一定时，h越大，测量b的灵敏度越高，由b=可得，h=可知增大电源的电动势e，减小电源的内电阻r，减小容器的厚度d，减小液体的电阻率电和密度等均可提高测量b的灵敏度答：（1）开关s闭合后，b管内液面较高（2）若闭合开关s后，测得两管液面高度差为h，则磁场的磁感应强度大小为（3）增大电源的电动势e，减小电源的内电阻r，减小容器的厚度d，减小液体的电阻率电和密度等均可