北京市顺义区中考物理二模试题（含解析）(1).doc

北京市顺义区2014年中考物理二模试题一、单项选择题（共28分，每小题2分）1（2分）下列物理量中，以科学家安培的名字作为单位的是（）a电压b电流c电阻d电功率考点：物理常识分析：根据我们对电压、电流、电阻和电功率单位的了解来作答解答：解：电压的单位是伏特；电流的单位是安培；电阻的单位是欧姆；电功率的单位是瓦特故选b点评：此题考查的是我们对于电流、电压、电阻和电功率单位的了解，是一道基础题2下列有关声现象的说法中，正确的是（）a一切正在发声的物体都在振动b人耳能听到各种频率的声音c声音可以在真空中传播d声音不能在水中传播考点：声音的产生；声音的传播条件；人耳感知声音的过程及听到声音的条件专题：声现象分析：（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，不能在真空中传播；（2）人耳能听到的声音的频率20hz20000hz，低于20hz的是次声波，高于20000hz的是超声波，都是人耳听不到的解答：解：a、声音是由物体的振动产生的，一切正在发声的物体都在振动，该选项说法正确；b、并不是所有的声音人耳都能够听到，人耳能够听到声音的频率20hz20000hz，该选项说法不正确；c、声音只能在固体、液体、气体中传播，不能在真空中传播，该选项说法不正确；d、声音能够在固体、液体、气体中传播，该选项说法不正确故选a点评：本题考查了声音的产生和传播，是声学基础知识的考查，相对比较简单3（2分）（2014顺义区二模）下列实例中，目的是为了减小摩擦的是（）a足球守门员戴有防滑手套b运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹c骑自行车的人刹车时用力捏闸d给自行车轴承中加润滑油考点：增大或减小摩擦的方法专题：重力、弹力、摩擦力分析：（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动解答：解：a、足球守门员戴有防滑手套，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意；b、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是采用增大接触面粗糙程度的方法增大了摩擦，不符合题意；c、骑自行车的人刹车时用力捏闸，是采用增大压力的方法增大了摩擦，不符合题意；d、自行车轴承中加润滑油，是采用采用减小接触面粗糙程度的方法减小了摩擦，该选项符合题意故选d点评：本题考查了增大和减小摩擦的方法，知道摩擦力大小的影响因素是解题的关键，体现了物理和生活实际的联系4（2分）（2014顺义区二模）如图所示的各家用电器中，利用电流热效应工作的是（）a电风扇b电饭锅c电冰箱d笔记本电脑考点：电流的热效应、化学效应和磁效应专题：电与热、生活用电分析：（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；（3）电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的解答：解：a、电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故a错误；b、电饭锅工作时，主要把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故b正确；c、电冰箱工作时，主要把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应工作的，故c错误；d、笔记本电脑工作时，主要把电能转化为光能与声能，笔记本电脑的部分部件应用了电流的磁效应，不是利用电流的热效应工作的，故d错误；故选：b点评：本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题5（2分）（2014顺义区二模）如图所示的实例中，属于增大压强的是（）a载重卡车装有宽大的轮胎b纪念碑要建在宽大的基石上c在雪地上滑雪要穿上滑雪板d图钉顶尖做的很尖考点：增大压强的方法及其应用专题：压强、液体的压强分析：压强大小跟压力大小和受力面积有关，增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强解答：解：a、载重卡车装有宽大的轮胎，采用增大受力面积的方式减小了对地面的压强，不符合题意；b、纪念碑要建在宽大的基石上，采用增大受力面积的方式减小了对地面的压强，不符合题意；c、在雪地上滑雪要穿上滑雪板，采用增大受力面积的方式减小了对雪地的压强，不符合题意；d、图钉顶尖做的很尖，是采用减小受力面积的方式增大了压强，符合题意故选d点评：压强的大小跟压力大小和受力面积大小有关，一般采用控制变量法，改变一个量来增大压强或减小压强6（2分）（2014顺义区二模）下列各种能源中，属于可再生能源的是（）a煤b石油c太阳能d天然气考点：能源的分类专题：能源的利用与发展分析：从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源解答：解：a、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；b、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源；c、太阳能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；d、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源故选c点评：本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键7（2分）我们可以在不同的环境中看到“白气”下面有关形成“白气”的说法中正确的是（）a文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象b打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气的液化现象c清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气的蒸发现象d夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是冰箱内水蒸气的液化现象考点：液化及液化现象专题：应用题分析：文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰升华吸热使空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成变成小水珠，形成“白气”；打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气遇冷液化形成的；清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气液化现象；夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是空气中水蒸气的液化现象解答：解：a、文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰升华吸热使空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成变成小水珠，形成“白气”，故a错误b、打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象，故b正确c、清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气液化现象，故c错误d、夏天，打开冰箱门时空气中的水蒸气遇冷液变成小水珠，形成“白雾”，不是冰箱内水蒸气的液化现象，故d错误故选b点评：各种“白气”的形成都与物态变化有关，根据物态变化的知识分析“白气”的形成原因是解题的关键8（2分）（2014顺义区二模）根据你对行人过斑马线红绿交通信号灯的了解，如图中控制红绿灯可行的电路图是（）abcd考点：串、并联电路的设计专题：电流和电路分析：根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案解答：解：a、当只闭合开关s1时，两灯泡都发光，故a不正确；b、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，否则均不发光，故b不正确；c、只闭合开关s1时红灯亮，只闭合开关s2时绿灯亮，故c正确；d、当只闭合开关s2时，两灯泡都发光，故d不正确；故选c点评：本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡的连接方式9（2分）一杯水放在做直线运动的列车内的水平桌面上，如果水面情形如图所示，则列车的运动状态可能是（）a列车向左匀速运动b列车向右匀速运动c列车向左运动时突然刹车d列车向右运动时突然刹车考点：惯性专题：运动和力分析：本题中水面发生了变化，这属于惯性现象，所以解答本题需要根据惯性知识去分析只要把本题中的水和平时坐在行驶的列车中的自己进行类比，解决此类问题比较容易解答：解：ab、由图可知：水面向右倾斜水面发生倾斜的原因是由于水具有惯性，说明列车的运动状态一定发生了变化，故ab错误c、列车向左运动时突然刹车，杯子由于受到桌子的摩擦力，会随列车突然停止，水由于惯性还将保持原来的运动状态向左运动，所以此时水面会向左倾斜，与图不符，故不合题意；d、列车向右运动时突然刹车，杯子由于受到桌子的摩擦力，会随列车突然停止，而杯子中的水由于惯性还将保持原来的运动状态向右运动，所以此时水面会向右倾斜，符合题意故选d点评：在分析解释惯性现象时，要先确定研究对象是谁，然后将物体一分为二分成两部分，受力部分运动状态会发生改变，不受力部分由于惯性还要保持原来的运动状态10（2分）（2014顺义区二模）一定质量的货物在吊车钢索的拉力作用下，竖直向上运动（不考虑空气阻力和钢索重力），货物运动的st图象如图所示，根据图象可知，下列判断中正确的是（）a货物竖直向上运动时，4s时的速度小于10s时的速度b2s时钢索的拉力大小等于8s时钢索的拉力大小c0至6s内钢索拉力做的功小于6s至12s内钢索拉力做的功d货物在0至12s内的竖直向上运动过程中，钢索拉力的功率保持不变考点：力与图象的结合；速度公式及其应用；功的大小比较；功率的计算专题：长度、时间、速度；功、功率、机械效率分析：（1）比较物体运动快慢的方法：运动相同的路程比时间，时间越短，速度越快；相同时间比路程，路程越长，速度越快；（2）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受的是平衡力的作用，大小相等；（3）从图象上分别读出06s和612s过程中通过的距离，根据w=fs比较拉力做功的多少；（4）根据p=fv判断功率的变化解答：解：a、从图象上看，06s和6s12s物体以不同的速度做匀速直线运动，而06s过程中通过的路程是3m，612s的过程中通过路程为1m，因为相同时间内通过的路程越多，速度越大，因此06s过程中的速度大于612s的过程中的速度，即4s时的速度大于10s时的速度，故a错误；b、根据图示可知，物体在06s以较大的速度做匀速直线运动，物体在612s的内以较小的速度做匀速直线运动，因为物体处于平衡状态，拉力都等于重力、相同，故b正确；c、从图中可以看出，06s过程中通过的距离为3m；612s的过程中通过的距离为1m；而拉力相同，由w=fs可知，0至6s内钢索拉力做的功大于6s至12s内钢索拉力做的功；故c错误；d、由于速度发生了改变，而拉力不变，根据p=fv可知，在0至12s内的竖直向上运动过程中，钢索拉力的功率发生了改变；故d错误故选b点评：根据图象判断物体是否做匀速直线运动以及速度大小的关系，知道平衡力的辨别和功、功率的计算公式是解决本题的关键11（2分）（2014顺义区二模）在图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键s，能使电流表a示数变小的操作是（）a将电阻r1与r2的位置互换b将电阻r1与电压表v的位置互换c将电流表a1与a的位置互换d将电阻r2与电压表v的位置互换考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：根据电路图可知，电阻r1与r2并联，电流表a测量干路电流，电流表a1测量通过电阻r1的电流，根据并联电路电流的特点进行分析解答解答：解：因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，要使电流表a示数变小，则a、将电阻r1与r2的位置互换后，干路电流不变，则电流表a的示数不变；故a不符合题意；b、将电阻r1与电压表v的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表a的示数不变；故b不符合题意；c、将电流表a1与a的位置互换后，电流表a由测量干路电流变为测量支路电流，故c符合题意；d、将电阻r2与电压表v的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表a的示数不变；故d不符合题意故选c点评：本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路电流的规律即可正确解题12（2分）（2014顺义区二模）两个完全相同的圆柱形容器甲和乙底部相连通，倒入适量的水待液面静止后，将质量相同的两物块浸没在两容器的水中时（水没有溢出容器外），结果发现有部分水从乙容器流入甲容器，则（）a甲容器中的物块的密度较大b甲、乙容器中的物块的密度一样大c乙容器中的物块的体积较小d甲、乙容器中的物块的体积一样大考点：连通器原理；密度公式的应用；液体的压强的特点专题：应用题分析：（1）两容器构成了连通器，里面都盛有水，不流动时液面相平，水对容器底部的压强相等；（2）放入物块后，水面上升，导致压强不一样，水从压强大的一方流入压强小的一方，或者说从水面高的一方流向水面低的一方解答：解：（1）发现有部分水从乙容器流入甲容器，说明放入物块后乙容器中水面比甲容器中高；（2）因为容器完全相同，也就是说乙容器中物块排开水的体积大，因为都是浸没在两容器的水中并且水没有溢出容器外，说明乙容器中物块的体积大；（3）两个物块的质量相同，乙容器中物块的体积大，根据密度的公式=，所以乙容器中物块的密度小，甲容器中物块的密度大故选a点评：解决此题需两点：（1）由水的流向判断出水面的高低是解决问题的关键；（2）能够根据质量、体积运用密度的公式分析密度的大小13（2分）（2014顺义区二模）如图是一种调温型电热毯的电路示意图，r1和r2是两根相同的电热丝图中虚线框内是“三刀四档”滑动式调温开关，“三刀”（即ab、cd、ef三个滑片）只能同时并排向左或向右滑动，使开关处于“1”、“2”、“3”、“4”档中的某一档位上当开关处于“4”档时，电热毯不发热；当开关处于其他三档中的某一档位时，电热毯的最小发热功率为30w（）a电热毯以最小发热功率工作时，流过电路中的电流为1.4ab开关分别处于“1”档时，电热毯的发热功率为90wc开关分别处于“2”档时，电热毯的发热功率为60wd开关分别处于“3”档时，电热毯工作30min产生的热量是2.7104j考点：电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用专题：电能和电功率；电与热、生活用电分析：（1）知道电热毯的最小发热功率，根据p=ui求出此时流过电路中的电流；（2）由电路图可知，当开关位于“3”档时，r1与r2串联，根据p=可知处于低档位，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出每根电热丝的阻值；当开关处于“1”档时，r1与r2并联，电路中的电阻最小，根据p=可知处于高档位，根据并联电路的电压特点和p=分别求出每根电阻丝的功率，两者之和即为此时电路的总功率；当开关处于“2”档时，电路为r2的简单电路，根据p=可知处于中档位，根据p=求出电功率；（3）开关分别处于“3”档时，电热毯的发热功率最小，根据q=w=pt求出电热毯工作30分钟产生的热量解答：解：（1）根据p=ui可得，电热毯以最小发热功率工作时流过电路中的电流：i=a0.14a；故a错误；（2）由电路图可知，当开关位于“3”档时，r1与r2串联，处于低档位，根据欧姆定律可得，电路中的总电阻：r=，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且r1和r2是两根相同的电热丝所以r1=r2=；当开关处于“1”档时，r1与r2并联，处于高档位，并联电路中各支路两端的电压相等，电热毯的发热功率：由p=ui，i=得，p大=+=+=120w；故b错误；当开关处于“2”档时，电路为r2的简单电路，电热毯的发热功率：p中=60w；故c正确；（3）当开关位于“3”档时，r1与r2串联，电热毯功率为30w，电热毯工作30分钟产生的热量：q=w=pt=30w3060s=5.4104j；故d错误故选：c点评：本题考查了串联电路和并联电路的特点以及电功率公式、欧姆定律的灵活应用，关键是分清开关处于不同当时电路的连接方式，对学生的读图能力要求较高14（2分）（2014顺义区二模）如图是小明利用器械提升重物的示意图当小明站在水平地面上时，对地面的压强p0=2104pa；当在动滑轮下挂一个与小明重力相同的（边长为40cm的正立方体）物体甲时，他用力匀速举起杠杆的a端，使杠杆在水平位置平衡时，小明对地面的压强p1=4.5104pa，此时滑轮组的机械效率为1；当在动滑轮下挂1200n的重物乙时，他用力匀速举起杠杆的a端，当杠杆又在水平位置平衡时，小明对地面的压强p2=5.5104pa，此时滑轮组的机械效率为2；已知杠杆oa：ob=1：2（杠杆、绳重和机械间摩擦忽略不计，g取10n/kg），则下列计算结果错误的是（）a小明的质量为80kgb动滑轮所受的重力为20nc物体甲的密度为1.25103kg/m3d2：1=15：14考点：滑轮（组）的机械效率；杠杆的平衡条件；压强的大小及其计算专题：压轴题；方程法；压强、液体的压强；简单机械；功、功率、机械效率分析：先画出不同情况下的受力分析；（1）已知三次小明对地面的压强，结合图示物体受力情况，列出关系式，联立解之即可求出小明的重和动滑轮重，然后再利用重力公式求出小明的质量；（2）已知小明的重便知道了物体甲的重，又知物体甲的边长可知体积，最后计算出物体甲的密度；（3）根据=分别标示出机械效率，然后用物重和动滑轮重代入即可求出效率比解答：解：小明自由站在水平地面上，对小明受力分析如图1所示提重物甲时，对小明、杠杆、动滑轮和甲物体受力分析如图2、3、4所示提重物乙时，对小明、杠杆、动滑轮和乙物体受力分析如图5、6、7所示（1）由图1可知p0=2104pa由图4可知 2fb1=g动+g甲由图3可知 fa1oa=fb1obfa1=2 fb1=2 fb1由图2可知n1=fa1+g人=g动+g甲+g人p1=4.5104pa由图7可知 2fb2=g动+g乙由图6可知 fa2oa=fb2ob=fa21=fb22fa2=fa2=2 fb2=2 fb2由图5可知n2=fa2+g人=g动+g乙+g人p2=5.5104pa由方程解得g人=g甲=800n，g动=200n，故b错、符合题意； m人=80kg；故a正确、不符合题意；（2）a=40cm=0.4m，m甲=m人=80kg，v甲=a3=（0.4m）3=0.064m3，甲=1.25103kg/m3；故c正确、不符合题意；（3）1：2=：=：=14：15；即2：1=15：14，故d正确、不符合题意故选b点评：本题考查的内容较多，能熟练运用杠杆的平衡条件和正确画出受力分析图是解决本题的关键，同时，我们还必须认清本题中滑轮组的使用特点二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个共12分，每小题3分每小题选项全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的不得分）15（3分）（2014顺义区二模）关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是（）a温度高的物体其内能一定多b金属块很难被压缩，这表明分子间存在相互作用的斥力c物体内能增加，其温度不一定升高d一块冰的温度从10变为5，这块冰的内能减少了考点：温度、热量与内能的关系专题：分子热运动、内能分析：在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量，热传递的条件是：物体之间存在着温度差；内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，温度是表示物体冷热程度的物理量了解这三个物理量的概念与联系，再结合改变物体内能的方法有做功和热传递，可对各选项依次做出分析解答：解：a、温度高的物体内能不一定大，影响内能的因素除去温度外，还有体积、状态等，故a错误；b、金属块很难被压缩，这表明分子间存在相互作用的斥力，故b正确；c、物体内能增加，其温度不一定升高，例如，晶体熔化时吸热，内能增加，但温度不变，故c正确；d、一块冰的温度从10变为5，这块冰的内能增加了，故d错误故选bc点评：知道内能、热量、和温度的关系，并能利用上述关系解释问题是解决该题的关键16（3分）（2014顺义区二模）下列说法中正确的是（）a地磁场的磁感线是真实存在的b导体中的电流一定会产生磁场c指南针能指南北是由于地磁场对指南针磁极有力的作用d导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中不一定产生感应电流考点：通电直导线周围的磁场；地磁场；产生感应电流的条件专题：磁现象、电生磁；电动机、磁生电分析：a、磁感线是为了描述磁场引入的实验模型，不真实存在；b、通电导体周围存在磁场；c、磁场对于放入其中的磁体有磁力作用；d、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流解答：解：a、地磁场的磁感线不是真实存在的，是引入的模型，故a错误；b、通电导体周围存在磁场，故b正确；c、指南针能指南北是由于地磁场对指南针磁极有力的作用，故c正确；d、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，故d正确故选：bcd点评：此题考查学生对于磁场的理解和掌握，熟知知识点是解题关键17（3分）（2014顺义区二模）如图所示，两个相同的盛满水的甲乙容器放在水平地面上，甲容器中漂浮一物块，物块密度物=0.9水下列说法正确的是（）a甲容器对水平地面的压力等于乙容器对水平地面的压力b将物块全部压入水中时，两容器底部受到水的压力相等c漂浮的物块，受的重力与浮力平衡，且有体积露出水面d将物块缓慢下压至浸没的过程中，物块受到的压力和浮力的合力不变考点：物体的浮沉条件及其应用；阿基米德原理专题：浮力；浮沉的应用分析：a、分析出物体与排开水的重力关系，便可得出结论；b、首先根据p=水gh判断出水对容器底的压强，从而判断出压力的大小关系；c、根据浮力与重力相等的关系计算出物体浸没在液体中的体积，则得出露出水面的体积；d、根据浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关进行分析解答：解：a、因为物体漂浮，所以浮力与重力相等，则物体的重力等于排开水的重力，因此两容器对水平地面的压力相等，所以a正确；b、因为两容器都盛满水，由p=水gh得，水对容器底的压强相等，又两容器的底面积相同，由公式f=ps得，压力相等，所以b正确；c、物体漂浮，所以f浮=g则水gv排=物gv则v排=v=v，则露出水面的体积为v，所以c错误；d、将物块缓慢下压至浸没的过程中，由于受到的浮力不断增大，所以压力也不断增大，浮力增大多少，则压力应增大多少，所以其合力不变，所以d正确故选abd点评：此题考查了物体的浮沉条件及其应用，特别是物体漂浮时物体的浮力与重力相等，同时考查了压强和压力的知识，在分析的过程中，还要应用到阿基米德原理的知识18（3分）（2014顺义区二模）如图所示，弹簧测力计下挂着铁块a，其正下方的水平地面上放着一块条形磁铁b，a和b均处于静止状态已知a和b的重力分别为g和3g，若弹簧测力计的示数为2g，则下列说法中错误的是（）aa对弹簧测力计的拉力大小为gba对b的吸引力和地面对b的支持力大小分别为g和2gca对b的吸引力和b对a的吸引力是一对平衡力，大小均为gd弹簧测力计对a的拉力和b对a的吸引力是一对平衡力，大小均为2g考点：平衡力的辨别专题：运动和力分析：（1）p对弹簧测力计的拉力大小等于p受到的力即为弹簧测力计的示数；（2）对a、b分别受力分析，利用力的平衡条件和相互作用力得出ab之间吸引力的大小和地面对q的支持力的大小；（3）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上；（4）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上解答：解：a、a对弹簧测力计的拉力等于弹簧测力计的示数即为2g，故a不正确；bc、对a受力分析可知，受到竖直向上弹簧测力计的拉力f弹、b对a的吸引力fba，竖直向下的重力g，根据力的平衡条件可得：fba=f弹ga=2gg=g；因为a对b的吸引力和q对p的吸引力，大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，所以fab=fba=g，故c不正确；对b点受力分析可知，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力、a对b的吸引力，根据力的平衡条件可得：f支持=gbfab=3gg=2g，故b正确；d、弹簧测力计对a的拉力和b对a的吸引力，两个力的大小不相等，所以不是一对平衡力，故d不正确故选acd点评：本题考查了平衡力的判断，关键是对会p、q进行受理分析得出各力之间的大小关系，同时要注意二力平衡力和相互作用力的区别是：是否作用在同一个物体上三、填空题（共12分，每小题2分）19（2分）（2014顺义区二模）电磁波在真空中的传播速度是3108m/s考点：电磁波的传播专题：信息的传递分析：电磁波在真空中的传播速度是一定的，和光速相同，即c=3108m/s解答：解：因为电磁波在真空中的传播速度等于光在真空中的传播速度，即电磁波在真空中的传播速度为3108m/s故答案为：3108点评：解答此题的关键是要知道电磁波在真空中的传播速度与光在真空中的传播速度相同20（2分）（2014石景山区二模）四冲程的汽油机在压缩冲程中，将机械能转化为内能考点：内燃机的四个冲程分析：内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能解答：解：将机械能转化为内能的冲程是压缩冲程故本题答案为：压缩点评：本题考查了在内燃机的四个冲程中的能量转化的两个冲程的辩别21（2分）（2014顺义区二模）温度一定时，影响铜导线电阻大小的因素有：铜导线的长度和横截面积考点：影响电阻大小的因素专题：电压和电阻分析：导体的电阻是导体本身的一种性质，影响电阻大小因素有：导体的材料、长度、横截面积和导体的温度解答：解：温度一定时，导线是铜的条件下，电阻大小的因素还有：导线的长度和横截面积故答案为：横截面积点评：电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料等有关，还与温度有关；与电流以及电压的大小无关22（2分）（2014顺义区二模）组成物质的分子之间存在相互作用的斥力和引力考点：分子间的作用力专题：分子热运动、内能分析：根据分子动理论内容分析答题：物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则，分子间存在相互作用的引力与斥力解答：解：物质是由分子组成的，组成物质的分子间存在相互作用的引力与斥力故答案为：斥点评：熟练掌握分子动理论的内容即可正确解题，本题是一道基础题23（2分）（2014顺义区二模）如图1是带烘干功能的滚桶洗衣机，工作电压为220v并联在电源上的电动机和电热丝是洗衣机中两个重要的能量转换部件，受电脑芯片的控制，它们在洗涤、脱水、烘干环节的电功率是不同的，其具体的工作情况如图2所示，其中电热丝只在烘干环节工作若不计其他部件耗电，这次洗衣共消耗了0.735kwh的电能考点：电功的计算专题：电能和电功率分析：根据w=pt分别求出洗衣机洗涤、漂洗、脱水、烘干、烘干转动消耗的电能，它们的和为消耗的总电能解答：解：洗涤、漂洗的功率和时间是相同的，所以洗涤、漂洗过程中消耗的电能：w2=3p2t2=3250w600s=4.5105j；脱水过程中消耗的电能：w3=p3t3=500w360s=1.8105j；烘干过程中消耗的电能：w1=p1t1=1000w1800s=1.8106j；烘干、转动过程中消耗的电能：w4=p4t4=100w2160s=2.16105j；这次洗衣共消耗电能w=w1+w2+w3+w4=1.8106j+4.5105j+1.8105j+2.16105j=2.646106j=0.735kwh故答案为：0.735点评：此题主要考查的是学生对电功率、电能计算公式的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键，难度不大，注意单位的换算24（2分）（2014顺义区二模）如图所示，质量均为2.4kg的薄壁圆柱形容器a和b放在水平地面上，底面积分别为2102m2和1102m2容器a中盛有0.1m深的水，容器b中盛有质量为1.6kg的酒精现有质量相等的甲、乙两实心物块，若将甲浸没在水中、乙浸没在酒精中后，两液体均未溢出，且两液体各自对容器底部压强的变化量相等，则甲、乙的密度甲：乙=5：8（酒精=0.8103kg/m3）考点：液体压强计算公式的应用专题：压强、液体的压强分析：由题知，两液体各自对容器底部压强的变化量相等，根据液体压强公式、密度公式、体积公式得出关于两物体密度的关系式，进而求出密度之比解答：解：由题知，p水=p酒精，即：水gh水=酒精gh酒精，水g=酒精g，水g=酒精g，水g=酒精g，水g=酒精g，甲：乙=水sb：酒精sa，=（1103kg/m31102m2）：（0.8103kg/m32102m2）=5：8故答案为：5：8点评：本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、压强定义式、液体压强公式、重力公式的掌握和运用，比较复杂，要进行细心的公式推导，特别容易出错四、实验与探究题（共35分）25（4分）（2014顺义区二模）图1中，温度计的示数为37；图2中，电阻箱的示数为3019考点：温度计的使用及其读数；变阻器专题：基本仪器的使用专题分析：（1）温度计读数时先认清量程和分度值，根据液柱位置读数；（2）电阻箱的读数方法：用所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就可得出电阻箱的示数解答：解：图1 中温度计的分度值是1，液柱在30以上第7条刻度处，示数为30+71=37；（2）电阻箱的示数：31000+0100+110+79=3019故答案为：37；3019点评：本题考查的是温度计和电阻箱的读数方法，在计算电阻箱的读数时不要忘记乘以各指针所对应的倍数26（4分）（2014顺义区二模）画出图1中拉力f的力臂；根据光的折射情况在图2中的虚线框内填上一个适当的透镜考点：力臂的画法；透镜的光路图专题：透镜及其应用；简单机械分析：（1）力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂（2）根据入射光线和折射光线的特点判断出光线是会聚的还是发散的，来确定透镜的类型解答：解：（1）从支点向力的作用线f作垂线，支点到垂足的距离就是力臂如图所示：（2）两条平行光线，经图示透镜折射后，变得发散，因此该透镜对光线有发散作用，为凹透镜如图所示：点评：本题考查了力臂的画法，理解力臂的概念，会画力的作用线以及过支点的力的作用线的垂线是关键在判断经透镜折射后的光线是“会聚”还是“发散”时，可用延长入射光线的方法来判断若入射光线的延长线在折射光线的里面，则光线被发散27（2分）（2014顺义区二模）小明自制了一个如图1所示的用开关控制螺线管南北极的装置，当开关s接b（填“a”或“b”）点时，螺线管的a端是n极；如图2所示，当闭合开关后，可以观察到磁场中的金属棒ab在导轨上运动，这说明磁场对通电导体有力的作用考点：安培定则；磁场对通电导线的作用专题：磁现象、电生磁分析：（1）利用安培定则确定电流的方向，从而确定开关的位置；（2）通电导体在磁场中受到力的作用解答：解：根据题目要求，利用安培定则可以确定螺线管上的电流从上向下，所以开关s接b点时，电磁铁的a端是n极；在图2的实验中，当闭合开关后，可以观察到磁场中的金属棒ab在导轨上运动，这说明通电导体在磁场中受到力的作用；故答案为：b；有力的作用点评：此题主要考查的是学生对磁场对电流的作用、电磁继电器的工作原理的理解和掌握，基础性题目28（1分）（2014顺义区二模）用如图所示的装置做杠杆平衡的实验，在a点挂重为6n的钩码，要使杠杆在水平位置平衡，可以在b点施加一个力f，f的最小值是10n考点：杠杆的平衡条件专题：简单机械分析：要使杠杆在水平位置平衡，a点施加的力使杠杆逆时针转动，b点施加的力使杠杆顺时针转动，要使b点的力最小，力臂要最大，施力方向竖直向上知道a点的力和力臂，知道b点的力臂，根据杠杆平衡条件，求出b点施加最小的力解答：解：a点施加竖直向上的力，要使b点力最小，力臂最大，所以b点施加竖直向上的力，根据杠杆平衡条件得：faoa=fbob，设杠杆的一个小格代表1cm，所以，6n5cm=fb3cm，所以fb=10n故答案为：10点评：首先判断最小力的力臂，一般找支点和作用点之间的最长距离为最大力臂，在该点施加的力才最小确定好最小的力，还要根据杠杆情况判断施力方向29（2分）（2014顺义区二模）小宣用伏安法测量电阻r的阻值时，并联在电阻r两端的电压表的示数如图甲所示，与电阻r串联的电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数为0.5a，电阻r的阻值为5考点：伏安法测电阻的探究实验专题：探究型实验综合题分析：首先确定电压表、电流表的量程和分度值，读出电压和电流值，根据公式r=计算出电阻值解答：解：由图甲知，电压表的量程为03v，分度值为0.1v，示数为2.5v；电流表的量程为00.6a，分度值为0.02a，示数为0.5a；所以r=5故答案为：0.5；5点评：此题是用伏安法测量电阻r的阻值，考查了电流表、电压表的读数，注意量程和分度值，并考查了电阻值的计算30（1分）（2014顺义区二模）小强分别在甲、乙烧杯中装入深度相同的不同液体当把压强计探头分别放入其中时，压强计的两液面高度差如图所示由此可知甲（选填：“甲”或“乙”）烧杯中的液体对容器底的压强较大考点：液体的压强的特点专题：压强、液体的压强分析：（1）微小压强计u形管的两液面高度相同时，说明两侧压强相等，液面高度差越大，说明压强计探头受到的压强越大；（2）影响液体内部压强大小的因素有深度和液体的密度，据此来通过读图做出判断解答：解：读图可知，压强计的探头在两液体中的深度是不相同的，而u形管中液面的高度差却相同，故可以判断甲液体的密度更大；根据p=gh可知甲烧杯中的液体对容器底部的压强大故答案为：甲点评：要了解压强计的构造与原理，并能学会观察压强计来判断压强的大小，是解答本题的关键31（2分）（2014顺义区二模）实验室准备了如图甲、乙所示的两套“观察水沸腾”的实验装置（1）小明同学从水温升高到90时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如下表所示分析下表数据可知，李明选择的是甲（选填“甲”或“乙”）图中的装置（实验室内为一个标准大气压）时间/min01234567891011温度/9092949698100101102102102102102（2）给一定质量的水加热，其温度与时间关系如图丙中a所示，若其它条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图象正确的是c（选填“b”，“c”或“d”）考点：探究水的沸腾实验专题：应用题；探究型实验综合题分析：（1）水的沸点跟气压有关，气压越大，沸点越高乙装置的容器上面盖有盖，可以增大气压，提高水的沸点（2）液体沸腾时的温度叫沸点，沸点与气压有关，同种物质气压不变，沸点不变解答：解：（1）乙图上面没有容器盖，甲图上面有容器盖，加热时，甲容器内气体压强大于1标准大气压，水的沸点高于100，所以小明使用的甲装置（2）由题可知，其他条件不变，仅将水的质量增加，所以水的沸点是不变的，但加热的时间将变长，故分析图中图象能看出，c是正确的故答案为：（1）甲；（2）c；点评：解决本题要抓住一种液体的沸点，只与气压有关，与液体的质量大小无关，但吸收相同的热量升高的温度变小32（1分）（2014顺义区二模）在研究杠杆平衡条件的实验中，小明仅做一次实验并记录了下表中的相关数据，就得出了杠杆平衡条件f1l1=f2l2的结论，这明显是不可靠的原因是寻找普通规律应多次测量动力f1（n）动力臂l1（cm）阻力f2（n）阻力臂l2（cm）1151.510考点：杠杆的平衡条件专题：简单机械分析：要得到普遍性的规律，在实验中应多测几组数据进行分析；解答：解：仅由一次实验得到的结论具有偶然性，不能作为普通适用的物理规律（或寻找普通规律应多次测量）故答案为：寻找普通规律应多次测量点评：本题考查杠杆的平衡条件，关键要知道普遍性规律得出的方法33（2014顺义区二模）小强在探究凸透镜成像规律的实验中，利用如图1所示装置，通过实验记录并绘制了物距u和像距v之间关系的图象，如图2所示老师要求他观察物距等于5cm时烛焰所成的像实验时，他将点燃的蜡烛移到物距为5cm处，移动光屏，发现光屏上只有光斑（1）该凸透镜的焦距是10cm；（2）光斑是烛焰发出的光折射到光屏上形成的（3）为了观察物距等于5cm时烛焰的成像特点，请你写出接下来的操作步骤：移去光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察烛焰所成的像考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）当u=2f，v=2f，此时物距和像距相等，成倒立等大的实像，分析曲线图利用原理解答焦距；（2）凸透镜成像是利用光的折射原理；（3）当uf时成正立放大的虚像，不能用光屏接收，只能用眼睛观察，操作是移去光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察烛焰所成的像解答：解：（1）因为当u=2f，v=2f，此时物距和像距相等，成倒立等大的实像，分析曲线图可知u=2f=20cm，则f=10cm；（2）凸透镜成像实验利用了光的折射，光线经过凸透镜到达光屏上；（3）当u=5cmf=10cm时成正立放大的虚像，不能用光屏接收，只能用眼睛观察，操作是移去光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察烛焰所成的像故答案为：（1）10；（2）折射；（3）移去光屏，从光屏一侧透过凸透镜观察烛焰所成的像点评：此题考学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握，熟知成像规律是解题关键34（2分）（2014顺义区二模）小明利用滑轮组及相关器材进行实验，记录的实验数据如下表所示请根据表中数据归纳出拉力f与重力g的关系：f=0.5g0.2ng/n2345678f/n0.81.31.82.32.83.33.8考点：滑轮组绳子拉力的计算专题：简单机械分析：分析表中重力和拉力大小的关系，归纳出相关的数