四川省遂宁市2019届高三物理一模考试试题（含解析）.doc

四川省遂宁市2019届高三物理一模考试试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1.如图所示，“l”形支架aob水平放置，物体p位于支架的ob部分，接触面粗糙；一根轻弹簧一端固定在支架ao上，另一端与物体p相连。物体p静止时，弹簧处于压缩状态。现将“l”形支架绕o点逆时针缓慢旋转一小角度，p与支架始终保持相对静止。在转动的过程中，ob对p的a. 支持力增大b. 摩擦力不变c. 作用力增大d. 作用力减小【答案】d【解析】【分析】对p受力分析，要考虑弹力是否变化，及其静摩擦力的变化即可。【详解】物体随ob缓慢转过一个小角度，其受力分析如图所示支持力，增大，支持力n减小，所以a错误；弹力，因弹力f不变，增大，f减小，所以b错误；ob对p的作用力大小等于支持力n和摩擦力f的合力，由于n减小，f减小ob对p的作用力大小将减小，所以c错误，d正确。2.如图所示，一带正电的粒子以一定的初速度进入某点电荷q产生的电场中，沿图中弯曲的虚线轨迹先后经过电场中的a、b两点，其中a点的场强大小为ea，方向与ab连线成30角；b点的场强大小为eb，方向与ab连线成60角，粒子只受电场力的作用。下列说法中正确的是a. 点电荷q带正电b. a点的电势低于b点电势c. 从a到b，系统的电势能减小d. 粒子在a点的加速度大于在b点的加速度【答案】c【解析】【分析】根据电荷间的相互作用，即可判断电性，由可判断电势能大小，由离点电荷远近可以判断电场强弱，加速度大小。【详解】根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在运动的过程中，一直受库仑引力作用，因粒子带正电，所以点电荷带负电，故a错误；由图可知，点电荷q位于ea方向延长线与eb方向延长线的交点处，且b点与a点相比，b点离负点电荷较近，b点处电势较低，所以b错误；由可知正点电荷在电势低处，电势能较小，所以正点电荷在d处时，系统具有的电势能较大，因此c正确；根据点电荷电场线的分布b点处电场线分布较密，电场强度较大，粒子加速度较大，所以d错误。3.如图所示，电源电动势e=1.5v，内电阻r=0.5，滑动变阻器r1的最大，电阻rm=5.0，定值电阻r2=2.0，c为平行板电容器，其电容为3f。将开关s与a接触，则a. 当r1的阻值增大时，r2两端的电压减小b. 当r1接入电路阻值为0.5时，r1消耗的功率最大c. 将开关从a接向b，流过r3的电流流向为dcd. 将开关从a接向b，待电路稳定，流过r3的电荷量为9103c【答案】a【解析】【分析】含容电路中当电路稳定时电容器支路相当与断路，与谁并联就与谁电压相等，与电容器串联的原件相当于导线。【详解】增大r1的阻值，r总增大，i总减小，流过r2的电流减小，r2两端的电压减小，所以a正确；将r2与电源看作等效电源，当r1=r2+r=2.5 时r1获得功率最大，所以b错误；开关接a时，电容器左极扳带负电，开关接b时，左极板带正电，所以流过r3的电流流向为cd，因此c错误；因r1接人的阻值未知，不能求出电容器上电压的变化，故不能求出流过r3的电荷量，所以d错误。4.a、b两小球在光滑水平面上沿同一直线运动，b球在前，a球在后。ma=1kg，mb=2kg。经过一段时间，a、b发生正碰，碰撞时间极短，碰撞前、后两球的位移一时间图像如图所示，根据以上信息可知碰撞类型属于a. 弹性碰撞b. 非弹性碰撞c. 完全非弹性碰撞d. 条件不足，无法判断【答案】a【解析】【分析】由图像可以读出a、b碰撞前后的速度，根据碰撞前后动能大小就可以判断是什么碰撞了。【详解】由图可知a球碰前速度va =6 m/s，碰后速度;b球碰前速度为vb=3 m/s，碰后速度为。根据题给数据可知，系统碰撞过程动量守恒。系统碰前的总动能27j，碰后的总动能也是27 j所以属于弹性碰撞，则a正确bcd错误。5.四川省处在北纬26033419之间，某极地卫星通过四川最北端与最南端所在纬度线正上方所经历的时间为t，查阅到万有引力常量g及地球质量m。卫星的轨道视为圆形。根据以上信息可以求出a. 地球的半径b. 该卫星的角速度c. 该卫星受到的向心力d. 该卫星距离地面的高度【答案】b【解析】【分析】通过纬度差和时间之比可以算出周期，再根据万有引力提供向心力即可求出其他【详解】卫星绕地球的运动可视为匀速圆周运动，通过北纬26033419之间，所用时间为t，所以周期为t=，根据可得 ，所以b正确；设地球半径为r离地面高度为h，根据可知，可求出，因此不能求出r和h，所以a、d错误；因不知卫星质量，也就无法求出向心力，所以c错误。6.如图甲所示，足够长的传送带与水平面夹角为，传送带以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数。图乙为小木块运动的速度一时间图像。根据以上信息可以判断出a. tanb. tanc. t0时刻，物体的速度为v0d. 传送带始终对小木块做正功【答案】bc【解析】【分析】通过对物块受力可能情况进行分析，再根据图乙就可以判断出具体的受力和运动情况。根据力与速度方向的关系就可以判断做功的正负。【详解】物体轻放上传送带时，物体相对于传送带向上滑动，所受滑动摩擦力方向沿斜面向下，受力分析如图所示。当时，物体先以的加速度匀加速，再做匀速直线运动，当时，物体先以的加速度匀加速，再以的加速度匀加速，由图乙可知，物体在传送带上先做加速度为a1的匀加速直线运动，再做加速度为a2的匀加速直线运动，与图乙吻合，所以a错误，b正确；根据图乙可知，to时刻，物体加速度突变，表明此时物体速度与传送带速度相等，所以c正确；to时刻之前，摩擦力沿斜面向下，摩擦力做正功，to时刻之后，摩擦力沿斜面向上，摩擦力做负功，传送带对物体做功，通过摩擦力做功实现，所以d错误。7.如图1所示，固定的光滑水平横杆上套有小环p，固定的光滑竖直杆上套有小环q。p、q质量均为m，且可看做质点。p、q用一根不可伸长的轻细绳相连，开始时细绳水平伸直，p、q均静止。现在由静止释放q，当细绳与竖直方向的夹角为60时(如图2所示)，小环p沿着水平杆向右的速度为v。则a. 细绳的长度为b. q的机械能一直增大c. 绳子对q做的功为d. p、q及地球组成的系统机槭能守恒【答案】ad【解析】分析】根据速度的合成分解知识可以算出vq，再由系统机械能守恒算出速度。【详解】根据运动的合成与分解可知，且沿绳方向速度相等，即，所以。设q下降的高度为h，由功能关系可得，解得。设绳长为l，则，所以a正确；拉力对q做负功，q的机械能减小，所以b错误；对p研究，只有拉力对p做功，拉力做功为，所以拉力对q做功为，所以c错误；对p、q组成的系统，只有重力做功，则p、q及地球组成的系统机械能守恒，所以d正确。8.如图所示，水平地面上有一木板b，块a叠放在木板b上。a、b质量分别为m1、m2，a、b之间的动摩擦因数为1，b与地面间的动摩擦因数为2。最初a、b均静止。假设最大静摩擦力和滑动摩擦力相等，且1mg2(m1+m2)g时，a、b一起向右运动d. 对b施加一个水平向右恒力f，若f(1+2) (m1+m2)g时，a、b相对滑动【答案】ad【解析】【分析】对a或者b施加拉力时可以考虑力比较大，他们发生了相对运动，再分析另外一个物体的受力情况就可以得出其是否会动；按照发生相对运动的临界特点：他们间摩擦力等于滑动摩擦力，加速度相同，整体、隔离分析就可以知道他们会不会相对运动。【详解】a能给b提供的最大静摩擦力为，地面能给b提供的最大静摩擦力为，根据题意，无沦给a多大的力，b都不可能运动，所以a正确c错误；力作用于木板b上，当 ,a和b开始运动，当，即时，a、b都要运动，但相对静止；当时，即时，a、b开始相对滑动。故b错误，d正确。三、非选择题：共174分第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答第3338题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共129分9.甲、乙、丙、丁四位同学用如图1所示的装置为“探究加速度与物体受力及质量的关系”。(1)四位同学得到的a-f图像如图2所示。甲同学在实验中可能出现的疏漏是_。丙同学在实验中可能出现的疏漏是_。丁同学在实验中可能出现的疏漏是_。(2)图3为乙同学在实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点a、b、c、d、e，相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，测出各计数点到a点之间的距离。已知打点计时器接在频率为50hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值a=_m/s2(结果保留两位有效数字)。【答案】 (1). （1）木板踮起的过高，过度平衡摩擦力； (2). 未满足mm条件； (3). 未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足； (4). （2）0.53（0.51-0.55m/s2均可）【解析】【分析】若摩擦力平衡好了就是乙图，没加力就有加速度（图甲）应该是平衡摩擦力过度了，有一定力以后才有加速度应该是摩擦力没平衡好或平衡不够。（2）由 计算加速度【详解】(l)图中甲不过坐标原点，在a轴上有截距，说明木板垫起的太高，过度平衡摩擦力；图中丙对m，mg- t=ma，对m, t=ma可求得，小车的加速度为当m远大于m时，a正比于f，图线发生了弯曲，说明随砝码和盘质量增加，不再满足m远小于m这一条件；当f0时，a=0，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明遗漏了平衡摩擦力这个步骤或平衡摩擦力不足。(2)利用逐差法求解，联立前两式得10.如图所示为某同学曾经组装好的一只欧姆表。各元件的参数有部分已经看不清楚，但知道电源的电动势大约为3v、内阻很小可忽略，微安表的满偏电流为300a、内阻未知。他想利用该装置比较准确地测量电源的电动势和微安表的内阻。实验步骤如下：将r调到最大值，欧姆表的两表笔用导线短接；将电阻箱阻值调到r，记录此时微安表的示数；重复第步，得到六组数据；以r为横坐标，为纵坐标，描点连线后得到一条倾斜的直线。进一步求出该直线的斜率为0.34v1，纵截距为2.00102a1。(1)根据以上信息，电源的电动势为_；微安表的内阻为_(结果保留三位有效数字)。(2)实验中使用的电阻箱为_。a.最大阻值为9999 b.最大阻值为99999【答案】 (1). （1）2.94v (2). 588 (3). （2）a【解析】【分析】由闭合电路欧姆定律定律得出表达式，再整理成为y以r为x一次函数就可以知道斜率和纵截距。【详解】由题意可知，电源内阻很小可忽略，依据闭合电路欧姆定律，变形后，由函数表达式可知，斜率，所以e=2. 94 v，rg=588。欧姆表内阻，所以电阻箱选择a。【点睛】闭合电路欧姆定律是列出表达式的关键11.如图1所示，光滑绝缘斜面的倾角=30，整个空间处在电场中，取沿斜面向上的方向为电场的正方向，电场随时间的变化规律如图2所示。一个质量m=0.2kg，电量q=1105c的带正电的滑块被挡板p挡住，在t=0时刻，撤去挡板p。重力加速度g=10m/s2，求：(1)04s内滑块的最大速度为多少?(2)04s内电场力做了多少功?【答案】（1）20m/s（2）40j【解析】【分析】对滑块受力分析，由牛顿运动定律计算加速度计算各速度。【详解】【解】(l)在02 s内，滑块的受力分析如图甲所示，电场力f=qe解得 在2 -4 s内，滑块受力分析如图乙所示解得因此物体在02 s内，以的加速度加速，在24 s内，的加速度减速，即在2s时，速度最大由得， (2)物体在02s内与在24s内通过的位移相等通过的位移在02 s内，电场力做正功 -在24 s内，电场力做负功电场力做功w=40 j12.如图所示，小明参加户外竞技活动，站在平台边缘抓住轻绳一端，轻绳另一端固定在o点，绳子刚好被拉直且偏离竖直方向的角度=60。小明从a点由静止往下摆，达到o点正下方b点突然松手，顺利落到静止在水平平台的平板车上，然后随平板车一起向右运动。到达c点，小明跳离平板车(近似认为水平跳离)，安全落到漂浮在水池中的圆形浮漂上。绳长l=1.6m，浮漂圆心与c点的水平距离x=2.7m、竖直高度y=1.8m，浮漂半径r=0.3m、不计厚度，小明的质量m=60kg，平板车的质量m=20kg，人与平板车均可视为质点，不计平板车与平台之间的摩擦。重力加速度g=10m/s2，求：(1)轻绳能承受最大拉力不得小于多少?(2)小明跳离平板车时的速度在什么范围?(3)若小明跳离平板车后恰好落到浮漂最右端，他在跳离过程中做了多少功? 【答案】（1）1200n（2）4m/svc5m/s（3）480j【解析】【分析】（1）首先根据机械能守恒可以计算到达b点的速度，再根据圆周运动知识计算拉力大小。（2）由平抛运动规律，按照位移大小可以计算速度范围（3）由动量守恒和能量守恒规律计算即可。【详解】解(l)从a到b由功能关系可得代人数据求得v=4 m/s在最低点b处，联立解得，轻绳能承受最大拉力不得小于t=1200n(2)小明离开滑板后可认为做平抛运动竖直位移离c点水平位移最小位移 离c点水平位移最大为联立解得小明跳离滑板时的速度4 m/svc5 m/s (3)小明落上滑板时，动量守恒代人数据求得v1=3 m/s离开滑板时，动量守恒将代人得v2=-3 m/s由功能关系可得解得w=480 j（二）选考题：共45分请考生从2道物理题中任选一题作答，如果多做，则每科按所做的第一题计分物理-选修3-3（15分）13.下列说法正确的是（）a. 热量有可能由低温物体传递到高温物体b. 布朗运动不是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动c. 两分子组成的系统，其势能e随两分子间距离r增大而增大d. 如果气体温度升高，分子平均动能会增加，但并不是所有分子速率都增大e. 阳光暴晒下的自行车车胎极易爆裂的原因是车胎内气体温度升高，气体分子间斥力急剧增大【答案】abd【解析】【详解】a.热量在一定的条件下有可能由低温物体传递到高温物体，如空调，故a符合题意；b.布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是分子的无规则运动，布朗运动是液体（或气体）分子做无规则运动的反映，故b符合题意；c.若两分子间距离小于r0，随着间距增大（未到r0），分子间作用力做正功，分子势能减小，故c不符合题意；d.温度是分子平均动能的标志，如果气体温度升高，分子平均动能会增加，但并不是所有分子的速率都增大，故d符合题意；e.阳光暴晒下的自行车车胎极易爆裂的原因是车胎内气体温度升高，气体的压强增大，并不是分子间斥力急剧增大。故e不符合题意；14.如图所示，水平地面上放置一个内壁光滑的绝热汽缸，气缸开口朝上，缸内通过轻质活塞封闭一部分气体。初态时气体压强为一个大气压、温度为27，活塞到汽缸底部距离为30cm。现对缸内气体缓慢加热到427，缸内气体膨胀而使活塞缓慢上移，这一过程气体内能增加了100j。已知汽缸横截面积为50cm2，总长为50cm，大气压强为1.0105pa。气缸上端开口小于活塞面积，不计活塞厚度，封闭气体可视为理想气体。(1)末态时(427)缸内封闭气体的压强(2)封闭气体共吸收了多少热量。【答案】（1）1.4105pa（2）200j【解析】【分析】（1）在活塞未到达顶部之前气体发生的是等压变化，可以计算刚好到达顶部时的温度，判断之后是否会发生等容变化；（2）根据热力学第一定律计算吸收的热量。【详解】(i)由题意可知，在活塞移动到汽缸口的过程中，气体发生的是等压变化。设活塞的横截面积为s，活塞未移动时封闭气体的温度为t1，塞愉好移动到汽缸口时，封闭气体的温度为t2，则由盖吕萨克定律可知：，又t1=300 k 解得：t2=500 k即227因为227427，所以气体接着发生等容变化，设当气体温度达到427时，封闭气体的压强为p，由查理定律可以得到： 代人数据整理可以得到：p=l.4l05 pa。 (ii)由题意可知，气体膨胀过程中活塞移动的距离，故大气压力对封闭气体所做的功为 代人数据解得：w=-100 j由热力学第一定律 得到：【点睛】本题主要考虑活塞是否会顶到顶部，必须假定刚好到顶部，计算温