2020高考物理二轮专题复习课标通用版（跟踪检测）：小题提速抢分练小卷提速抢分练（8选择＋2实验）3 .doc

教学资料范本2020高考物理二轮专题复习课标通用版（跟踪检测）：小题提速抢分练小卷提速抢分练（8选择2实验）3 编 辑：_时 间：_(建议用时：30分钟)一、选择题(共8小题、每小题6分、共48分在每小题给出的四个选项中、第1418题只有一项符合题目要求、第1921题有多项符合题目要求全选对的得6分、选对但不全的得3分、有选错的得0分)14(20xx陕西西安三模)下列说法正确的是()A铀核裂变的核反应是UBaKr2nB玻尔根据光的波粒二象性、大胆提出假设、认为实物粒子也具有波动性C原子从低能级向高能级跃迁、不吸收光子也能实现D根据爱因斯坦的“光子说”可知、光的波长越大、光子的能量越大C解析 铀核裂变的核反应是UnBaKr3n、选项A错误；德布罗意根据光的波粒二象性、大胆提出假设、认为实物粒子也具有波动性、选项B错误；受到电子或其他粒子的碰撞、原子也可从低能级向高能级跃迁、不吸收光子也能实现、选项C正确；根据爱因斯坦的“光子说”可知、根据、光的波长越大、频率越小、故能量h越小、选项D错误15(20xx广西桂林十八中月考)科技的发展正在不断地改变着我们的生活、图示是一款放在水平桌面上的手机支架、其表面采用了纳米微吸材料、用手触碰无粘感、接触到平整光滑的硬性物体时、会牢牢吸附在物体上手机静止吸附在该手机支架上、如图所示、若手机的重力为G、下列说法正确的是()A手机受到的支持力大小为Gcos B手机受到的摩擦力大小大于Gsin C纳米材料对手机的作用力方向竖直向上D纳米材料对手机的作用力大小为Gsin C解析 手机处于静止状态、受力平衡、根据平衡条件可知、在垂直于支架方向有FNGcos F吸、大于Gcos 、选项A错误；在平行于斜面方向、根据平衡条件、有fGsin 、选项B错误；手机处于静止状态、受力平衡、受到重力和纳米材料对手机的作用力、根据平衡条件可知、纳米材料对手机的作用力大小等于重力、方向与重力方向相反、竖直向上、选项C正确、D错误16(20xx福建永安三中模拟)如图所示、质量为1 kg的小物块从倾角为30、长为2 m的光滑固定斜面顶端由静止开始下滑、若选初始位置为零势能点、重力加速度取10 m/s2、则它滑到斜面中点时具有的机械能和动能分别是()A5 J,5 J B10 J,15 JC0,5 J D0,10 JC解析 对物块进行受力分析可知、物块受到重力和支持力、下滑的过程中支持力不做功、只有重力做功、符合机械能守恒的条件、物块在中点时的机械能等于在斜面顶端时的机械能、故机械能等于零；物块在中点时的重力势能Epmgsin 305 J、由机械能守恒知、动能为5 J、选项C正确17(20xx福建永安三中模拟)如图所示、半径为R的半圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场一质量为m、带电荷量为q且不计重力的粒子、以速度v沿与半径PO夹角30的方向从P点垂直磁场射入、最后粒子垂直于MN射出、则磁感应强度的大小为()A B C DB解析 由左手定则可判断带电粒子将向右偏转做圆周运动、可画出运动轨迹如图所示、做初、末速度的垂线如图所示、两垂线的交点为圆心O、可知圆心角为、由三角函数可得圆周运动的半径为r2R、又根据半径公式r、解得B、选项B正确18(20xx陕西部分学校联考)20xx年6月19日、我国在西昌卫星发射中心发射“中星9A”广播电视直播卫星、如图所示、按预定计划、“中星9A”应该首先被送入近地点约为200公里、远地点约为3.6万公里的转移轨道(椭圆)、然后通过远地点变轨、最终进入地球同步轨道(圆形)但是由于火箭故障、卫星实际入轨后初始轨道远地点只有1.6万公里科技人员没有放弃、通过精心操作、利用卫星自带燃料在近地点点火、尽量抬高远地点的高度、经过10次轨道调整、终于在7月5日成功定点于预定轨道下列说法正确的是()A失利原因可能是卫星发射速度没有达到7.9 km/sB卫星从轨道的P点进入轨道后机械能增加C卫星在轨道经过Q点时和轨道经过Q点时的速度相同D卫星在轨道由P点向Q点运行时处于超重状态B解析 卫星的最小发射速度为7.9 km/s、卫星已经进入轨道、失利原因不可能是发射速度没有达到7.9 km/s、选项A错误；卫星从轨道变轨到轨道、要做离心运动、卫星应从轨道的P点加速、卫星加速过程机械能增加、则卫星从轨道的P点进入轨道后机械能增加、选项B正确；卫星由轨道的Q点加速后才能进入轨道、由此可知、卫星在轨道经过Q点时的速度大于在轨道经过Q点时的速度、选项C错误；卫星在轨道由P点向Q点运行时只受到万有引力的作用、始终有向下的加速度、所以卫星处于失重状态、选项D错误19(20xx江西南昌十中期末)如图所示、将质量为M1、半径为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上、左侧靠竖直墙壁、右侧靠一质量为M2的物块今让一质量为m的小球自左侧槽口A的正上方h高处从静止开始下落、与半圆槽相切自A点进入槽内、则下列结论正确的是()A小球在槽内运动的全过程中、小球与半圆槽在水平方向动量守恒B小球在槽内运动由B至C过程中、小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向动量守恒C小球离开C点以后、将做竖直上抛运动D小球从A点经最低点向右侧最高点运动的过程中、小球、半圆槽和物块组成的系统机械能守恒BD解析 小球从AB的过程中、半圆槽对球的支持力沿半径方向指向圆心、而小球对半圆槽的压力方向相反指向左下方、因为有竖直墙挡住、所以半圆槽不会向左运动、可见、该过程中、小球与半圆槽在水平方向受到外力作用、动量不守恒、则由小球、半圆槽和物块组成的系统动量也不守恒；从BC的过程中、小球对半圆槽的压力方向向右下方、所以半圆槽要向右推动物块一起运动、因而小球参与了两个运动、一个是沿半圆槽的圆周运动、另一个是与半圆槽一起向右运动、小球所受支持力方向与速度方向并不垂直、此过程中、因为有物块挡住、小球与半圆槽在水平方向动量不守恒、但是小球、半圆槽和物块组成的系统水平方向动量守恒、选项A错误、 B正确当小球运动到C点时、它的两个分运动的合速度方向并不是竖直向上、所以此后小球做斜上抛运动、选项C错误因接触面都是光滑的、所以小球、半圆槽、物块组成的系统机械能守恒、选项D正确20(20xx重庆巴蜀中学月考)如图甲所示为风力发电的简易模型在风力的作用下、风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动、转速与风速成正比某一风速时、线圈中产生的正弦式电流如图乙所示下列说法正确的是()A电流的表达式为i0.6sin 10t(A)B磁铁的转速为10 r/sC风速加倍时、电流的表达式为i1.2sin 10t(A)D风速加倍时、线圈中电流的有效值为0.6 AAD解析 由图象可知、线圈转动周期T0.2 s、则10 rad/s、交流电的电流表达式iAsint(A)0.6sin 10t(A)、选项A正确；根据2n可知转速为5 r/s、选项B错误；转速与风速成正比、当风速加倍时、转速也加倍、电流的最大值Im1.2 A、则电流的表达式为i1.2sin 20t(A)、电流的有效值I A0.6 A、选项C错误、D正确21(20xx陕西武功检测)如图所示为两个有界匀强磁场、左右两边磁感应强度大小分别为B和2B、方向分别垂直纸面向里和向外、磁场宽度均为L、距磁场区域的左侧L处、有一边长为L的正方形导体线框、总电阻为R、且线框平面与磁场方向垂直、现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域、以初始位置为计时起点、规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正、磁感线垂直纸面向里时磁通量的方向为正则下列说法正确的是()A在 的过程中、磁通量的变化量为2BL2B在 的过程中、电路中产生的平均感应电动势为E3BLvC在 的过程中产生的电功率是 的过程中产生的电功率的9倍D在 的过程中线框受安培力大小是的过程中线框受安培力大小的3倍BC解析 在的过程中、线圈在磁场中的面积变化了L2、所以磁通量变化了BSBL2、选项A错误；在的过程中、线圈的磁通量变化了212BL2(BL2)3BL2、则平均感应电动势3BLv、选项B正确；在 的过程中、产生的电动势为E13BLv、感应电流为I1、电功率为P1IR、同理、在的过程中电功率为P2IR、所以9、选项C正确；在 的过程中、左、右两条边受安培力方向相同、大小F12BI1LBI1L3BI1L、同理、在的过程中、只有右边受安培力、大小为F2BI2L、由C项分析可知、I13I2、选项D错误二、实验题(共15分)22(2020黑龙江牡丹江一中开学考试)(6分)如图甲所示、为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图钩码的质量为m1、小车和砝码的质量为m2、重力加速度为g.(1)下列说法正确的是_A每次在小车上加减砝码时、应重新平衡摩擦力B实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C本实验m2应远小于m1D在用图象探究加速度与质量关系时、应作a图象(2)实验时、某同学由于疏忽、遗漏了平衡摩擦力这一步骤、测得Fm1g、作出aF图象、他可能作出图乙中_(选填“a”“b”“c”)图线此图线的AB段明显偏离直线、造成此误差的主要原因是_A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平状态C钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大(3)实验时、某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤、若轨道水平、他测量得到的a图象、如图丙所示设图中直线的斜率为k、在纵轴上的截距为b、则小车与木板间的动摩擦因数_.解析 (1)平衡摩擦力时、假设木板倾角为、则有fmgsin mgcos 、等式两边都有m、可以约去、则每次在小车上加砝码时、不需要重新平衡摩擦力、选项A错误；实验时应先接通电源后释放小车、选项B错误；实验中、拉小车的绳子上的实际拉力为Fm2a、当把钩码的重力当作绳子的拉力时、即Fm1g、需要满足m1应远小于m2才能成立、选项C错误；由牛顿第二定律Fma、可得a、所以用图象探究小车的加速度与质量的关系时、通常作a图象、选项D正确(2)由于实验中遗漏了平衡摩擦力这一步骤、就会出现当有拉力时、小车不会运动的情况、故可能作出题图乙中的c图线题图乙中图线的AB段明显偏离直线、造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大、没有满足远小于小车和砝码的质量、选项C正确(3)根据牛顿第二定律可知m1gm2gm2a、则有a、结合图丙可得k、b、解得小车与木板间的动摩擦因数为.答案 (1)D(2)cC(3)23(20xx湖北黄冈中学三模)(9分)用直流电源(内阻可忽略不计)、电阻箱、定值电阻R0(阻值为2.0 k)、开关和若干导线、连接成如图甲所示的电路来测量电压表V(量程3 V)的内阻 RV.闭合开关S、适当调节电阻箱的阻值R、读出电压表的示数U、获得多组数据(1)此实验时电阻箱的读数如图乙所示、其值为_.(2)根据测得的数据画出如图丙所示的R关系图线、由图象上的数据可计算得到纵轴截距与图线斜率的比值为_、进而求得电压表的内阻RV_k.(计算结果均保留两位有效数字)丙(3)若电源内阻不可忽略、用此法测得的RV_(选填“偏大”或“偏小”)(4)定值电阻R0的作用是_解析 (1)由图示电阻箱可知、其示数为0100 k010 k61 k5100