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期末复习综合测试卷(四)一、选择题:1下列有关命题的说法正确的是( )A命题“若”的否命题为:“若”;B“”是“”的必要不充分条件;C命题“,使得”的否定是:“,均有”;D命题“若”的逆否命题为真命题.2已知集合A=,B=,则=( )A1,2,3 B0,1,2,3C0,1,2,3,4 D1,2,3,43若则就称A是伙伴关系集合,集合的所有非空子集中,具有伙伴关系的集合的个数为A. B. C. D. 4命题函数的单调增区间是,命题函数的值域为,下列命题是真命题的为( )A B . C. D.5定义在R上的偶函数f(x)在0,)上是增函数,且f()0,则不等式f(x)0的解集是()A(0,) B(2,)C(0,)(2,) D(,1)(2,)6下列函数中,既是偶函数又在区间(1,2)上单调递增的是( )A. 7设偶函数f(x)对任意xR都有f(x3),且当x3,2时,f(x)4x,则f(107.5)()A10 B. C10 D8设函数 若函数在区间上单调递增,则实数的取值范围是( )(A) (B)(C) (D)9已知关于x的不等式(其中),若不等式有解,则实数a的取值范围是( )A. B.C. D.10设函数f(x)的导函数为f(x),对任意xR都有f(x)f(x)成立,则()A3f(ln 2)2f(ln 3) B3f(ln 2)2f(ln 3)C3f(ln 2)0,得x或x,所以0x2,故选C.6A【解析】试题分析:与满足,与满足,为奇函数,所以舍去,画出与的图象,显然递增的是,故选A.考点:1.函数的奇偶性;2.函数的单调性;3.函数的图象.7B【解析】因为f(x3),故有f(x6)f(x)函数f(x)是以6为周期的函数f(107.5)f(6175.5)f(5.5).故选B.8D【解析】试题分析:由函数的图像可知,在和上是递增的,在上是递减的,故函数在区间上单调递增,则或,即或,故选9C【解析】设故,即的最小值为,所以有解,则解得,即的取值范围是,选C.10C【解析】构造函数g(x),则g(x) 0,函数g(x)在R上单调递增,所以g(ln 2)g(ln 3),即,即3f(ln 2)2f(ln 3)118,0【解析】当a0时,不等式显然成立;当a0时,由题意知得8a0.综上,8a0.12【解析】试题分析:因为,所以13【解析】试题分析:,所以函数在上单调递增,又,所以函数为奇函数,于是,因为对任意的恒成立,所以.141【解析】试题分析:,或,或,不等式的解集是,应同时成立,解得,故答案为15【解析】略16yex【解析】f(x)exf(0)xf(1)e1f(0)1f(0)1在函数f(x)exf(0)xx2中,令x0,则得f(1)e所以f(1)e,所以f(x)在(1,f(1)处的切线方程为ye(x1)f(1)ex,即yex17【解析】根据柯西不等式,得(x+2y+3z)2(12+22+32)(x2+y2+z2)=14(x2+y2+z2)当且仅当时,上式的等号成立x2+y2+z2=1,(x+2y+3z)214,结合,可得x+2y+3z恰好取到最大值=,可得x=,y=,z=因此,x+y+z=+=故答案为 18(1)a=5(2)a=-2【解析】试题分析:(1)先化简集合B和集合C,在再进行集合间的有关运算.(2)一定要注意特殊集合空集.由已知,得B2,3,C2,4 (1)ABAB,AB2,3是一元二次方程x2axa2190的两个根,由 解得a5.(2)由AB ,又AC,得3A,2A,4A,由3A,得323aa2190,解得a5或a=2当a=5时,Axx25x602,3,与2A矛盾;当a=2时,Axx22x1503,5,符合题意.a2.19(1)3;(2)或.【解析】(1),(当且仅当时取等号)又,故,即的最小值为 (2)由(1)若对任意的恒成立,故只需或或解得或 20(1);(2)即隔热层修建厚时,总费用达到最小,最小值为70万元(1)当时, (2), 设,.当且仅当这时,因此的最小值为70.即隔热层修建厚时,总费用达到最小,最小值为70万元 21(1)奇函数,(2),(3) 试题解析:(1)函数为奇函数当时,函数为奇函数; (2),当时,的对称轴为:;当时,的对称轴为:;当时,在R上是增函数,即时,函数在上是增函数; (3)方程的解即为方程的解当时,函数在上是增函数,关于的方程不可能有三个不相等的实数根; 当时,即,在上单调增,在上单调减,在上单调增,当时,关于的方程有三个不相等的实数根;即,设,存在使得关于的方程有三个不相等的实数根, ,又可证在上单调增; 当时,即,在上单调增,在上单调减,在上单调增,当时,关于的方程有三个不相等的实数根;即,设存在使得关于的方程有三个不相等的实数根, ,又可证在上单调减; 综上: 22(1);(2)当时,即;当时,;当时,即;(3)详见解析(1),由题, (2)当时,当时,单
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