－人教版选修32 5.4 变压器 作业.doc

5.4 变压器 作业1(多选)关于变压器的工作原理，以下说法正确的是()a通以正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变b穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都相等c穿过副线圈的磁通量的变化使得副线圈产生了感应电动势d原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈中答案bc解析通过下表对各项逐一分析：选项透析过程结论a通入交变电流时原线圈中产生的磁通量是变化的。b原、副线圈在同一铁芯上，没有漏磁，磁通量相等。c由电磁感应现象，磁通量变化引起感应电动势。d副线圈中的电流是由于磁通量变化引起的。2.一个正常工作的理想变压器的原副线圈中，下列的哪个物理量一定相等()a交变电流的电压 b交变电流的电流c输入和输出的电功率 d没有物理量相等答案c解析变压器可以改变原副线圈中的电压和电流，因此原副线圈中的电压和电流一般是不相同的，所以a、b错；由于理想变压器不消耗能量，故原线圈输入功率等于副线圈输出功率，c对、d错。3一输入电压为220 v，输出电压为36 v的变压器副线圈烧坏了，为获知此变压器原、副线圈匝数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新绕了5匝线圈，如图所示，然后将原线圈接到220 v交流电上，测得新绕线圈的端电压为1 v，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线圈匝数分别为()a1100,360 b1100,180c2200,180 d2200,360答案b解析对新绕线圈的理想变压器，根据变压比公式得n11100，变压器烧坏前，同理n2180，故b正确。4如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形。原、副线圈匝数比：n1n2101，串联在原线圈电路中电流表的示数为1 a，下列说法中正确的是()a变压器副线圈的电流为0.1 ab变压器的输出功率为200 wc变压器输出端的交流电的频率为100 hzd此变压器为升压变压器答案b解析由得i2i110 a，a错；由图知u1200 v，由，和p入p出得u220 v，则输出功率p2i2u2200 w，b正确；由图可知原线圈交流电的周期为0.02 s，则频率为50 hz，由于变压器不改变频率，故c错；因原、副线圈匝数比：n1n2101，则d错。5 (多选)如图所示m为理想变压器。电电压不变。当变阻器的滑动头p向上移动时，读数发生变化的电表是()a电流表 b电流表c电压表 d电压表答案ab解析根据输入电压决定输出电压，所以、均不变。当p向上移动时r减小，根据i2得i2增大。根据输出功率决定输入功率，所以p入p出，u1i1u2i2，当i2增大时，i1也会增大，所以选a、b。6(多选)如图所示，有一理想变压器，原线圈接在电压一定的正弦交流电上，副线圈电路中接入三个电阻r1、r2、r3，各交流电表的内阻对电路的影响不计，当开关s闭合时，各电表的示数变化情况是()a电流表示数变大 b电流表示数变大c电压表示数变小 d电压表示数变大答案ab解析开关s闭合后，r2、r3并联后电阻变小，故变小，d错误；副线圈两端的电压由副线圈及u1决定，故u2不变，即不变，所以c错误；副线圈中的总电阻减小，u2不变，可知变大，所以b正确；原副线圈匝数一定，所以变大，故a正确。7理想变压器正常工作时，原、副线圈中不相同的物理量为()a每匝线圈中磁通量的变化率b交变电流的频率c原线圈的输入功率和副线圈的输出功率d原线圈中的感应电动势和副线圈中的感应电动势解析：理想变压器是没有能量损失的变压器，铁芯中无磁漏，所以每匝线圈中磁通量相等，其变化率相等，故a、c不符合题意；根据变压器的工作原理及用途可知，b不符合题意，选d。答案：d8在变电所，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，使用的仪器是电流互感器。如图所示的四个图中，能正确反映其工作原理的是()解析：电流互感器是测电流的，应串联在火线上，故b、d错误。由变压器电流关系n1i1n2i2，要使i2n1，故a选项正确。答案：a9如图所示，某理想变压器的原、副线圈的匝数均可调节，原线圈两端电压为一最大值不变的正弦交流电，在其他条件不变的情况下，为了使变压器输入功率增大，可使()a原线圈匝数n1增加 b副线圈匝数n2增加c负载电阻r的阻值增大 d负载电阻r的阻值减小解析：由，p出 可得p出又因为p入p出，所以p入分析可得选项b、d正确。答案：bd10如图所示，理想变压器的原线圈接入u11 000 sin100t(v)的交变电压，副线圈通过电阻r6 的导线对“220 v/880 w”的电器rl供电，该电器正常工作。由此可知()a原、副线圈的匝数比为501b交变电压的频率为100 hzc副线圈中电流的有效值为4 ad变压器的输入功率为880 w解析：根据接入电压u11 000sin 100t，输入电压有效值为11 000 v，要使“220 v/880 w”的电器正常工作，则通过用电器的电流为i4 a，副线圈输出电压为u出iru46 v2