重庆市重庆七中2020届高三物理上学期入学考试试题（含解析）.doc

重庆市重庆七中2020届高三物理上学期入学考试试题（含解析）一、选择题1.某人骑自行车沿一斜坡从坡底到坡顶，再从坡顶到坡底往返一次，已知上坡时的平均速度大小为4m/s，下坡时的平均速度大小为6m/s，则此人往返一次的平均速度大小是（）A. 10m/sB. 5m/sC. 4.8m/sD. 0【答案】D【解析】人往返一次通过的位移为0，故平均速度为零，故选D.2.下列关于原子结构和原子核的说法中正确的是 A. 卢瑟福在粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型B. 天然放射性元素在衰变过程中电荷数和质量数守恒，其放射线在磁场中不偏转的是射线C. 据图可知，原子核A裂变成原子核B和C要放出核能D. 据图可知，原子核D和E聚变成原子核F要吸收能量【答案】ABC【解析】A、卢瑟福在粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型，故A正确；B、天然放射性元素在衰变过程中电荷数和质量数守恒，其放射线在磁场中不偏转的是射线，B正确；C、裂变和聚变都要有质量亏损，根据质能方程都放出能量，C正确，D错误。点睛：核反应过程中质量数和电荷数都守恒，在裂变和聚变时有质量亏损，要释放能量。3.如图所示，两个质量都是m小球A、B用轻杆连接后靠在墙上处于平衡状态，已知墙面光滑，水平地面粗糙，现将A球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对B球的支持力F1和摩擦力F2的大小变化情况是() A. F1不变，F2增大B. F1不变，F2减小C. F1增大，F2增大D. F1增大，F2减小【答案】B【解析】【详解】对整体进行受力分析如图所示：知F1=2mg，移动两球后，仍然平衡，则F1仍然等于2mg，所以F1不变。墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力F2。再隔离对A进行受力分析，墙壁对A的弹力FA=mgtan，当A球向上移动一小段距离，夹角减小，所以FA减小。而墙壁对小球A的弹力始终等于地面对B的摩擦力F2，所以F2减小.A. F1不变，F2增大与分析不符，A错误B. F1不变，F2减小与分析相符，B正确C F1增大，F2增大与分析不符，C错误D. F1增大，F2减小与分析不符，D错误4.如图所示，N匝矩形导线框以角速度在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴匀速转动，线框面积为S，线框的电阻、电感均不计，外电路接有电阻R、理想交流电流表和二极管二极管D具有单向导电性，即正向电阻为零，反向电阻无穷大下列说法正确的是A. 交流电流表的示数B. 一个周期内通过R的电荷量C. R两端电压的有效值D. 图示位置电流表的示数为0【答案】A【解析】【详解】AC.矩形闭合导线框在磁场中转动，产生的交流电的电压最大值为：Em=NBS二极管具有单向导电性，一个周期中只有一半时间电路中有电流，根据电流的热效应得：解得R两端电压电流表的示数为有效值故A正确，C错误；B一个周期中只有一半时间电路中有电流，由，q=It，得到电量为：，故B错误；D.电流表显示的是有效值，不会随瞬时值的变化而变化，即图示位置电流表的示数不为0，故D错误。5.如图所示，质量为M的斜面体A置于粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态。已知斜面倾角30，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，则 ( ) A. 斜面体对小球的作用力大小为mgB. 轻绳对小球的作用力大小为C. 斜面体对水平面的压力大小为D. 斜面体与水平面间的摩擦力大小为【答案】B【解析】【详解】A. 以小球为研究对象受力分析，根据平衡条件，垂直斜面方向，斜面对小球的支持力：N=mgcos30= mg，；平行斜面方向，轻绳对小球的作用力：T=mgsin30=mg，故A错误，B正确；C. 以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，竖直方向：N=(m+M)gTsin30，水平方向：f=Tcos30=mg，故C错误，D错误。故选：B点睛：以小球为研究对象受力分析，根据平衡条件列方程求斜面和轻绳对小球的作用力；以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求斜面体受到的支持力和摩擦力6.如图甲，一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图象如图乙所示。若重力加速度g=10m/s2，则A. 斜面的长度B. 斜面的倾角C. 物块的质量D. 物块与斜面间的动摩擦因数【答案】BD【解析】【分析】由图乙所示图象可求出物体的加速度，应用牛顿第二定律求出斜面的倾角与动摩擦因数，然后根据物体运动过程分析答题。【详解】由图乙所示图象可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速度；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移，但是不能求出斜面的长度，故A错误；由图乙所示图象可知，加速度大小：，由牛顿第二定律得：上升过程：mgsin+mgcos=ma1，下降过程：mgsin-mgcos=ma2，解得：=30，=，故BD正确。根据图示图象可以求出加速度，由牛顿第二定律可以求出动摩擦因数与斜面倾角，但是无法求出物块的质量，故C错误。故选BD。【点睛】本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系。7.如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为41，原线圈与一可变电阻串联后，接入一正弦交流电源；副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R11R0，V是理想电压表，现将负载电阻的阻值减小为R5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为5.0 V，则( )A. 此时原线圈两端电压的最大值约为34 VB. 此时原线圈两端电压的最大值约为24 VC. 原线圈两端原来的电压有效值约为68 VD. 原线圈两端原来的电压有效值约为48 V【答案】AD【解析】试题分析：现将负载电阻的阻值减小为R=5R0，保持变压器输入电流不变，此时电压表的读数为50V，根据串并联知识和欧姆定律得副线圈电压，根据电压与匝数成正比可知，此时原线圈两端电压的有效值U1=4U2=24V，所以此时原线圈两端电压的最大值约为U1m=2434V，故A正确，B错误；原来副线圈电路中固定电阻的阻值为R0，负载电阻的阻值R=11R0，由于保持变压器输入电流不变，所以输出电流也不变，所以原来副线圈电压，根据电压与匝数成正比可知，原线圈两端原来的电压有效值约为48V，故C错误，D正确；故选AD。考点：变压器；交流电8.如图(a)，螺线管内有平行于轴线的外加匀强磁场，以图中箭头所示方向为其正方向。螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一小金属圆环L，圆环与导线框在同一平面内。当螺线管内的磁感应强度B随时间按图(b)所示规律变化时A. 在t1t2时间内，L有收缩趋势B. 在t2t3时间内，L有扩张趋势C. 在t2t3时间内，L内有逆时针方向感应电流D. 在t3t4时间内，L内有顺时针方向的感应电流【答案】AD【解析】据题意，在t1t2时间内，外加磁场磁感应强度增加且斜率在增加，则在导线框中产生沿顺时针方向增加的电流，该电流激发出增加的磁场，该磁场通过圆环，在圆环内产生感应电流，根据结论“增缩减扩”可以判定圆环有收缩趋势，故选项A正确；在t2t3时间内，外加磁场均匀变化，在导线框中产生稳定电流，该电流激发出稳定磁场，该磁场通过圆环时，圆环中没有感应电流，故选项B、C错误；在t3t4时间内，外加磁场向下减小，且斜率也减小，在导线框中产生沿顺时针方向减小的电流，该电流激发出向内减小的磁场，故圆环内产生顺时针方向电流，选项D正确。考点定位】楞次定律、安培定则【方法技巧】线圈内通有非均匀变化的磁场，导线框内产生变化的电流，该电流激发出变化的磁场，才可以使圆环产生感应电流；线圈内通有均匀变化的磁场，导线框内产生稳定的电流，该电流激发出的是稳定的磁场，不会使圆环产生感应电流。二、实验题9.某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有220Hz、30 Hz和40 Hz，打出纸带的一部分如图（b）所示。该同学在实验中没有记录交流电的频率，需要用实验数据和其他条件进行推算。（1）若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用和图（b）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为_，打出C点时重物下落的速度大小为_，重物下落的加速度的大小为_.（2）已测得=8.89cm，=9.5.cm，=10.10cm；当重力加速度大小为9.80m/，试验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%。由此推算出为_ Hz。【答案】 (1). (2). (3). (4). 40【解析】试题分析：（1）打B点时，重物下落的速度等于AC段的平均速度，所以；同理打出C点时，重物下落的速度；由加速度的定义式得（2）由牛顿第二定律得：，解得：，代入数值解得：f=40Hz。【考点定位】验证机械能守恒定律、纸带数据分析【名师点睛】本题主要考查验证机械能守恒定律实验、纸带数据分析。解决这类问题的关键是会根据纸带数据求出打某一点的瞬时速度、整个过程的加速度；解决本题要特别注意的是打点计时器的频率不是经常用的50 Hz。10.某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：A.电流表内阻，满偏电流 B.电流表内阻约为，量程为C.定值电阻 D.滑动变阻器E.干电池组 F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为_mm；如图2用10分度游标卡尺测金属棒长度为_cm（2）用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用_挡填“”或“”，换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为_ （3）请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值，并在图4的实线框里画出其电路图_（4）若实验测得电流表示数为，电流表示数为，则金属棒电阻的表达式为_（用，表示）【答案】 (1). 6.123 (2). 10.65 (3). (4). 17.0 (5). 如图所示 (6). 【解析】【详解】（1）1.金属丝的直径为：d=6mm+12.30.01mm=6.123mm；2.长度为：L=106mm+50.1mm=106.5mm=10.65cm；（2）3.4.用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，示数偏小，要增大示数则要倍率减小换成1的倍率，则初测电阻为：R=17.0；（3）5.由于题目中没有给出电压表，显然是用电流表A1与R0串联后组成电压表，为多测几组数据滑动变阻器采用分压接法，设计的电路图如图所示:（4）6.由电路连接及欧姆定律可求出金属棒的电阻为：。四、计算题11.某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞使他减速下落，他打开降落伞后的速度图线如图a降落伞用8 根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37，如图b已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f，与速度v成正比，即f=kv（g取10m/s2，sin53=08，cos53=06）求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数 k （3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？【答案】(1)20m (2)200Ns/m (3)312.5N【解析】【详解】（1）打开降落伞前下降的高度为（2）当速度为5m/s时，物体做匀速运动，受力平衡则有kv=2mg解得：k=200Ns/m（3）刚打开降落伞时，物体的人的加速度为，解得：设每根绳的拉力为T，以运动员为研究对象，解得：12.如图甲所示，绝缘水平面上固定着两根足够长的光滑金属导轨PQ、MN， 相距为L=0.5m，ef右侧导轨处于匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向下，磁感应强度B的大小如图乙变化。开始时ab棒和cd棒锁定在导轨如图甲位置，ab棒与cd棒平行，ab棒离水平面高度为h=0.2m，cd棒与ef之间的距离也为L，ab棒的质量为m1=0.2kg，有效电阻R1=0.05，cd棒的质量为m2=0.1kg，有效电阻为R2=0.15。(设a、b棒在运动过程始终与导轨垂直，两棒与导轨接触良好，导轨电阻不计)。问：(1)01s时间段通过cd棒的电流大小与方向；(2)假如在1s末，同时解除对ab棒和cd棒的锁定，稳定后ab棒和cd棒将以相同的速度作匀速直线运动， 试求这一速度；(3)对ab棒和cd棒从解除锁定到开始以相同的速度作匀速运动，ab棒产生的热量为多少?(4)ab棒和cd棒速度相同时，它们之间的距离为多大?【答案】(1) ， (2) (3) (4) 【解析】试题分析：(1)由题意可知01s时间内由于磁场均匀变化，根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，再根据闭合电路欧姆定律求出电流；(2)先由动能定理求出ab棒从高为h处滑下到ef的速度，再由动量守恒定律求出共同的速度；(3) 对ab棒和cd棒从解除锁定到开始以相同的速度作匀速运动过程，由能量守恒求出总热量，再由串联电路中热量分配按电阻分配求出ab棒中的热量；(1) 01s时间内由于磁场均匀变化，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，代入数据可解得：；(2)1s末后由磁场不变，ab棒从高为h处滑下到ef过程，由动能定理可知，得，从ab棒刚到ef处至两棒达共同速度过程，由动量守恒定律得，即解得；(3) 对ab棒和cd棒从解除锁定到开始以相同的速度作匀速运动过程，由能量守恒可知， 代入数据解得：由于ab和cd棒串联，所以产生的热量之比等于电阻之比，所以。选考题： 【物理选修】13.下列说法正确的是_A液体中的扩散现象是由于液体的对流形成的B液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现C只要两物体的质量、温度、体积相等，两物体的内能一定相等D分子间引力和斥力都是随着分子间距离的减小而增大E空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量【答案】BDE 【解析】A、液体中的扩散现象都是由于分子热运动而产生的，故A项错误。B、液体的表面张力是分子力作用的表现，外层分子较为稀疏，分子间表现为引力；浸润现象也是分子力作用的表