甘肃省嘉峪关市酒钢三中高二物理上学期期末试卷（含解析）.doc

2015-2016学年甘肃省嘉峪关市酒钢三中高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确答案；310=30分）1对于电流和电动势概念的理解下列正确的是（）a电动势就是电源两极的电压b电压u=和电动势e=中的w是一样的，都是静电力所做的功c在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极d一段金属导体中单位体积内的自由电子数目越多则形成的电流越大2一粗细均匀的镍铬丝，长为l，电阻为r把它拉制成长为2l的均匀细丝后，它的电阻变为（）arb2rc3rd4r3如图所示的电路中，各个电阻都是2，电流表内阻不计，在b、c 两点间加3v 电压时，则电流表的示数为（）a0.5 ab1 ac1.5 ad2 a4用伏安法测电阻时，电流表有两种接法，如图甲、乙所示，则下列说法正确的是（）用甲图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的用乙图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的若待测电阻的阻值远远大于电流表的阻值，采用图甲测量的误差较小若待测电阻的阻值远远小于电压表的阻值，采用图甲测量的误差较小abcd5在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向上移动时，关于灯泡a的亮度及电容器c所带电量q的变化判断正确的是（）a灯泡a变亮，q增大b灯泡a变亮，q减小c灯泡a变暗，q增大d灯泡a变暗，q减小6两根由同种材料制成的均匀电阻丝a、b并联在电路中，a的长度为l，直径为d；b的长度为2l，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）aqa：qb=2：1bqa：qb=1：2cqa：qb=1：1dqa：qb=4：17如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）aa代表的电阻丝较粗bb代表的电阻丝较粗ca电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值d图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比8水平放置的一根直导线通有水平向右的电流，在其正上方的小磁针n极将（）a向右平移b向左平移c垂直纸面向外转d垂直纸面向里转9如图，弹簧测力计下挂一条形磁铁，其中条形磁铁n极一端位于未通电的螺线管正上方下列说法正确的是（）a若将a接电源正极，b接电源负极，弹簧测力计示数将不变b若将a接电源正极，b接电源负极，弹簧测力计示数将增大c若将b接电源正极，a接电源负极，弹簧测力计示数将减小d若将b接电源正极，a接电源负极，弹簧测力计示数将增大10如图所示，长为l，质量为m的两导体棒a、b，a被放置在光滑斜面上，b固定在距a为x距离的同一水平面处，且a、b水平平行，设=45，a、b均通以强度为i的同向平等电流时，a恰能在斜面上保持静止，则b的电流在a处所产生的磁场的磁感应强度b的大小为（）abcd二、多项选择题（每小题至少有一个选项是正确的，漏选得2分，错选和不选得零分，44=16分）11如图所示的ui图象中，直线i为某电源的路端电压与电流的关系，直线为某一电阻r的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻r连接成闭合电路，由图象可知（）a电源的内阻为0.5b电源的总功率为1.5wc电源的输出功率为1.5wd电源内部消耗功率为1.5w12下列说法正确的是（）a根据可知，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比b根据可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比c欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电d欧姆定律只适用于纯电阻电路13如图所示，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场b，一个带电荷量为+q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的动能减小了，若想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的办法是（）a减小平行板的正对面积b增大电源电压c减小磁感应强度bd增大磁感应强度b14回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个d形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两d形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）a增大匀强电场间的加速电压b增大磁场的磁感应强度c减小狭缝间的距离d增大d形金属盒的半径三、填空题（每空2分，28=16分，总分16分）15有一只电流计，已知其ig=500a，rg=100，现欲改装成量程为6v的电压表，则应该联的电阻16用多用电表测量一个电阻的阻值将选择开关置于“1k”挡时，指针位置如图（a）所示，则测量的电阻阻值为用一量程为5v的伏特表测量某小灯泡的两端的电压时，伏特表位置如图（b）所示，则测得的电压为v17用电流表和电压表测定三节干电池串联组成的电池组（电动势约为4.5v，内电阻小于1）的电动势和内电阻，除了待测电池组，开关，导线外，还有下列器材供选用；a电流表：量程0.6a，内电阻约为1b电流表：量程3a，内电阻约为0.2c电压表：量程3v，内电阻约为30kd电压表：量程6v，内电阻约为60ke滑动变阻器：01000f滑动变阻器：040为了使测量结果尽量准确，电流表应选用，电压表选用，滑动变阻器选用（均填仪器前的字母代号）18如图所示，匀强磁场垂直于矩形线框abcd，磁场的磁感应强度为b，矩形面积为s现使矩形框以ab边为轴转动90角，则在这个过程中，穿过线框的磁通量变化量的数值是四、计算题（19、20题各8分、21题10分，22题12分，总分38分；解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19如图所示，r1=14.0，r2=9.0当开关s扳到位置1时，测得电流i1=0.20a；扳到位置2时，测得电流i2=0.30a求电源的电动势和内阻20如图所示，电路中电源电动势e=10v，内阻r=1，r1=4，r2=8，电容c=10f开关s闭合后电路稳定时，求通过r1的电流i和电容器的带电量q21一台直流电动机所加电压为110v，通过的电流为5a，该电动机在10s内把一个质量为50kg的物体匀速提高了9m，求电动机的电功率和电动机线圈的电阻（不计摩擦）22如图所示，在x轴上方有磁感应强度为b的匀强磁场，一个质量为m，电荷量为q的粒子，以速度v从o点射入磁场，已知=，粒子重力不计，求：（1）粒子的运动半径，并在图中定性地画出粒子在磁场中运动的轨迹；（2）粒子在磁场中运动的时间；（3）粒子经过x轴和y轴时的坐标2015-2016学年甘肃省嘉峪关市酒钢三中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题只有一个正确答案；310=30分）1对于电流和电动势概念的理解下列正确的是（）a电动势就是电源两极的电压b电压u=和电动势e=中的w是一样的，都是静电力所做的功c在电源内部正电荷由负极流向正极，负电荷由正极流向负极d一段金属导体中单位体积内的自由电子数目越多则形成的电流越大【考点】电源的电动势和内阻；电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小在电源的内部正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极【解答】解：a、在闭合电路中，电源的电动势等于内外电压之和，由于电源有内电压，所以电源两极间的电压小于电动势，只有当电源没有接入电路时，两极间的电压等于电动势故a错误b、电压u=和电动势e=中的w是不一样的，在电源的内部是靠非静电力做功，故b错误c、在电源的内部正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极，故c正确d、一段金属导体中电流的大小：i=，与单位体积内的自由电子数目无关，故d错误故选：c【点评】本题要知道电动势是一个表征电源特征的物理量，由电源的本身性质决定，知道电源内部和外部都存在电场，电源的正极电势是最高的，负极电势是最低的2一粗细均匀的镍铬丝，长为l，电阻为r把它拉制成长为2l的均匀细丝后，它的电阻变为（）arb2rc3rd4r【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】根据细丝的长度不变可明确拉伸后的截面积，根据电阻定律可求得拉伸后的电阻【解答】解：长度拉长后，由于体积不变，则截面积变为原来的一半，根据电阻定律r=得到，电阻是原来的4倍，即为4r故选：d【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，注意体积不变，故长度变化时，面积也要变化3如图所示的电路中，各个电阻都是2，电流表内阻不计，在b、c 两点间加3v 电压时，则电流表的示数为（）a0.5 ab1 ac1.5 ad2 a【考点】串联电路和并联电路【专题】比较思想；控制变量法；恒定电流专题【分析】在图上标上电阻的符号如图图中电流表内阻不计，在b、c两点间加3v电压时，电阻r2与r3并联后与r1串联，电流表测量的是电阻r2的电流；先求解总电阻，根据欧姆定律求解干路电流，根据并联电路的电流关系得到通过电阻r2的电流【解答】解：如右图所示，电阻r2与r3并联后与r1串联，电路的总电阻为： r=2+2=3；根据欧姆定律得，干路电流为：i=a=1a由于并联电路的电流与电阻成反比，故电流表的示数为：ir2=i=0.5a故选：a【点评】本题关键是明确电路的串并联结构，然后串并联电压、电流和电阻关系和欧姆定律列式求解4用伏安法测电阻时，电流表有两种接法，如图甲、乙所示，则下列说法正确的是（）用甲图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的用乙图测量时，误差主要是由于电流表的分压作用造成的若待测电阻的阻值远远大于电流表的阻值，采用图甲测量的误差较小若待测电阻的阻值远远小于电压表的阻值，采用图甲测量的误差较小abcd【考点】伏安法测电阻【专题】恒定电流专题【分析】用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻阻值是电流表内阻与待测电阻的串联值的和，电流表外接法测得的电阻阻值是待测电阻rx和电压表内阻的并联电阻值；用的电流表内阻越小，电压表内阻越大，测量的误差越小【解答】解：由图甲所示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，使所测电流偏大，实验误差来源于电压表分流，当电压表内阻远大于待测定值阻值时采用该电路误差 较小，故错误；由图乙所示电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，所测电压偏大，试验误差是由电流表的分压造成的，当待测电阻阻值远大于电流量表内阻时，用该电路试验误差较小，故正确，故b正确；故选：b【点评】该题中用伏安法测电阻的两种常用电路分别是电流表内接法和电流表外接法，电流表内接法测得的电阻值大，电流表外接法测得的电阻值偏小；该知识点既可以说是属于记忆性的知识，也可以记住分析的方法属于中档题5在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向上移动时，关于灯泡a的亮度及电容器c所带电量q的变化判断正确的是（）a灯泡a变亮，q增大b灯泡a变亮，q减小c灯泡a变暗，q增大d灯泡a变暗，q减小【考点】电容【专题】电容器专题【分析】当滑动变阻器的滑动片向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，得到干路电流和路端电压的变化，则知灯a亮度的变化电容器的电压等于变阻器两端的电压，分析其电压的变化，判断带电量q的变化【解答】解：、当滑动变阻器的滑动片向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流减小，电源的内电压减小，则路端电压增大，灯a的两端电压增大，则灯a变亮电容器板间电压等于变阻器两端的电压由上得知，路端电压增大，则通过a灯的电流增大，而干路电流减小，则通过r1的电流减小，r1的电压也减小，则变阻器两端的电压增大，电容器所带电量q增大故a正确，b、c、d错误故选：a【点评】本题是电路动态分析问题，按“局部整体局部”的思路进行分析电路稳定时，与电容器串联的电路没有电流，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压6两根由同种材料制成的均匀电阻丝a、b并联在电路中，a的长度为l，直径为d；b的长度为2l，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）aqa：qb=2：1bqa：qb=1：2cqa：qb=1：1dqa：qb=4：1【考点】焦耳定律；串联电路和并联电路【专题】恒定电流专题【分析】根据电阻定律，求出a、b电阻丝的电阻比，电阻丝a、b并联，电压相等，根据q=求出相同时间内产生的热量之比【解答】解：同种材料制成的均匀电阻丝a、b，a的长度为l，直径为d；b的长度为2l，直径为2d，根据电阻定律，知ra：rb=2：1，电阻丝a、b并联，电压相等，根据q=，在相等时间内产生的热量之比qa：qb=1：2故b正确，a、c、d错误故选b【点评】解决本题的关键掌握电阻定律，以及焦耳定律q=i2rt，在纯电阻中，公式可以转化为7如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是（）aa代表的电阻丝较粗bb代表的电阻丝较粗ca电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值d图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比【考点】电阻定律【专题】恒定电流专题【分析】iu图线的斜率表示电阻的倒数，根据斜率比较电阻的大小根据电阻定律r=比较电阻丝的粗细【解答】解：a、图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律r=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大故a、c错误，b正确d、电阻的大小与电压、电流无关故d错误故选：b【点评】解决本题的关键会从iu图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律r=8水平放置的一根直导线通有水平向右的电流，在其正上方的小磁针n极将（）a向右平移b向左平移c垂直纸面向外转d垂直纸面向里转【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】利用右手螺旋定则判断通电直导线周围磁场的方向，再根据小磁针静止时n极的指向为该点的磁场方向即可判断【解答】解：由右手螺旋定则知导线上方的磁场方向垂直于纸面向外，而小磁针静止时n极的指向为该点的磁场方向，所以小磁针将垂直纸面向外转，c正确故选c【点评】本题考查了通电直导线周围磁场的方向的判断，还要会判断环形电流、通电螺线管周围磁场的方向9如图，弹簧测力计下挂一条形磁铁，其中条形磁铁n极一端位于未通电的螺线管正上方下列说法正确的是（）a若将a接电源正极，b接电源负极，弹簧测力计示数将不变b若将a接电源正极，b接电源负极，弹簧测力计示数将增大c若将b接电源正极，a接电源负极，弹簧测力计示数将减小d若将b接电源正极，a接电源负极，弹簧测力计示数将增大【考点】楞次定律【专题】电磁感应与电路结合【分析】当螺线管通电时，线圈中将产生磁场，根据安培定则判断磁场方向，分析螺线管与磁铁之间存在引力还是斥力，来确定弹簧秤示数的变化【解答】解：ab、当螺线管将a接电源正极，b接负极时，线圈中产生磁场，由安培定则判断得知，螺线管内部磁场方向向上，上端相当于n极，对磁铁产生向上的斥力，所以弹簧秤示数减小，故ab错误；cd、当螺线管将a接电源负极，b接正极时，线圈中产生磁场，由安培定则判断得知，螺线管内部磁场方向向下，上端相当于s，对磁铁产生向下的引力，所以弹簧秤示数增大，故c错误，d正确；故选：d【点评】本题考查使用安培定则判定通电螺线管产生的磁场的方向，要注意该方法判断出的是通电螺线管内部的磁场的方向，判定后可以将通电螺线管的磁场等效与条形磁铁的磁场属于基本应用，基础题10如图所示，长为l，质量为m的两导体棒a、b，a被放置在光滑斜面上，b固定在距a为x距离的同一水平面处，且a、b水平平行，设=45，a、b均通以强度为i的同向平等电流时，a恰能在斜面上保持静止，则b的电流在a处所产生的磁场的磁感应强度b的大小为（）abcd【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式f=bil求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向【解答】解：通电导体a处于通电导体b的磁场中，由右手螺旋定则可得通电导体a 处于竖直向上的磁场中当导体a处于匀强磁场的磁感应强度b的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，则安培力f=mgtan则b=mg=故选：a【点评】学会区分左手定则与右手螺旋定则，前者是判定安培力的方向，而后者是电流周围磁场的方向二、多项选择题（每小题至少有一个选项是正确的，漏选得2分，错选和不选得零分，44=16分）11如图所示的ui图象中，直线i为某电源的路端电压与电流的关系，直线为某一电阻r的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻r连接成闭合电路，由图象可知（）a电源的内阻为0.5b电源的总功率为1.5wc电源的输出功率为1.5wd电源内部消耗功率为1.5w【考点】路端电压与负载的关系；电功、电功率【专题】定量思想；图析法；恒定电流专题【分析】由图象可知电源的电动势为3.0v，短路电流为2.0a；由图象可得外电路电阻r为1.5，两图象的交点坐标即为电阻r和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流，再求功率【解答】解：a、由图象可知，电源电动势e=3.0v，短路电流i短=2.0a，则电源内阻为：r=1.5，故a错误bc、由两图象的交点坐标，可得电源的路端电压为1.5v，干路电流为1.0a，电源的总功率p总=ei=3w，输出功率为p=ui=1.51.0w=1.5w，故b错误，c正确d、电路中的电流为1.0a，电源内部消耗功率为 p内=i2r=121.5w=1.5w，故d正确故选：cd【点评】根据ui图象正确读出电源的电动势和短路电流，根据ui图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的出发点12下列说法正确的是（）a根据可知，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比b根据可知，导体的电阻与导体两端的电压成正比，与通过导体的电流成反比c欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电d欧姆定律只适用于纯电阻电路【考点】欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】正反比关系成立正反比关系不成立欧姆定律适用于金属导体导电，电解液导电，只适用于纯电阻电路【解答】解：a、正反比关系成立，导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，故a正确b、正反比关系不成立，电阻是导体的固有属性，与两端电压和通过的电流无关，故b错误c、欧姆定律只适用于纯电阻电路，适用于金属导体导电，电解液导电，对电离后气体导电，或者是晶体二级管，晶体三极管导电不适用，故c错误，d正确故选：ad【点评】关于欧姆定律的变形，要明确那个正反比成立，那个正反比不成立，掌握欧姆定律适用条件13如图所示，平行板电容器的两板与电源相连，板间同时有电场和垂直纸面向里的匀强磁场b，一个带电荷量为+q的粒子以v0为初速度从两板中间沿垂直电磁场方向进入，穿出时粒子的动能减小了，若想使这个带电粒子以v0沿原方向匀速直线运动穿过电磁场，可采用的办法是（）a减小平行板的正对面积b增大电源电压c减小磁感应强度bd增大磁感应强度b【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】以速度v0从两极板中间垂直于电磁场方向射入，穿出时粒子的动能减少了，可知电场力做负功，知洛伦兹力大于电场力，向上偏转想使这个带电粒子以速度v0按原方向匀速穿过电磁场，则电场力和洛伦兹力相等【解答】解：因为粒子穿越磁场时，动能减小，洛伦兹力不做功，则电场力做负功，电场力方向竖直向下，则粒子向上偏转，洛伦兹力大于电场力a、减小平行板间的正对面积，u不变，d不变，则电场强度不变，电场力不变，仍然小于洛伦兹力，不能匀速穿越电磁场故a错误b、增大电源电压，则电场强度增大，电场力变大，能够与洛伦兹力相等，做匀速直线运动故b正确c、减小磁感应强度，则洛伦兹力减小，能够与电场力平衡，做匀速直线运动故c正确d、增大磁感应强度，则洛伦兹力增大，仍然大于电场力，不能匀速穿越电磁场故d错误故选：bc【点评】解决本题的关键通过电场力做功得出电场力与洛伦兹力的大小关系，抓住电场力与洛伦兹力相等时，才能匀速直线运动进行分析14回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个d形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两d形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）a增大匀强电场间的加速电压b增大磁场的磁感应强度c减小狭缝间的距离d增大d形金属盒的半径【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关【解答】解：由qvb=m，解得v=则动能ek=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和d形盒的半径有关，增大磁感应强度和d形盒的半径，可以增加粒子的动能故b、d正确，a、c 错误故选bd【点评】解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和d形盒的半径有关三、填空题（每空2分，28=16分，总分16分）15有一只电流计，已知其ig=500a，rg=100，现欲改装成量程为6v的电压表，则应该串联11900的电阻【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题【分析】把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值【解答】解：把电流计改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：r=rg=100=11900；故答案为：串，11900【点评】本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律即可正确解题16用多用电表测量一个电阻的阻值将选择开关置于“1k”挡时，指针位置如图（a）所示，则测量的电阻阻值为15k用一量程为5v的伏特表测量某小灯泡的两端的电压时，伏特表位置如图（b）所示，则测得的电压为3.60v【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题【分析】欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；由图示表盘确定电压表的分度值，然后根据指针位置读出其示数【解答】解：将选择开关置于“1k”挡时，指针位置如图（a）所示可知，测量的电阻阻值为151k=15k用一量程为5v的伏特表测量某小灯泡的两端的电压，由图（b）所示可知，其分度值为0.1v，测得的电压为3.60v故答案为：15k；3.60【点评】本题考查了欧姆表与电压表的读数，要掌握常用器材的使用及读数方法，对电表读数时视线要与电表刻度线垂直17用电流表和电压表测定三节干电池串联组成的电池组（电动势约为4.5v，内电阻小于1）的电动势和内电阻，除了待测电池组，开关，导线外，还有下列器材供选用；a电流表：量程0.6a，内电阻约为1b电流表：量程3a，内电阻约为0.2c电压表：量程3v，内电阻约为30kd电压表：量程6v，内电阻约为60ke滑动变阻器：01000f滑动变阻器：040为了使测量结果尽量准确，电流表应选用a，电压表选用d，滑动变阻器选用f（均填仪器前的字母代号）【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】根据电路电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器【解答】解：实验数据中最大电流为0.60a，为准确测量，电流表应选a，电源电动势约为1.53=4.5v，为了安全电压表应选6v量程的d； 若电阻值总阻值太大，调节不方便，为方便实验操作，滑动变阻器应选f；故答案为：a； d； f【点评】本题考查测量电动势和内电阻中的实验仪表的选择，要注意明确实验安全和准确性的要求18如图所示，匀强磁场垂直于矩形线框abcd，磁场的磁感应强度为b，矩形面积为s现使矩形框以ab边为轴转动90角，则在这个过程中，穿过线框的磁通量变化量的数值是bs【考点】磁通量【专题】定性思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用【分析】通过线圈的磁通量可以根据=bssin进行求解，为线圈平面与磁场方向的夹角【解答】解：当线圈平面与磁场方向垂直时，=bs当线圈绕ab轴转动至与磁场方向平行时，线圈平面与磁场方向的夹角为0度，则=0根据=bssin知，在此转动过程中，穿过线圈平面的磁通量变化量为bs故答案为：bs【点评】解决本题的关键掌握磁通量的公式，知道当线圈平面与磁场平行时，磁通量为0，当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量最大四、计算题（19、20题各8分、21题10分，22题12分，总分38分；解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）19如图所示，r1=14.0，r2=9.0当开关s扳到位置1时，测得电流i1=0.20a；扳到位置2时，测得电流i2=0.30a求电源的电动势和内阻【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】分两次运用闭合电路欧姆定律列式，然后联立方程组求解即可【解答】解：设电源的电动势和内阻分别为e和r，当开关分别处于1、2两个位置时，根据闭合电路的欧姆定律可以列出方程：e=i1r1+i1r e=i2r2+i2r 消去e，可以解出电源的内阻把r值代入第一个方程中，可得电源的电动势e=3.0v即电源的电动势为3.0v，内阻为1.0【点评】本题关键对整个电路分两次运用闭合电路欧姆定律列式，然后联立方程组求解，本题提供的方法是实验中测量电源的电动势和内阻的基本方法！20如图所示，电路中电源电动势e=10v，内阻r=1，r1=4，r2=8，电容c=10f开关s闭合后电路稳定时，求通过r1的