辽宁省抚顺一中高三物理上学期10月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年辽宁省抚顺一中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共12小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第1-9小题只有一项是符合题目要求的，第10-12题有多项符合要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）1以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是( )a极限的思想方法b放大的思想方法c控制变量的方法d猜想的思想方法2如图所示，质量为10kg的物体拴在一个被拉伸的弹簧的左端，弹簧的另一端固定在小车上，当小车不动时弹簧的弹力为5n，此时a静止在小车当小车向右做变加速运动，其加速度由0逐渐增加到1m/s2的过程中，下列说法中正确的是( )物体受到的弹簧的弹力变大物体相对于小车仍是静止的物体受到的摩擦力大小不变物体受到的摩擦力先变后小变大，但不会超过5nabcd3水平面上两物体a、b通过一根跨过定滑轮的轻绳相连，现物体a以v1的速度向右匀速运动，当绳被拉成与水平面夹角分别是、时（如图所示），物体b的运动速度vb为（绳始终有拉力）( )abcd4如图所示，ab和bc是两段半径、长度及粗糙程度均相同的圆弧形路面，它们在b处相切平滑连在一起，且a、b、c在同一水平面上一小物块以初速度v0从a端沿路面滑到c端时的速度大小为v1；而以同样大小的初速度v0从c端沿路面滑到a端时的速度大小为v2则( )av1v2bv1v2cv1=v2d无法比较v1v2的大小5为了研究太阳演化的进程需知太阳的质量，已知地球的半径为r，地球的质量为m，日地中心的距离为r，地球表面的重力加速度为g，地球绕太阳公转的周期为t，则太阳的质量为( )abcd6如图所示，a、b两物体用一根跨过定滑轮的细绳相连，置于固定斜面体的两个斜面上的相同高度处，且都处于静止状态，两斜面的倾角分别为和，若不计摩擦，剪断细绳后，下列关于两物体的说法中正确的是( )a两物体着地时所受重力的功率一定相同b两物体着地时的速度一定相同c两物体着地时的动能一定相同d两物体着地时的机械能一定相同7如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15角，ab直线与匀强电场e垂直，在a点以大小为v0的初速度水平抛出一质量为m、电荷量为+q的小球，经时间t，小球下落一段距离过c点（图中未画出）时速度大小仍为v0，在小球由a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是( )a电场力对小球做功为零b小球的电势能减小cc可能位于ab直线的左侧d小球的电势能增量大于8如图，一半径为r的圆盘上均匀分布着电荷量为q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为r，在a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）( )abcd9如图所示，一束电子以不同的速率沿图示方向飞入横截面是一正方形的匀强磁场，下列判断正确的是( )a电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹越长b电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角越大c在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹一定重合d电子的速率不同，它们在磁场中运动的时间一定不相同10如图所示，四根相同的轻质弹簧连着相同的物体，在外力作用下做不同的运动：（1）在光滑水平面上做加速度大小为g的匀加速直线运动；（2）在光滑斜面上沿斜面向上的匀速直线运动；（3）做竖直向下的匀速直线运动；（4）做竖直向上的加速度大小为g的匀加速直线运动设四根弹簧伸长量分别为l1、l2、l3、l4，不计空气阻力，g为重力加速度，则( )al1l2bl3l4cl1l4dl2l311如图所示，在一固定在水平桌面上的斜面顶端固定一轻弹簧，弹簧的另一端固定一滑块，滑块与斜面之间的动摩擦因数为，则滑块受到的外力的个数可能为( )a2b3c4d512如图所示，半径为r，内径很小的光滑半圆细管竖直放置，一质量为m的小球a以某一速度从下端管口进入，并以速度v1通过最高点c时与管壁之间的弹力大小为0.6mg，另一质量也为m小球b以某一速度从下端管口进入，并以速度v2通过最高点c时与管壁之间的弹力大小为0.3mg，且v1v2，g=10m/s2当a、b两球落地时，落地点与下端管口之间的水平距离xb、xa之比可能为( )abcd二、实验题（共2小题，共18分，把答案填在相应的横线上或按要求作答）13某同学设计了一个如图1所示的装置来测定滑块与木板之间的动摩擦因数，其中a为滑块，b和c是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量以及它们之间的摩擦，实验中该同学在砝码总质量（m+m=m0）保持不变的条件下，改变m和m的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可以求出滑块与木板之间的动摩擦因数（1）该同学手中有打点计时器，纸带，10个质量均为100g的砝码，滑块，一端带有定滑轮的长木板，细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有_a、秒表 b、毫米刻度尺 c、天平 d、低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的o点开始，每隔4个点取一个计数点（中间4个点没画出），分别记为a、b、c、d、e、f，各计数点到o点的距离为oa=1.61cm，ob=4.02cm，oc=7.26cm，od=11.30cm，oe=16.14cm，of=21.80cm，打点计时器打点频率为50hz，则由纸带可得打e点时滑块的速度v=_m/s，此次实验滑块的加速度a=_m/s2（结果均保留两位有效数字）（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数为=_（g=10m/s2）14如图甲为某同学测绘额定电压为2.5v的小灯泡的iu特性曲线的实验电路图（1）根据电路图甲，用笔画线替代导线，将答题纸图乙中的实验电路图连接完整（图乙左边是电压表）（2）依据你所连接的电路，在开关s闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于_端（选填“a”、“b”或“ab中间”）（3）实验中测得有关数据如表：u/v0.400.801.201.602.002.402.80i/a0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的iu特性曲线（4）如果用一个电动势为3v，内阻为25的直流电源直接给该小灯泡供电，则小灯泡的实际功率为_w三、计算题（共4小题，共计46分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算，答案中必须明确写出数值和单位）15一个物体原来静止在光滑的水平地面上，从t=0开始运动，在第1、3、5奇数秒内，给物体施加方向向北的水平推力，使物体获得大小为2m/s2的加速度，在第2、4、6偶数秒内，撤去水平推力，问，经过多长时间，物体位移的大小为60.25m？16物体静止在光滑水平面上，先对物体施加一水平向右的恒力f1，经过时间t后撤去f1，立即再对它施加一个水平向左的恒力f2，又经过时间4t物体回到出发点，此时物体的动能为50j，求：（1）恒力f1与恒力f2的比值（2）恒力f1对物体做的功w1和恒力f2对物体做的功w2各为多少17如图所示，在距水平地面高为0.4m处，水平固定一根长直光滑杆，在杆上p点固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在p点的右边，杆上套有一质量m=2kg小球a，半径r=0.3m的光滑半圆形细轨道，竖直地固定在地面上，其圆心o在p点的正下方，在轨道上套有一质量也为m=2kg的小球b，用一条不可伸长的柔软细绳，通过定滑轮将两小球连接起来，杆和半圆形轨道在同一竖直面内，两小球均可看做质点，且不计滑轮大小的影响，（g=10m/s2），现给小球a一个水平向右的合力f=55n求：（1）把小球b从地面拉到p点正下方c点过程中，重力对小球b做的功？（2）把小球b从地面拉到p点正下方c点过程中，力f做的功？（3）小球b运动到p点正下方c点时，a、b两球的速度大小？（4）小球b被拉到离地多高时与小球a速度大小相等？18如图所示，在y0的区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在y0的区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场一电子（质量为m、电量为e）从y轴上a点以沿x轴正方向的初速度v0开始运动当电子第一次穿越x轴时，恰好到达c点；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点；当电子第三次穿越x轴时，恰好到达d点c、d两点均未在图中标出已知a、c点到坐标原点的距离分别为d、2d不计电子的重力求：（1）电场强度e的大小；（2）磁感应强度b的大小；（3）电子从a运动到d经历的时间t2015-2016学年辽宁省抚顺一中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（共12小题，每小题3分，在每小题给出的四个选项中，第1-9小题只有一项是符合题目要求的，第10-12题有多项符合要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分）1以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是( )a极限的思想方法b放大的思想方法c控制变量的方法d猜想的思想方法【考点】弹性形变和范性形变【分析】桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大【解答】解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化；引力大小仍是借助于光的反射来放大，三个实验均体现出放大的思想方法，故选：b【点评】分析物体的原理，要透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性2如图所示，质量为10kg的物体拴在一个被拉伸的弹簧的左端，弹簧的另一端固定在小车上，当小车不动时弹簧的弹力为5n，此时a静止在小车当小车向右做变加速运动，其加速度由0逐渐增加到1m/s2的过程中，下列说法中正确的是( )物体受到的弹簧的弹力变大物体相对于小车仍是静止的物体受到的摩擦力大小不变物体受到的摩擦力先变后小变大，但不会超过5nabcd【考点】牛顿第二定律；胡克定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】物体开始时受弹力为5n，而处于静止状态，受到的静摩擦力为5n，说明物体的最大静摩擦力大于等于5n；当小车的加速度为1m/s2，两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，则需要的外力为10n；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止弹簧的弹力不变【解答】解：物体开始时受弹力f=5n，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5n，则物体的最大静摩擦力fm5n当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=，所以加速度由0逐渐增加到1m/s2的过程中，物块a相对小车仍静止，故正确；因为物体a相对于小车静止，所以弹力不变故错误；根据牛顿第二定律得：小车加速度由0逐渐增加到1m/s2的过程中，弹力水平向右，大小始终为5n，摩擦力方向先向右，大小为5n，然后逐渐减小，后方左向右，逐渐增大到5n，故错误，正确故选b【点评】本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化3水平面上两物体a、b通过一根跨过定滑轮的轻绳相连，现物体a以v1的速度向右匀速运动，当绳被拉成与水平面夹角分别是、时（如图所示），物体b的运动速度vb为（绳始终有拉力）( )abcd【考点】运动的合成和分解【专题】运动的合成和分解专题【分析】分别对a、b物体速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，根据三角函数关系及沿着绳子方向速度大小相等，可知两物体的速度大小关系【解答】解：对a物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为vacos；对b物体的速度沿着绳子方向与垂直绳子方向进行分解，则有沿着绳子方向的速度大小为vbcos，由于沿着绳子方向速度大小相等，所以则有v1cos=vbcos，因此vb=v1，故abc错误，d正确；故选：d【点评】考查学会对物体进行运动的分解，涉及到平行四边形定则与三角函数知识，同时本题的突破口是沿着绳子的方向速度大小相等4如图所示，ab和bc是两段半径、长度及粗糙程度均相同的圆弧形路面，它们在b处相切平滑连在一起，且a、b、c在同一水平面上一小物块以初速度v0从a端沿路面滑到c端时的速度大小为v1；而以同样大小的初速度v0从c端沿路面滑到a端时的速度大小为v2则( )av1v2bv1v2cv1=v2d无法比较v1v2的大小【考点】动能定理的应用【专题】动能定理的应用专题【分析】根据动能定理，通过摩擦力做功的大小得出两速度的大小关系【解答】解：在凸形桥部分，靠径向的合力提供向心力，支持力小于重力，速度越大，支持力越小，则摩擦力越小，在凹形桥部分，靠径向的合力提供向心力，支持力大于重力，速度越大，支持力越大，则摩擦力越大，可知从a到c运动的每一点的摩擦力小于c到a经过每一点的摩擦力，所以a到c过程中克服摩擦力做功小，根据动能定理知，v1v2故a正确，b、c、d错误故选a【点评】解决本题的关键知道圆周运动靠径向的合力提供向心力，通过支持力大小比较出滑动摩擦力的大小，从而通过动能定理比较速度的大小5为了研究太阳演化的进程需知太阳的质量，已知地球的半径为r，地球的质量为m，日地中心的距离为r，地球表面的重力加速度为g，地球绕太阳公转的周期为t，则太阳的质量为( )abcd【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】地球绕太阳公转，知道了轨道半径和公转周期利用万有引力提供向心力可列出等式根据地球表面的万有引力等于重力列出等式，联立可求解【解答】解：设t为地球绕太阳运动的周期，则由万有引力定律和动力学知识得：=根据地球表面的万有引力等于重力得：对地球表面物体m有=mg两式联立得m=故选a【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力=和万有引力等于重力=mg6如图所示，a、b两物体用一根跨过定滑轮的细绳相连，置于固定斜面体的两个斜面上的相同高度处，且都处于静止状态，两斜面的倾角分别为和，若不计摩擦，剪断细绳后，下列关于两物体的说法中正确的是( )a两物体着地时所受重力的功率一定相同b两物体着地时的速度一定相同c两物体着地时的动能一定相同d两物体着地时的机械能一定相同【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】分别对物体受力分析，由共点力的平衡即可得出两物体的质量之比；剪断细线后，两物体做匀加速运动，由机械能守恒可求得落地的速度，由功率公式可求得两物体所受重力做功的功率之比【解答】解：两物体均处于平衡状态，受力分析如图所示；绳子对ab的拉力大小相等，对a有：mag=； 对b有：mbg=则有：=绳子剪断后，两物体做匀加速运动，只受重力和支持力，支持力不做功，所以下落过程中机械能守恒由于落地高度相同，故落地时的速度大小相等，而两速度在竖直方向上的分量之比：=瞬时功率p=mgv竖；所以两物体着地时所受重力的功率一定相同，故a正确b、下落过程中机械能守恒，由于落地高度相同，故落地时的速度大小相等，方向不同，所以两物体着地时的速度不一定相同，故b错误c、两物体质量不一定相等，落地时的速度大小相等，所以两物体着地时的动能不一定相同，故c错误d、绳子剪断瞬间，两物体动能都为零，两物体质量不一定相等，重力势能不等，下落过程中机械能守恒，所以两物体着地时的机械能不一定相同，故d错误故选a【点评】本题中要注意两点：（1）绳子各点处的拉力大小相等；（2）重力的功率等于重力与竖直分速度的乘积7如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15角，ab直线与匀强电场e垂直，在a点以大小为v0的初速度水平抛出一质量为m、电荷量为+q的小球，经时间t，小球下落一段距离过c点（图中未画出）时速度大小仍为v0，在小球由a点运动到c点的过程中，下列说法正确的是( )a电场力对小球做功为零b小球的电势能减小cc可能位于ab直线的左侧d小球的电势能增量大于【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能【专题】电场力与电势的性质专题【分析】对小球受力分析，受重力和电场力，对小球的从抛出到c点的运动过程运用动能定理列式分析得到电场力做功情况，根据电场力做功与电势能变化关系得到电势能的变化情况【解答】解：a、小球必定没有回到原处，根据动能定理知，动能的变化量为零，重力做正功，则电场力做负功，电场力做功不为零，故a错误；b、由动能定理，动能不变，合外力的功为零，重力做正功，电场力必然做负功，电势能增加，故b错误c、因为电场力做负功，知c位于ab直线的右侧故c错误d、由于电场力向左下方，重力竖直向下，将合力沿着水平和竖直方向正交分解，竖直方向的合力大于重力，故在竖直方向的分运动的加速度a大于g，竖直方向h=，则重力做功mgh，则电场力做的负功与重力做功相等，则小球的电势能增量大于故d正确故选：d【点评】本题为力电综合创新题，考生需熟练掌握运动的独立性，正确理解各个力的功和动能定理的关系知道电场力做功与电势能变化的关系8如图，一半径为r的圆盘上均匀分布着电荷量为q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为r，在a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）( )abcd【考点】电场的叠加；电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】由题意可知，半径为r均匀分布着电荷量为q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，说明各自电场强度大小相等，方向相反那么在d点处场强的大小即为两者之和因此根据点电荷的电场强度为即可求解【解答】解：电荷量为q的点电荷在b处产生电场强度为，而半径为r均匀分布着电荷量为q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为q（q0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度也为那么圆盘在此d产生电场强度则仍为而电荷量为q的点电荷在d处产生电场强度为，由于都在d处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加所以两者这d处产生电场强度为，故b正确，acd错误故选：b【点评】考查点电荷与圆盘电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系，从而为解题奠定基础9如图所示，一束电子以不同的速率沿图示方向飞入横截面是一正方形的匀强磁场，下列判断正确的是( )a电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹越长b电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角越大c在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹一定重合d电子的速率不同，它们在磁场中运动的时间一定不相同【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【专题】带电粒子在磁场中的运动专题【分析】电子粒子飞入匀强磁场中做匀速圆周运动，根据半径和周期公式分析速率越大，轨迹半径和周期如何变化；在有界磁场中转动的时间越长，则粒子转过的圆心角越大，运动时间越长【解答】解：a、b、由t=t知，电子在磁场中运动时间与轨迹对应的圆心角成正比，所以电子在磁场中运动的时间越长，其轨迹线所对应的圆心角越大，电子粒子飞入匀强磁场中做匀速圆周运动，由半径公式r=知，轨迹半径与速率成正比，则电子的速率越大，在磁场中的运动轨迹半径越大，故a错误，b正确；c、d、由周期公式t=知，周期与电子的速率无关，所以在磁场中的运动周期相同，若它们在磁场中运动时间相同，但轨迹不一定重合，比如：轨迹3、4与5，它们的运动时间相同，但它们的轨迹对应的半径不同，即它们的速率不同，故c错误，d错误；故选：b【点评】带电粒子在磁场中的偏转要注意两点：一是圆心的确定，二是半径的求出，必要时先画出可能的图形再进行分析计算10如图所示，四根相同的轻质弹簧连着相同的物体，在外力作用下做不同的运动：（1）在光滑水平面上做加速度大小为g的匀加速直线运动；（2）在光滑斜面上沿斜面向上的匀速直线运动；（3）做竖直向下的匀速直线运动；（4）做竖直向上的加速度大小为g的匀加速直线运动设四根弹簧伸长量分别为l1、l2、l3、l4，不计空气阻力，g为重力加速度，则( )al1l2bl3l4cl1l4dl2l3【考点】牛顿第二定律；胡克定律【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】分别根据牛顿第二定律、平衡条件求出弹簧的弹力，由胡克定律判断四根弹簧伸长量的大小【解答】解：（1）根据牛顿第二定律和胡克定律得：kl1=ma=mg，得（2）由平衡条件和胡克定律得：kl2=mgsin，得l2=（3）由平衡条件和胡克定律得：kl3=mg，得l3=（4）根据牛顿第二定律和胡克定律得：kl4mg=mg，得l4=所以l1l2，l3l4，l1l4，l2l3故选ab【点评】本题是牛顿第二定律、平衡条件和胡克定律的综合应用，比较简单11如图所示，在一固定在水平桌面上的斜面顶端固定一轻弹簧，弹簧的另一端固定一滑块，滑块与斜面之间的动摩擦因数为，则滑块受到的外力的个数可能为( )a2b3c4d5【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】分析受力情况时，先分析滑块肯定受到的力：重力、斜面的支持力，再分析可能受到的力：弹簧的弹力和静摩擦力【解答】解：滑块必定受到：重力、斜面的支持力若弹簧没有弹力，滑块将受到沿斜面向上的静摩擦力；若弹簧的拉力与重力沿斜面向下的分力大小相等，滑块不受静摩擦力这两种情况下，滑块受到3个力作用若弹簧的拉力与重力沿斜面向下的分力大小不相等，则滑块还受到静摩擦力，即受到重力、斜面的支持力和静摩擦力、弹簧的弹力，共4个力故bc正确故选bc【点评】本题考查分析物体受力情况的能力，要抓住静摩擦力与滑块所受的外力情况有关，进行讨论分析12如图所示，半径为r，内径很小的光滑半圆细管竖直放置，一质量为m的小球a以某一速度从下端管口进入，并以速度v1通过最高点c时与管壁之间的弹力大小为0.6mg，另一质量也为m小球b以某一速度从下端管口进入，并以速度v2通过最高点c时与管壁之间的弹力大小为0.3mg，且v1v2，g=10m/s2当a、b两球落地时，落地点与下端管口之间的水平距离xb、xa之比可能为( )abcd【考点】平抛运动；向心力【专题】平抛运动专题【分析】a球到达最高点时，管壁对球的弹力大小为0.6mg，b球到达最高点时，管壁对球的弹力大小为0.3mg，由于v1v2，可知管壁对a球的弹力方向向下，对b球的弹力方向可能向上，也向下，在最高点由重力和弹力提供小球的向心力，由牛顿第二定律求出两球在最高点速度两球从最高点飞出后均做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由高度2r求出运动时间水平方向做匀速直线运动，由速度和初速度求解水平位移，即可得解【解答】解：以a球为对象，设其到达最高点时的速度为va，根据向心力公式有：fa+mg=m又fa=0.6mg 代入解得：va=以b球为对象，设其到达最高点时的速度为vb，有两种情况：若管壁对b球的弹力方向向上，根据向心力公式有 mgfb=m又fb=0.3mg 所以得：vb=两球脱离轨道的最高点后均做平抛运动，高度相等，运动时间相等，由x=v0t可得：两球的水平位移之比为：=；若管壁对b球的弹力方向向下，根据向心力公式有 mg+fb=m得：vb=同理可得：=故选：cd【点评】本题主要考查了圆周运动向心力公式及平抛运动基本公式的直接应用，关键判断出两种情况下轨道对小球的弹力方向，分析时抓住平抛运动时间相等二、实验题（共2小题，共18分，把答案填在相应的横线上或按要求作答）13某同学设计了一个如图1所示的装置来测定滑块与木板之间的动摩擦因数，其中a为滑块，b和c是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量以及它们之间的摩擦，实验中该同学在砝码总质量（m+m=m0）保持不变的条件下，改变m和m的大小，测出不同m下系统的加速度，然后通过实验数据的分析就可以求出滑块与木板之间的动摩擦因数（1）该同学手中有打点计时器，纸带，10个质量均为100g的砝码，滑块，一端带有定滑轮的长木板，细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有bda、秒表 b、毫米刻度尺 c、天平 d、低压交流电源（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清晰的o点开始，每隔4个点取一个计数点（中间4个点没画出），分别记为a、b、c、d、e、f，各计数点到o点的距离为oa=1.61cm，ob=4.02cm，oc=7.26cm，od=11.30cm，oe=16.14cm，of=21.80cm，打点计时器打点频率为50hz，则由纸带可得打e点时滑块的速度v=0.53m/s，此次实验滑块的加速度a=0.81m/s2（结果均保留两位有效数字）（3）在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数为=0.30（g=10m/s2）【考点】探究影响摩擦力的大小的因素【专题】实验题；定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题【分析】（1）本实验中需要交流电源和长度的测量工具（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，由匀加速规律可得，用平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解速度、用x=at2求解加速度（3）对系统应用牛顿第二定律，得到图线的纵轴截距为g，可解得动摩擦因数【解答】解：（1）a、打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要秒表，故a错误b、实验需要测量两点之间的距离，故需要毫米刻度尺和，故b正确c、本实验中可以不测滑块的质量，而且砝码的质量已知，故天平可以不选，故c错误d、打点计时器要用到低压交流电源，故d正确故选：bd（2）每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：ve=0.53m/s；由x=at2可得：a=0.81m/s2；（3）对abc系统应用牛顿第二定律可得：a=，所以，at图象中，纵轴的截距为g，故g=3，=0.30故答案为：（1）bd（2）0.53；0.81（3）0.30【点评】熟悉纸带的处理方法，注意时间的数值和长度的单位、逐差法等；对于图象问题，注意分析截距、斜率、面积等的含义14如图甲为某同学测绘额定电压为2.5v的小灯泡的iu特性曲线的实验电路图（1）根据电路图甲，用笔画线替代导线，将答题纸图乙中的实验电路图连接完整（图乙左边是电压表）（2）依据你所连接的电路，在开关s闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于a端（选填“a”、“b”或“ab中间”）（3）实验中测得有关数据如表：u/v0.400.801.201.602.002.402.80i/a0.100.160.200.230.250.260.27根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的iu特性曲线（4）如果用一个电动势为3v，内阻为25的直流电源直接给该小灯泡供电，则小灯泡的实际功率为0.054w【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】做电学实验时首先要注意安全性原则，变阻器使用分压式接法；根据描点法做出伏安特性曲线即可；再作出电源的伏安特性曲线，两线的交点为灯泡的工作点，从而求得功率【解答】解：（1）根据原理较可得出对应的原理图如图所示；（2）由实物图可知，测量电路部分与滑动变阻器的左侧并联，故为了让电流从零开始调节，滑片开始时应滑至a端；（3）根据描点法得出对应的iu图象；（4）在对应的iu图象中作出电源的伏安特性曲线，如图所示，两图象的交点为灯泡的工作点；则由图可知，灯泡的电压为0.45v，电流为0.12a；则对应的功率为：p=ui=0.450.12=0.054w；故答案为：（1）如下图所示；（2）a；（3）如图所示；（4）0.054；【点评】解决本题的关键知道电表量程的选取，以及知道描点作图，需要用平滑的曲线连接同时注意明确求灯泡实际功率时不能用欧姆定律求解三、计算题（共4小题，共计46分，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算，答案中必须明确写出数值和单位）15一个物体原来静止在光滑的水平地面上，从t=0开始运动，在第1、3、5奇数秒内，给物体施加方向向北的水平推力，使物体获得大小为2m/s2的加速度，在第2、4、6偶数秒内，撤去水平推力，问，经过多长时间，物体位移的大小为60.25m？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】定量思想；归纳法；直线运动规律专题【分析】由x=，知第1s内的位移为1m，1s末的速度为2m/s，第2s内的位移为2m，依此类推，发现每秒中内位移增加1m然后根据总位移为60.25m，求出时间的范围，再结合运动学公式，求出时间【解答】解：由x=，知第1s内的位移为：m；1s末的速度为v1=at1=21=2m/s；第2s内做匀速直线运动，位移为：x2=v1t=21=2m，第3s内做匀加速直线运动，位移：m3s末的速度为：v3=v1+at=2+21=4m/s；第4s内做匀速直线运动，位移为：x4=v3t=41=4m依此类推，发现每秒中内位移增加1m，即第1s位移1m，第2s位移2m 第ns位移nm则ns内位移s=1+2+3+n=得 10sn11s前10s位移s=1+2+3+n=55m 10s末时物体经历了5段加速，所以速度为10m/s根据位移公式得代入数据的t=0.5s所以运动总时间10.5s答：经过10.5s的时间，物体位移的大小为60.25m【点评】该题物体所做的运动是匀速直线运动和匀速直线运动向间隔的运动，解决本题的关键通过运动学公式得出每秒中位移增加1m求出时间的范围16物体静止在光滑水平面上，先对物体施加一水平向右的恒力f1，经过时间t后撤去f1，立即再对它施加一个水平向左的恒力f2，又经过时间4t物体回到出发点，此时物体的动能为50j，求：（1）恒力f1与恒力f2的比值（2）恒力f1对物体做的功w1和恒力f2对物体做的功w2各为多少【考点】动能定理的应用；动量定理；功的计算【专题】计算题；定性思想；类比法；动能定理的应用专题【分析】（1）根据平均速度公式可求得位移表达式，再根据位移关系可明确速度关系；再由动量定理可求得两力的大小之比；（2）全程中两力做功的位移相等，则可求得两力做功之比；再根据动能定理可求得两力做功之比【解答】解：（1）设ts后的速度为v1；回到出发点时的速度为v2；则由平均速度公式可得：x1=；x2=t；根据题意可知，x1=x2联立解得：v1=0.8v2；对两过程由动量定理可知：f1t=mv1；f24t=mv2mv1解得：=；（2）对全过程分析可知：两力作用的位移大小相等，设f1做功为w1，f2做功为w2；=；由动能定理可知，w1+w2=mv2；联立解得，w1=32j；w2=18j； 答：（1）恒力f1与恒力f2的比值为16：9；（2）恒力f1对物体做的功w1和恒力f2对物体做的功w2各为32j和18j【点评】本题考查动能定理及动量定理的应用，要注意明确两过程中位移大小相等，方向相反；注意正确利用平均速度公式及动量定理和动能定理求解；本题中求力时也可以根据牛顿第二定律求解17如图所示，在距水平地面高为0.4m处，水平固定一根长直光滑杆，在杆上p点固定一定滑轮，滑轮可绕水平轴无摩擦转动，在p点的右边，杆上套有一质量m=2kg小球a，半径r=0.3m的光滑半圆形细轨道，竖直地固定在地面上，其圆心o在p点的正下方，在轨道上套有一质量也为m=2kg的小球b，用一条不可伸长的柔软细绳，通过定滑轮将两小球连接起来，杆和半圆形轨道在同一竖直面内，两小球均可看做质点，且不计滑轮大小的影响，（g=10m/s2），现给小球a一个水平向右的合力f=55n求：（1）把小球b从地面拉到p点正下方c点过程中，重力对小球b做的功？（2）把小球b从地面拉到p点正下方c点过程中，力f做的功？（3）小球b运动到p点正下方c点时，a、b两球的速度大小？（4）小球b被拉到离地多高时与小球a速度大小相等？【考点】动能定理；功的计算【专题】计算题；定量思想；寻找守恒量法；动能定理的应用专题【分析】（1）根据公