2013年山东省烟台市高考物理一模试卷.doc

2013年山东省烟台市高考物理一模试卷 2013年山东省烟台市高考物理一模试卷一、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（5分）（2013烟台一模）学习物理除了知识的学习外，还要了解物理学家对物理规律的发现，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法关于以上两点下列叙述正确的是（）A奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系B库仑提出了用电场线描述电场的方法C用点电荷来代替实际带屯体是采用了理想模型的方法D在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法2（5分）（2013烟台一模）科学家设想，将来在月球上建立了工作站后可在月球上发射绕月球运行的卫星，若发射一颗月球卫星的圆轨道半径为R，运行周期为T，在知道引力常量G和月球半径r后，仅利用以上条件能够求出的是（）A月球上的第一宇宙速度B月球表面的重力加速度C卫星绕月球运行的速度D卫星和月球的质量之比3（5分）（2013烟台一模）真空中有一带负电的电荷绕固定的点电荷+Q运动，其轨迹为椭圆，如图所示已知abcd为椭圆的四 个顶点，+Q处在椭圆焦点上，则下列说法正确的是（）Ab、d两点的电场强度大小一定相等Ba、c两点的电势相等C负电荷由b运动到d电场力做正功D负电荷由a经d运动到c的过程中，电势能先减小后增大4（5分）（2013烟台一模）如图所示，A、B两球质量均为m固定在轻弹簧的两端，分别用细绳悬于O点，其中球A处在光滑竖直墙面和光滑水平墙面的交界处，已知两球均处于平衡状态，OAB恰好构成一个正三角形，则下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A球A可能受到四个力的作用B弹簧对球A的弹力大于对球B的弹力C绳OB对球B的拉力大小一定等于mgD绳OA对球A的拉力大小等于或小于1.5mg5（5分）（2013烟台一模）如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）A变压器输入电压的瞬时值表达式为=220sint（V）B电压表的示数为220VC变压器原、副线圈的匝数比为11：1D变压器的输入功率为110W6（5分）（2013烟台一模）如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能Ek、重力对滑块所做的功w与时间t或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）（）ABCD7（5分）（2013烟台一模）如图甲所示，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度的大小为B，磁场在y轴方向足够宽，在x轴方向宽度为a一直角三角形导线框ABC（BC边的长度为a）从图示位置向右匀速穿过磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下图中感应电流i、BC两端的电压uBC与线框移动的距离x的关系图象正确的是（）ABCD二、非选择题8（13分）（2013烟台一模）（1）在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，打点计时器接在50Hz的低压交变电源上，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、F六个计数点（每相邻两个计数点间还有四个点）从A点开始在每一个计数点处将纸带剪开分成五段（分别为a、b、c、d、e段），将这五段纸带由长到短紧靠但不重叠地粘在xOy坐标系中，如图1所示若把每一段纸带的右上端连接起来，结果得到一条倾斜的直线，如图所示，由图1可知纸带做_运动，且直线与x方向夹角越大，说明纸带运动的_越大从第一个计数点A开始计时，为求出0.25s时刻纸带的瞬时速度，需要测出哪一段纸带的长度？答：_若测得a段纸带的长度为“10.0cm，e段纸带的长度为2.0cm，则可求出加速度的大小为_m/s2（2）（7分）现有一种特殊的电池，它的电动势E为9V左右，内阻r大约为40，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图2甲所示的电路进行实验，图中电压表的量程为6V，内阻为2K，R1为电阻箱，阻值范围0999，R0为定值电阻实验室备有以下几种定值电阻R0A 10 B100 C200 D2000为使实验能顺利进行应选哪一种？答_（填字母序号）该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数，记录多组数据，作出了如图2乙所示的图线则根据图线可求得该电池的电动势E为_V，内阻r为_9（15分）（2013烟台一模）如图所示，是一次娱乐节目中的一个游戏示意图，游戏装置中有一个光滑圆弧形轨道，高为h，半径为R，固定在水平地面上，它的左端切线沿水平方向，左端与竖直墙面间的距离为x竖直墙高为H，滑板运动员可从墙面的顶部沿水平方向飞到地面上游戏规则是让一滑块从弧形轨道的最高点由静止滑下，当它滑到轨道底端时，滑板运动员立即以某一初速度水平飞出，当滑块在水平面上停止运动时，运动员恰好落地，并将滑块捡起就算获胜，已知滑块到达底端时对轨道的压力大小为F，重力加速度为g求：（不计滑板的长度，运动员看作质点）（1）滑块的质量；（2）滑块与地面间的动摩擦因数：（3）滑板运动员要想获胜，他飞出时的初速度多大？10（18分）（2013烟台一模）如图所示，M、N为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为D，其右侧有一边长为2a的正三角形区域，区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板M、N之间加上电压U后，M板电势高于N板电势现有一带正电的粒子，质量为m，电荷量为q，其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板M的中央小孔s1处射入电容器，穿过小孔s2后从距三角形A点a的P处垂直AB方向进入磁场，试求：（1）粒子到达小孔s2时的速度和从小孔s1运动到s2所用的时间；（2）若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？【物理-物理3-3】11（3分）（2013烟台一模）下列说法中正确的是（）A吹出的肥皂泡呈球形是由于表面张力的作用B布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动C水的饱和汽压随温度的升高而增大D当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力同时减小12（5分）（2013烟台一模）如图所示，将一定质量的气体密封在烧瓶内，烧瓶通过细玻璃管与注射器和装有水银的U形管连接，最初竖直放置的U形管两臂中的水银柱等高，烧瓶中气体体积为400ml，现用注射器缓慢向烧瓶中注水，稳定后两臂中水银面的高度差为25cm，已知大气压强为75cmHg柱，不计玻璃管中气体的体积，环境温度不变，求：共向玻璃管中注入了多大体积的水？此过程中气体_（填“吸热”或“放热”），气体的内能_（填“增大”、“减小”或“不变”）【物理一物理3-4】13（3分）（2013烟台一模）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P此时刻沿y方向运动，经过0.2s第一次回到平衡位置，则（）A该波沿x方向传播B波的周期为0.2sC波的传播速度为15m/sD质点Q的振动方程为y=5cos5t（cm）14（5分）（2013烟台一模）半径为R的半球形介质截面如图所示，D为圆心，同一频率的单色光a、b相互平行，从不同位置进入介质，光线a在O点恰好产生全反射光线b的入射角为45，求：介质的折射率；光线a、b的射出点O与O之间的距离【物理一物理3-5】15（3分）（2013烟台一模）如图为氢原子能级图，现有一群处于n=3激发态的氢原子，则这些原子（）A能发出3种不同频率的光子B发出的光子最小能量是0.66eVC由n=3跃迁到n=2时发出的光子波长最长D由n=3跃迁到n=l时发出的光子频率最高16（5分）（2014滨州一模）如图所示，质量均为m的小车与木箱紧挨着静止在光滑的水平冰面上，质量为2m的小明同学站在小车上用力向右迅速推出木箱后，小明和小车获得的速度大小为v，木箱在与右侧竖直墙壁发生碰撞后，以等大反向的速度反弹回来，最后木箱又被小明接住，求小明接住木箱后三者共同速度的大小2013年山东省烟台市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（5分）（2013烟台一模）学习物理除了知识的学习外，还要了解物理学家对物理规律的发现，领悟并掌握处理物理问题的思想与方法关于以上两点下列叙述正确的是（）A奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系B库仑提出了用电场线描述电场的方法C用点电荷来代替实际带屯体是采用了理想模型的方法D在验证力的平行四边形定则的实验中使用了控制变量的方法考点：物理学史；电场强度菁优网版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：对于物理中的重要规律、原理，要明确其提出者，了解所涉及伟大科学家的重要成就解答：解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电与磁的联系，故A正确B、法拉第提出了用电场线描述电场的方法，故B错误C、用点电荷来代替实际带屯体是采用了理想模型的方法，故C正确D、在验证力的平行四边形定则的实验中使用了等效替代法，故D错误故选AC点评：本题考查物理学史，是考试的基本内容之一，对于物理学史上重大发现，要加强记忆，不能混淆2（5分）（2013烟台一模）科学家设想，将来在月球上建立了工作站后可在月球上发射绕月球运行的卫星，若发射一颗月球卫星的圆轨道半径为R，运行周期为T，在知道引力常量G和月球半径r后，仅利用以上条件能够求出的是（）A月球上的第一宇宙速度B月球表面的重力加速度C卫星绕月球运行的速度D卫星和月球的质量之比考点：万有引力定律及其应用菁优网版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：卫星绕月球做圆周运动的时万有引力提供向心力，在月球表面重力和万有引力相等，根据题目给出的半径关系求解即可解答：解：卫星绕月球做圆周运动的向心力由万有引力提供，有=，在月球表面万有引力等于重力则有： A、由式可得月球的质量M，根据v=方便算得第一宇宙速度，A正确；B、由式得月球的质量M，代入式可得月球表面的重力加速度，B正确；C、根据线速度的定义有，可得卫星绕月球运行的速度，C正确；D、无论还是式，两边都可以消去卫星的质量，故不能计算出卫星和月球的质量之比，D错误故选ABC点评：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，和月球表面重力和万有引力相等来处理即可3（5分）（2013烟台一模）真空中有一带负电的电荷绕固定的点电荷+Q运动，其轨迹为椭圆，如图所示已知abcd为椭圆的四 个顶点，+Q处在椭圆焦点上，则下列说法正确的是（）Ab、d两点的电场强度大小一定相等Ba、c两点的电势相等C负电荷由b运动到d电场力做正功D负电荷由a经d运动到c的过程中，电势能先减小后增大考点：电势能；电场强度；电势菁优网版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：带电粒子在绕Q点做圆周运动，点电荷对带电粒子的吸引力提供向心力，根据电场力对带电粒子的做功情况判断M点和N点的电势能大小关系；由离Q的远近判断场强大小；由库仑力与运动方向判断功的正负等解答：解：A、由点电荷电场分布可知，a点场强较小，故A错误B、由点电荷电场分布可知，ac与Q距离相等，必定位于同一个等势面，故B正确C、负电荷由b到a，电场力做负功，故C错误D、负电荷由a经d运动到c的过程中，电场力先做负功再做正功，电势能先增大后减小，故D错误故选B点评：本题主要考查了同学们识图的能力，知道做椭圆运动的物体在靠近焦点的轨道上运动的速度大于远离焦点轨道上的速度，难度不大，属于基础题4（5分）（2013烟台一模）如图所示，A、B两球质量均为m固定在轻弹簧的两端，分别用细绳悬于O点，其中球A处在光滑竖直墙面和光滑水平墙面的交界处，已知两球均处于平衡状态，OAB恰好构成一个正三角形，则下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A球A可能受到四个力的作用B弹簧对球A的弹力大于对球B的弹力C绳OB对球B的拉力大小一定等于mgD绳OA对球A的拉力大小等于或小于1.5mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用菁优网版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对B球受力分析，受重力、支持力和拉力，根据平衡条件得到支持力和拉力；再对A球受力分析，受重力、弹簧的压力，墙壁的支持力、细线的拉力、地面的支持力，根据平衡条件列式分析解答：解：C、对B球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图；由于三个力夹角均为120度，故弹簧的支持力等于重力mg，故C正确；A、B、D、对A球受力分析，受重力、弹簧的压力，墙壁的向右的支持力、细线的拉力、地面的支持力，（其中地面的支持力和拉力可能只有一个），故A正确；B、弹簧静止，合力为零，故两个球对弹簧的弹力等大、反向、共线，故弹簧对球A的弹力等于对球B的弹力，故B错误；D、根据平衡条件，绳OA对球A的拉力和地面的支持力的合力大小等于弹簧推力的竖直分力和重力之和，故N+T=mg+Fsin30故T1.5mg，故D正确；故选ACD点评：本题关键是先后对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列式分析求解5（5分）（2013烟台一模）如图甲所示，一理想变压器给一个小灯泡供电当原线圈输入如图乙所示的交变电压时，额定功率10W的小灯泡恰好正常发光，已知灯泡的电阻为40，图中电压表为理想电表，下列说法正确的是（）A变压器输入电压的瞬时值表达式为=220sint（V）B电压表的示数为220VC变压器原、副线圈的匝数比为11：1D变压器的输入功率为110W考点：变压器的构造和原理菁优网版权所有专题：交流电专题分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，与匝数成反比，即可求得结论解答：解：A、由图象可知，=，故A错误B、原线圈输入电压为220V，电压表示数为灯泡的额定电压U=20V，故B错误C、由B分析，结合变压比公式得，=，故C正确D、变压器的输入功率与输出功率相等，为10W，故D错误故选C点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题6（5分）（2013烟台一模）如图所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能Ek、重力对滑块所做的功w与时间t或位移x关系的是（取初速度方向为正方向）（）ABCD考点：动能定理的应用；牛顿第二定律菁优网版权所有专题：动能定理的应用专题分析：根据牛顿第二定律求出上滑和下滑过程中的加速度大小，从而得出速度随时间的变化规律，根据动能定理得出动能与位移的规律，根据W=mgh，得出重力势能与位移变化关系解答：解：A、B上滑时的加速度a1=gsin+gcos，下滑时的加速度a2=gsingcos知a1a2根据位移公式x=，由于下滑与上滑过程位移大小相等，则知，下滑时间t2上滑的时间t1由于机械能有损失，返回到出发点时速度小球出发时的初速度根据速度时间图线的斜率表示加速度，故A正确，B错误C、动能是标量，不存在负值故C错误D、重力做功W=mgh=mgxsin，故D正确故选AD点评：解决本题的关键根据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加速度，判断出物体的运动情况7（5分）（2013烟台一模）如图甲所示，匀强磁场垂直纸面向里，磁感应强度的大小为B，磁场在y轴方向足够宽，在x轴方向宽度为a一直角三角形导线框ABC（BC边的长度为a）从图示位置向右匀速穿过磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下图中感应电流i、BC两端的电压uBC与线框移动的距离x的关系图象正确的是（）ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律菁优网版权所有专题：电磁感应与图像结合分析：由楞次定律判断出感应电流方向，由E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后分析图象答题解答：解：A、导体棒切割磁感线产生感应电动势E=BLv，感应电流I=，在0a内，有效长度L逐渐变大，感应电流I逐渐变大，在a2a内，有效长度L逐渐变大，感应电流逐渐变大，故AB错误；C由楞次定律可知，在线框进入磁场的过程中，感应电流沿逆时针方向，电流是正的，在线框离开磁场的过程中，感应电流了沿顺时针方向，感应电流是负的，故C错误，D正确；故选D点评：熟练应用E=BLv、欧姆定律、楞次定律即可正确解题，本题难度不大，解题时可以应用排除法二、非选择题8（13分）（2013烟台一模）（1）在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，打点计时器接在50Hz的低压交变电源上，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、F六个计数点（每相邻两个计数点间还有四个点）从A点开始在每一个计数点处将纸带剪开分成五段（分别为a、b、c、d、e段），将这五段纸带由长到短紧靠但不重叠地粘在xOy坐标系中，如图1所示若把每一段纸带的右上端连接起来，结果得到一条倾斜的直线，如图所示，由图1可知纸带做匀减速直线运动，且直线与x方向夹角越大，说明纸带运动的加速度越大从第一个计数点A开始计时，为求出0.25s时刻纸带的瞬时速度，需要测出哪一段纸带的长度？答：c若测得a段纸带的长度为“10.0cm，e段纸带的长度为2.0cm，则可求出加速度的大小为2.0m/s2（2）（7分）现有一种特殊的电池，它的电动势E为9V左右，内阻r大约为40，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图2甲所示的电路进行实验，图中电压表的量程为6V，内阻为2K，R1为电阻箱，阻值范围0999，R0为定值电阻实验室备有以下几种定值电阻R0A 10 B100 C200 D2000为使实验能顺利进行应选哪一种？答D（填字母序号）该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数，记录多组数据，作出了如图2乙所示的图线则根据图线可求得该电池的电动势E为10V，内阻r为41.7考点：测定电源的电动势和内阻；测定匀变速直线运动的加速度菁优网版权所有专题：恒定电流专题分析：（1）纸带剪接后图线变化规律恰好与速度一样 求0.25s的速度，即求0.20.3s内的平均速度 利用x=aT2求a（2）R0至少应分走3V左右的电压，其电阻至少得是电压表的一半 关键是弄清图象两坐标轴的物理意义解答：解：（1）纸带剪接后，水平方向每条宽度相同，正好与时间对应，竖直长度为相邻相等时间的位移，由于x=aT2，纸带长度差相等，变化规律恰好与速度一样图线可看作vt图象，即速度均匀减少，匀减速运动，图象斜率越大，加速度越大 求0.25s的速度，即求0.20.3s内的平均速度，0.20.3s内的位移恰好是纸带C段对应的长度 利用x=aT2，即，有：， 所以a大小为2.0m/s2（2）电源电动势约为9V，而电压表量程只有6V，故R0至少应分走3V左右的电压，其电阻至少得是电压表的一半，故选D 由图可知，当R1趋于无穷大时， 此时外压等于电动势，又R0与电压表串联且电阻相同，所以此时 由图象知当时， 由闭合电路的欧姆定律有， 将E、U1、R1代入解得 r=41.7故答案为：（1）匀减速直线 加速度 c 2.0 （2）D 10 41.7点评：本题前半部分是对课本课后题（新人教）的拓展，意在提醒同学们注意基础知识后半部分考查测量电源的电动势和内阻的实验，一定要牢记基本原理：闭合电路的欧姆定律，以不变应万变图象问题处理时要注意多看：看物理量、看单位、看初始值、看走向、看斜率、看面积本题难度适中9（15分）（2013烟台一模）如图所示，是一次娱乐节目中的一个游戏示意图，游戏装置中有一个光滑圆弧形轨道，高为h，半径为R，固定在水平地面上，它的左端切线沿水平方向，左端与竖直墙面间的距离为x竖直墙高为H，滑板运动员可从墙面的顶部沿水平方向飞到地面上游戏规则是让一滑块从弧形轨道的最高点由静止滑下，当它滑到轨道底端时，滑板运动员立即以某一初速度水平飞出，当滑块在水平面上停止运动时，运动员恰好落地，并将滑块捡起就算获胜，已知滑块到达底端时对轨道的压力大小为F，重力加速度为g求：（不计滑板的长度，运动员看作质点）（1）滑块的质量；（2）滑块与地面间的动摩擦因数：（3）滑板运动员要想获胜，他飞出时的初速度多大？考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力；动能定理菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）滑块滑下过程机械能守恒；在最低点，滑块受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解；（2）游戏者做平抛运动，根据平抛运动的分位移公式求解出时间；对滑块匀减速过程运用动能定理列式求解；（3）根据几何关系，求出平抛运动的水平分位移，然后根据x=v0t求解初速度解答：解：（1）滑块沿弧面滑动过程：滑块在弧面最低点，有由以上两式解得：（2）滑块在地面上运动时：v=at滑板运动员在竖直方向由以上各式解得：（3）滑板在水平面上运动时滑板运动员在水平方向x2=v0t又x1+x2=x由上面各式解得：答：（1）滑块的质量为；（2）滑块与地面间的动摩擦因数为；（3）滑板运动员要想获胜，他飞出时的初速度为点评：本题关键是分析清楚滑块和游戏者的运动规律，然后根据牛顿第二定律、运动学公式、平抛运动的规律、动能定理、机械能守恒定律列式求解10（18分）（2013烟台一模）如图所示，M、N为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为D，其右侧有一边长为2a的正三角形区域，区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板M、N之间加上电压U后，M板电势高于N板电势现有一带正电的粒子，质量为m，电荷量为q，其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板M的中央小孔s1处射入电容器，穿过小孔s2后从距三角形A点a的P处垂直AB方向进入磁场，试求：（1）粒子到达小孔s2时的速度和从小孔s1运动到s2所用的时间；（2）若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动菁优网版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）粒子在加速电场中，电场力做功，由动能定理求出速度v，根据运动学公式求出所以时间（2）粒子从进入磁场到从AD间离开，根据半径公式，周期公式结合几何关系即可求解；（3）粒子从进入磁场到从AC间离开，画出运动轨迹，找出临界状态，根据半径公式结合几何关系即可求解；解答：解：（1）粒子在电场中运动时：qU=D=解得：v=D=解得：t=（2）粒子从进入磁场到从AD间离开：Bqv=t=解得：R=B=（3）粒子从进入磁场到从AC间离开，qvB1=解得：由图可知：qvB2=由以上三式解得：所以答：（1）粒子到达小孔s2时的速度和从小孔s1运动到s2所用的时间为；（2）若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，粒子的运动半径和磁感应强度的大小为；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足点评：本题是带电粒子在组合场中运动的问题，粒子在磁场中做匀速圆周运动，要求同学们能画出粒子运动的轨迹，能根据半径公式，周期公式结合几何关系求解，难度适中【物理-物理3-3】11（3分）（2013烟台一模）下列说法中正确的是（）A吹出的肥皂泡呈球形是由于表面张力的作用B布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动C水的饱和汽压随温度的升高而增大D当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力同时减小考点：分子间的相互作用力菁优网版权所有专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：解决本题需掌握：液体表面张力是作用于液体表面，使液体表面积缩小的力；布朗运动是指在显微镜下观察到的固体小颗粒（如花粉）的无规则运动；饱和蒸气压与温度有关；分子间既存在引力，也存在斥力，只是当分子间距离大于平衡距离时表现为引力，小于平衡距离时表现为斥力解答：解：A、凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力它产生的原因是 液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如吹出的肥皂泡呈球形是由于表面张力的作用，故A正确；B、布朗运动是指在显微镜下观察到的固体小颗粒（如花粉）的无规则运动，故B错误；C、与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之，称为不饱和蒸气饱和蒸气压力与饱和蒸气体积无关！在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压力蒸发面温度升高时，水分子平均动能增大，单位时间内脱出水面的分子增多（此时，落回水面的分子数与脱出水面的分子数相等），故高温时的饱和水汽压比低温时要大故C正确；D、分子间既存在引力，也存在斥力，只是当分子间距离大于平衡距离时表现为引力，小于平衡距离时表现为斥力，故D正确；故选ACD点评：本题是热学综合题，考查了液体表面张力、布朗运动、饱和蒸气压、分子力，都是定性分析的问题，关键是要多看书12（5分）（2013烟台一模）如图所示，将一定质量的气体密封在烧瓶内，烧瓶通过细玻璃管与注射器和装有水银的U形管连接，最初竖直放置的U形管两臂中的水银柱等高，烧瓶中气体体积为400ml，现用注射器缓慢向烧瓶中注水，稳定后两臂中水银面的高度差为25cm，已知大气压强为75cmHg柱，不计玻璃管中气体的体积，环境温度不变，求：共向玻璃管中注入了多大体积的水？此过程中气体放热（填“吸热”或“放热”），气体的内能不变（填“增大”、“减小”或“不变”）考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律菁优网版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：气体发生等温变化，已知气体体积，由玻意耳定律可以求出气体的体积；气体的内能是由温度和物质的量的多少决定的，一定质量的气体，温度不变，那么它的内能也不变；根据题意气体的体积减小，说明外界对气体做功，然后判定出气体对外放热解答：解：初状态：P1=75cmHg，V1=400ml注入水后，P2=100cmHg由玻意耳定律得：P1V1=P2V2代入数据，解得：V2=300ml注入水的体积：V=V1V2=100ml气体的内能是由温度和物质的量的多少决定的，一定质量的气体，温度不变，那么它的内能也不变；根据题意气体的体积减小，说明外界对气体做功，又由热力学第二定律得出：气体对外放热故答案为：100ml；放热，不变点评：本题考查了求气体压强与体积问题，根据题意确定初末状态的状态参量、熟练应用查理定律即可正确解题；本题难度不大，是一道基础题【物理一物理3-4】13（3分）（2013烟台一模）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，质点P此时刻沿y方向运动，经过0.2s第一次回到平衡位置，则（）A该波沿x方向传播B波的周期为0.2sC波的传播速度为15m/sD质点Q的振动方程为y=5cos5t（cm）考点：横波的图象菁优网版权所有专题：振动图像与波动图像专题分析：根据P点振动方向判断波的传播方向相邻两个波峰或波谷之间的距离等于波长，由图读出波长由题，位于平衡位置的质点P正向y方向运动，且经0.2秒质点P再一次经过平衡位置并向+y方向运动，得到P的振动周期为0.4s，即波的周期为0.4s，再求出波速解答：解：A、图示时刻P点的振动方向下，比左侧波峰振动早，所以波向左传播，即沿x方向传播故A正确B、由题，位于平衡位置的质点P正向y方向运动，且经0.2秒质点A再一次经过平衡位置并向+y方向运动，得到P的振动周期为0.4s，即波的周期为0.4s故B错误；C、由图读出，波长=6m所以v=15m/s，故C正确C、Q点的振幅为5cm，=5rad/s，t=0时刻处于振幅最大处，所以质点Q的振动方程为y=5cos5t（cm），故D正确故选ACD点评：根据质点的振动方向判断波的传播方向，可以采用比较质点振动先后的方法：波从振动早的质点向振动迟的质点传播14（5分）（2013烟台一模）半径为R的半球形介质截面如图