电场及恒定电流测试题.doc

此文档收集于网络，仅供学习与交流，如有侵权请联系网站删除 电场及恒定电流复习题 (总分100分 考试时间:90分钟)一选择题：（4*10=40分）1一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量的变化情况为()A动能减小B电势能增加C动能和电势能之和减小D重力势能和电势能之和增加2如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷Q，在x轴上C点有点电荷Q，且COOD，ADO60.下列判断正确的是()AO点电场强度为零BD点电场强度为零C若将点电荷q从O移向C，电势能增大D若将点电荷q从O移向C，电势能增大3(2010宜昌模拟)一个带负电的小球，受电场力和重力的作用，由静止开始运动，已知电场为水平方向的匀强电场，不计空气阻力，设坐标轴如图所示，x轴的正方向与电场方向一致，y轴的正方向竖直向下，原点为小球的起始位置，下列哪个图可能表示此小球的运动轨迹()4(2010北京理综)用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素(如图)设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为.实验中，极板所带电荷量不变，若()A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，减少S，则变小D保持d不变，减小S，则不变5如图所示，有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为()AU1U218 BU1U214CU1U212 DU1U2116如图所示的图线表示某电池组的输出电压与电流的关系(UI图线)，图线表示其输出功率与电流的关系(PI图线)，则下列说法正确的是()A电池组的电动势为50 VB电池组的内阻为 C电流为2 A时，外电路的电阻为20 D输出功率为120 W，输出电压是30 V7在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是()AI1增大，I2不变，U增大 BI1减小，I2增大，U减小CI1增大，I2减小，U增大 DI1减小，I2不变，U减小8 (2010福州模拟)在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r，设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时() AI变大，U变小BI变大，U变大CI变小，U变大 DI变小，U变小9如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，电路中的电阻R1、R2和R3的阻值都相同在开关S处于闭合状态下，若将开关S1由位置1切换到位置2，则()A电压表的示数变大B电池内部消耗的功率变大C电阻R2两端的电压变大D电池的效率变大10(2010长沙模拟)如图，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线，则以下说法正确的是()A电池组的内阻是3 B电阻的阻值为0.33 C将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4 WD改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4 W二实验题（2*8=16分）11有一待测电阻Rx，阻值约为5 ，允许最大功率为1.25 W，现欲比较精确地测定其阻值除待测电阻外，备用器材及规格如下：电压表(03 V15 V)3 V量程内阻为3 k，15 V量程内阻为15 k；电流表(00.6 A3 A)0.6 A量程内阻为1 ；3 A量程内阻为0.25 ；滑动变阻器(20 ，1 A)；蓄电池组(6 V，内阻不计)；开关、导线（1）请用实线代替导线，将下图所示实物连成测量电路，要求待测电阻Rx中电流从零开始连线可调，且连线时使滑动变阻器的滑动触头处于开关闭合前的正确位置（2）在表格中画出电路图12如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表当电阻箱读数为R12 时，电压表读数为U14 V；当电阻箱读数为R25 时，电压表读数为U2 5 V求：(1)电源的电动势E= 内阻r= ；(2)当电阻箱R读数等于 时，电源的输出功率最大，最大值Pm= 三计算题（8+8+8+10+10=44分）13.有一个小型直流电动机，把它接入电压为U10.2 V的电路中时，电机不转，测得流过电动机的电流是I10.4 A；若把电动机接入U22.0 V的电路中，电动机正常工作，工作电流是I21.0 A求电动机正常工作时的输出功率多大？如果在电动机正常工作时，转子突然被卡住，此时电动机的发热功率是多大？14如图所示，电源电动势E6 V，内阻r1 ，外电路中电阻R12 ，R23 ，R37.5 ，电容器的电容C4 pF，开始时开关S断开，从开关合上到电路稳定的过程中，通过电流表的电荷量是多少？15如图所示，A为带正电Q的金属板，沿金属板的垂直平分线，在距板r处放一质量为m、电荷量为q的小球，小球受水平向右的电场力偏转角而静止，小球用绝缘丝悬挂于O点，试求小球所在处的电场强度16如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R0.5 m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E5103 N/C.今有一质量为m0.1 kg、带电荷量q8105 C的小滑块(可视为质点)从A点由静止释放若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数0.05，取g10 m/s2，求：(1)小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时B点的压力(2)小滑块在水平轨道上通过的总路程17如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两极板不带电，上极板接地，它的极板长L0.1 m，两极板间距离d0.4 cm，有一束相同微粒组成的带电粒子流从两极板中央平行极板射入，由于重力作用微粒能落到下极板上，已知微粒质量为m2106 kg，电荷量q1108 C，电容器电容为C106 F，g10 m/s2.求：(1)为使第一个粒子的落点范围在下极板中点O点到紧靠边缘的B点之内，则微粒入射速度v0应为多少？(2)以上述速度入射的带电粒子，最多能有多少落到下极板上？姓名: 班级: 答 题 卡一 选择题：（4*10=40分）12345678910二实验题（2*8=16分）11（1）请用实线代替导线，将下图所示实物连成测量电路，要求待测电阻Rx中电流从零开始连线可调，且连线时使滑动变阻器的滑动触头处于开关闭合前的正确位置（2）在表格中画出电路图12 .(9分)如图所示三计算题（8+8+8+10+10=44分）13. (8分)14. (8分)15.(8分)16(10分)如图所示17.(10分)如图所示1答案：C解析：该油滴从a点进入电场，根据其轨迹的弯曲趋势，可以判断静电力一定竖直向上，且静电力大于重力，所以油滴带负电荷运动过程中合力向上做正功，根据动能定理，油滴动能变大，A错误；静电力做正功，电势能必然减少，B错误；该处能量定恒的形式表现为电势能、机械能(动能重力势能)之和守恒根据能量守恒定律，既然动能增加，则重力势能与电势能之和一定减少，D错误；油滴上升，重力势能变大，动能和电势能之和必然减少2答案：BD解析：A、B两点处的点电荷在O点处形成的电场的合场强为零，因此O点处的电场强度应等于C点处的点电荷在O点形成的电场的电场强度A错；A、B、C三处点电荷在D点处形成的电场强度分别为EDAk，EDBk，EDCk，所以D点合电场强度为EDk2kcos 600，故B对；将点电荷q从O移向C时，电场力做正功，故电势能减小，C错；将点电荷q从O移向C时，电场力做负功，故电势能增大，D对3答案：D解析：受力和初速度决定了运动形式小球受的重力和电场力都是恒力，则其合力也是恒力，小球由静止开始沿合力方向做匀加速直线运动，又因小球带负电，答案D正确4解析：静电计指针偏角体现电容器两板间电压大小在做选项所示的操作中，电容器电荷量Q保持不变，C.保持S不变，增大d，则C减小，U增大，偏角增大，选项A正确B错误；保持d不变，减小S，则C减小，偏角也增大，故选项C、D均错5答案：A解析：由yat2得：U，所以U，可知A项正确6答案：ACD解析：图线可以得出电源的电动势是50 V，内阻为5 .从图线可以看出电流为2 A时，功率为80 W，即电压约为40 V，所以外电阻约为20 ；当输出功率是120 W时，电流是4 A，输出电压为30 V.7答案：B解析：R2滑动触点向b端滑动，R2减小，总电阻R总也减小，总电流I增大，电源内电压U内Ir，故U内增大，电压表示数UEU内，E不变，故U减小；R1、R2电压U1EU内IR3，可知U1减小，R1不变，故I1减小；I2II1，故I2增大，所以只有B正确8解析：法一：当R5的触头向a移动时，电阻变小，总电阻减小，所以总电流变大，则内阻r及电阻R3上的电压降增大，电压表示数UE(U3U内)变小，R1两端的电压变大，所以电流表所在支路中的电压就减小，而支路的电阻不变，所以电流减小法二：如图所示，把虚线框内部分看作电源，R5触头向a移动时，外电阻变小路端电压变小，所以电流表读数变小；把E、R3看作电源，外电阻变小，路端电压变小，电压表读数变小答案：D9答案：B10答案：D解析：由IU图线可知，电池组的内阻r1 ，电阻的阻值为3 ，电池的电动势E4 V，若将该电阻接在该电池组两端，I1 A，电池组的输出功率R出IUI(EIr)3 W；当调整外阻Rr时，电池组的输出功率最大，Pm2r4 W，综上所述，A、B、C错误，选项D正确11解析：通过计算可知，Rx上允许的最大电压约2.5 V，最大电流约0.5 A，故电压表应选3 V量程，电流表应选0.6 A量程因题目要求Rx上电流从零开始连续可调，故滑动变阻器应接成“分压式”在连线时，为使滑动变阻器的滑动触头处于开关闭合前的正确位置(即保证开关刚闭合时分出的电压为最小，不致把Rx或两电表烧毁)，应从A、C(或B、C)两接线柱上取得分压，又电压表选3 V量程时，600满足条件RvRx，故电流表采用“外接法”测量误差较小根据上述分析，本题实验电路如图甲，实物连线如图乙12(1)6 V1(2)1 9 W13U22.0 V时，电动机正常工作，此时电动机为非纯电阻，则由电功率与热功率各自的定义式，得P电U2I221 W2 WP热I22r120.5 W0.5 W所以由能量守恒，电动机的输出功率P出P电P热2 W0.5 W1.5 W14故开关断开到合上后电路稳定的过程中，通过电流表的电荷量为QQ1Q21.921011 C.答案：1.921011 C15答案：解析：分析小球受力如图所示由平衡条件得F电mgtan ，所以小球所在处的电场强度E，小球带正电，因此电场强度方向水平向右16解析：(1)设小滑块第一次到达B