（江苏专用）2020版高考生物总复习第16讲基因的自由组合定律练习（含解析）.docx

第16讲基因的自由组合定律一、单项选择题1.(2018江苏泰州中学开学考试)在孟德尔的豌豆杂交实验中,涉及自交和测交。下列相关叙述中正确的是()A.自交可以用来判断某一显性个体的基因型,测交不能B.测交可以用来判断一对相对性状的显隐性,自交不能C.自交可以用于显性优良性状的品种培育过程D.自交和测交都不能用来验证分离定律和自由组合定律答案C自交可以用来判断某一显性个体的基因型,测交也能,A错误;测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性,但自交能,B错误;自交可以用于显性优良性状的品种培育过程,淘汰发生性状分离的个体,得到纯合体,C正确;自交不能用来验证分离定律和自由组合定律,但可用测交来验证分离定律和自由组合定律,D错误。2.(2018江苏徐州质检)如图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。对此说法不正确的是()A.这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状B.这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律C.F1的表现型和基因型不能确定D.亲本的表现型和基因型不能确定答案C通过上述结果可以看出,黄色和圆粒是显性性状,并且遵循自由组合定律;F2性状的分离比约为9331,所以F1的基因型为双杂合子;而亲本的基因型不能确定。3.(2018江苏南通考前模拟)某种昆虫长翅(R)对残翅(r)为显性,直翅(M)对弯翅(m)为显性,有刺刚毛(N)对无刺刚毛(n)为显性,控制这3对性状的基因均位于常染色体上。现有这种昆虫一只,其基因型如图所示。下列相关说法正确的是()A.这三对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律B.该昆虫产生的精细胞的基因型有8种C.为验证自由组合定律,与该昆虫测交的个体基因型为rrmmnnD.该昆虫与相同基因型的昆虫交配,后代中与亲代表现型相同的概率为1/4答案C自由组合定律适用于非同源染色体上的非等位基因,故昆虫长翅(R)对残翅(r),直翅(M)对弯翅(m)不适合自由组合定律,A错误;该昆虫产生的精细胞的基因型只有4种,B错误;可以用测交实验验证自由组合定律,与该昆虫测交的个体基因型为rrmmnn,C正确;该昆虫与相同基因型的昆虫交配,后代中与亲代表现型相同的概率为9/16,D错误。4.(2018江苏徐州期中)用具有两对相对性状的纯合亲本杂交,若F2性状分离比分别为97、961和151,则F1与双隐性个体测交,后代性状比例依次是()A.13、121和13B.112、121和31C.13、121和31D.112、31和31答案C如果F2的分离比分别是97、961、151,可见3种情况下后代都是16种组合,说明F1为双杂合子。设两对基因分别为A,a和B,b,则F1的基因型都是AaBb。第一种情况:AaBb产生的F2的分离比是97,根据9331,推测A、B都存在是一种性状,占9份,其他所有是一种性状,占7份。所以AaBb与aabb测交,后代AaBb为一种性状,Aabb、aaBb、aabb为另一种性状,即F1与纯合隐性个体测交,得到的分离比是13;第二种情况:AaBb产生的F2的分离比是961,(9指每对基因至少带一个显性基因,6指只带有一对隐性纯合基因,1指带有2对隐性纯合基因),所以AaBb与aabb测交,后代AaBb为一种性状,Aabb、aaBb又为一种性状,aabb为另一种性状,即F1与纯合隐性个体测交,得到的分离比是121;第三种情况:AaBb产生的F2的分离比是151(15指带有一个或一个以上的显性基因,1指无显性基因,即aabb),所以AaBb与aabb测交,后代AaBb、Aabb、aaBb为一种性状,aabb为另一种性状,即F1与纯合隐性个体测交,得到的分离比是31。故C正确。5.(2018江苏镇江一模)某动物的基因A和B分别位于非同源染色体上,只有A显性或B显性的胚胎不能成活。若AABB和aabb个体交配,F1雌雄个体相互交配,F2群体中纯合子所占的比例是A.1/10B.1/9C.1/5D.1/4答案C若亲本为AABB和aabb个体交配,则F1的基因型为AaBb,由于只有A显性或B显性的胚胎不能成活,故F2中存活个体的基因型为A_B_和aabb,其中纯合子为AABB和aabb两种,所占比例为2/10,故C正确。6.(2018江苏南京多校联考)狗毛褐色由B基因控制,黑色由b基因控制,I和i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因,I是抑制基因,当I存在时,B、b均不表现颜色而产生白色。现有黑色狗(bbii)和白色狗(BBII)杂交,产生的F2中杂合白色黑色为()A.91B.101C.21D.31答案B已知狗毛褐色由B基因控制,黑色由b基因控制,I和i是位于另一对同源染色体上的一对等位基因,I是抑制基因,当I存在时,B、b均不表现颜色而产生白色。即_ _I_为白色、bbii为黑色、B_ii为褐色。现有黑色狗(bbii)和白色狗(BBII)杂交,产生F1的基因型是BbIi,F1自交产生的F2中,黑色的基因型为bbii,占的比例为1/16,F2杂合白色中,BbII(占2/16)、BBIi(占2/16)、BbIi(占4/16)、bbIi(占2/16),因此产生的F2中杂合白色黑色=101,故B正确。7.某植株从环境中吸收前体物质经一系列代谢过程合成紫色素,此过程由A、a和B、b两对等位基因共同控制(如图所示),其中具紫色素的植株开紫花,不能合成紫色素的植株开白花,据图所作的推测不正确的是()1号染色体基因A酶A3号染色体基因B酶B前体物质(白色)中间物质(白色)紫色素(紫色)A.只有基因A和基因B同时存在,该植株才能表现紫花性状B.基因型为aaBb的植株不能利用前体物质合成中间物质,所以不能产生紫色素C.AaBbaabb的子代中,紫花植株与白花植株的比例为13D.基因型为Aabb的植株自交后代必定发生性状分离答案D由图可知,只有基因A和基因B同时存在,该植株才能合成紫色素,才会表现紫花性状,A正确;基因型为aaBb的植株不能合成酶A,即不能利用前体物质合成中间物质,所以不能产生紫色素,B正确;AaBbaabbAaBb(紫花)Aabb(白花)aaBb(白花)aabb(白花)=1111,可见后代紫花植株与白花植株的比例为13,C正确;基因型为Aabb的植株自交后代有3种基因型(AAbb、Aabb、aabb)均表现为白花,不会发生性状分离,D错误。8.(2018江苏南京多校联考)现有四个果蝇品系(都是纯种),其中品系的性状均为显性,品系均只有一种性状是隐性,其他性状均为显性。这四个品系的隐性性状及控制该隐性性状的基因所在的染色体如下表所示:品系隐性性状均为显性残翅黑身紫红眼相应染色体、验证自由组合规律,可选择下列哪种交配类型()A.B.C.D.答案B个体所有基因都是显性纯合的,个体只有控制残翅的基因是隐性的,所以两个体杂交只产生一对杂合基因,只能验证基因的分离定律,不能验证基因的自由组合定律,A错误;要验证自由组合定律,必须两对或多对相对性状是在非同源染色体上,不能在同源染色体上,和分别含有残翅和紫红眼的隐性基因,且控制这两种性状的两基因分别在、号染色体上,杂交后两对基因都是杂合的,减数分裂过程中这两对等位基因分离的同时,非同源染色体上的非等位基因自由组合,B正确;和分别含有残翅和黑身的隐性基因,但是控制这两种性状的基因都在号染色体上,不能验证基因的自由组合定律,C错误;个体所有基因都是显性纯合的,个体只有控制紫红眼的基因是隐性的,所以两个体杂交只产生一对杂合基因,只能验证基因的分离定律,不能验证基因的自由组合定律,D错误。9.(2018江苏海安高中月考)菜豆种皮的颜色由两对非等位基因A(a)和B(b)控制。A基因控制黑色素的合成(A显性基因出现色素,AA和Aa的效应相同),B基因为修饰基因,淡化颜色的深度(B显性基因修饰效应出现,BB使色素颜色完全消失,Bb使色素颜色淡化)。现有亲代种子P1(纯种、白色)和P2(纯种、黑色),杂交实验如图所示,则下列有关推断错误的是()PP1P2F1 黄褐色F2黑色黄褐色白色367A.F1的基因型是AaBbB.黑色个体的基因型有2种C.F2种皮为白色的个体基因型有5种D.P1和P2的基因型分别为AABB和aabb答案D由于BB使色素颜色完全消失,Bb使色素颜色淡化,又F1为黄褐色,所以亲代种子P1(纯种、白色)的基因型只能是aaBB,P2(纯种、黑色)的基因型只能是AAbb,aaBB与AAbb杂交后代的基因型为AaBb,A正确,D错误;F2种皮是黑色的个体基因型有2种,分别是AAbb和Aabb,B正确;F2种皮为白色的个体基因型有5种,分别是AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb,C正确。10.(2018江苏扬州期末)现用基因型为AABBCC的个体与aabbcc的个体杂交得到F1,将F1与隐性亲本测交,测交后代出现的四种基因型如下表所示。下列有关分析错误的是()基因型aabbccAaBbCcaaBbccAabbCc数目203196205199A.测交结果说明F1产生abc、ABC、aBc、AbC四种类型的配子B.测交后代四种基因型一定对应四种表现型且比例接近1111C.据实验结果推测A和C在同一染色体上,a和c在同一染色体上D.若让测交后代中基因型为AabbCc个体自交,后代中纯合子的比例为1/2答案B依题意,F1的基因型是AaBbCc,隐性亲本aabbcc产生的配子基因组成为abc,用测交后代的四种基因型减去abc,即为F1产生的四种类型的配子:abc、ABC、aBc、AbC,A正确;基因型和表现型不一定都是一一对应的关系,基因与性状的关系并不都是简单的线性关系,B错误;根据实验结果可知,基因A和C、a和c总是同时出现,由此可推测A和C在同一染色体上,a和c在同一染色体上,C正确;根据C项分析可知,基因型为AabbCc的个体能产生两种配子1/2AbC和1/2abc,该个体自交后代中纯合子基因型有AAbbCC和aabbcc,所占比例为1/21/2+1/21/2=1/2,D正确。二、多项选择题12.某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制,基因型为AA的植株表现为大花瓣,Aa的为小花瓣,aa的无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制,基因型为RR和Rr的花瓣为红色,rr的为黄色,两对基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交,则下列有关判断正确的是(多选)()A.子代共有9种基因型B.子代共有6种表现型C.子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例约为1/3D.子代的所有植株中,纯合子占1/4答案ACDAaRr自交,根据基因自由组合定律,子代共有9种基因型,A正确;Aa自交子代表现型有3种,Rr自交子代表现型有2种,但由于aa表现无花瓣,即aaR_与aarr的表现型相同,因此表现型共5种,B错误;子代有花瓣植株所占的比例为3/4,AaRr所占的比例为1/21/2=1/4,因此子代有花瓣植株中,AaRr所占的比例为1/3,C正确;AaRr自交,子代的所有植株中,纯合子占1/21/2=1/4,D正确。13.(2018江苏海门中学调研)对下列遗传图解的理解,叙述错误的是()A.过程发生了基因的分离和基因自由组合B.过程中发生减数分裂C.过程具有随机、均等性,所以Aa的子代占所有子代的1/2D.图2子代中aaBB的个体在aaB_中占1/4答案AD分析图解:是减数分裂产生配子的过程,是雌雄配子随机结合的受精作用过程。受精作用过程没有发生基因的分离和自由组合,这两种行为发生在减数分裂形成配子的过程中,即,所以A错误,B正确;根据过程的每种随机结合方式机会均等可知,产生Aa的子代占所有子代的1/2,C正确;根据图2中雌雄配子总共16种结合方式,每种机会均等,其中形成aaB_占3种结合方式,所以它占所有子代的3/16,D错误。三、非选择题14.(2018江苏苏北四市调研)在某种家鸡中,羽毛颜色是由两对等位基因A、a和B、b控制,当基因B存在时,基因A的作用则不能显示出来。现有两组该品种的白羽家鸡杂交,F1都为白羽,让F1家鸡雌雄个体自由交配,F2中出现了白羽和有色羽鸡两种类型,其比例为133。回答下列问题:(1)两对基因A、a和B、b的遗传遵循定律,白羽鸡的基因型共有种。(2)在F2中,白羽鸡中能稳定遗传的个体占;若F2中有色羽的雌雄个体自由交配,后代的纯合子所占比例为。(3)若对F1的白羽鸡进行测交,后代的表现型及其比例。(4)若用F1白羽鸡,与F2中的有色羽鸡杂交,理论上后代有色羽鸡中纯合子所占比例为。答案(1)基因自由组合7(2)3/135/9(3)白羽有色羽=31(4)2/5解析(1)由题干可知,F1家鸡雌雄个体自由交配,F2中出现组合为16的分离比,说明控制羽毛颜色的两对等位基因A、a和B、b遵循基因的自由组合定律,且F1基因型为AaBb,F2的基因型有9种,由于当基因B存在时,基因A的作用则不能显示出来,所以基因型为AAbb和Aabb表现型为有色羽,白羽鸡的基因型有7种。(2)F2的白羽鸡的基因型为A_B_、aaB_、aabb,其中纯合子为AABB、aaBB、aabb三种,占F2的白羽鸡3/13;F2有色羽的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb,可产生的配子种类及比例为2/3Ab、1/3ab,若F2中有色羽的雌雄个体自由交配,后代的杂合子Aabb占4/9,纯合子占5/9。(3)F1白羽鸡的基因型是AaBb,测交后代的基因型及比例为AaBbAabbaaBbaabb=1111,表现型及比例为白羽有色羽=31。(4)F1白羽鸡基因型为AaBb,F2中的有色羽鸡基因型为1/3AAbb、2/3Aabb,F1白羽鸡,与F2中的有色羽鸡杂交,产生的后代有色羽鸡基因型为A_bb=(1/31/2+2/33/41/2)=5/12,有色羽鸡中纯合子AAbb占2/5。15.(2018江苏盐城期中)易感叶锈病的小麦种子基因型为aabb。为选育小麦的抗叶锈病品种,我国科学家利用太空育种选育出抗叶锈病的甲、乙植株,现对甲、乙组自交后代的性状分离情况进行统计,结果如表。请回答问题:亲本植株子代植株抗叶锈病易感叶锈病甲7525乙1349(1)太空育种的原理是。在此基础上,欲快速获得能稳定遗传的抗叶锈病品种,宜采用的育种方法是育种。(2)甲植株的基因型是,乙植株的基因型是。(3)甲植株子代抗叶锈病中,能稳定遗传的个体所占比例是,乙植株子代抗叶锈病的基因型有种。(4)甲植株子代不同性状的个体间杂交,子代中抗叶锈病与易感叶锈病个体比例为。(5)若让乙植株子代中的抗叶锈病个体进行自交,子代中易感叶锈病