江西省九江市2018_2019学年九年级物理上学期第二次月考试卷（含解析）.docx

江西省九江市2018-2019学年九年级物理上学期第二次月考试卷一、填空题（共20分，每空1分）1我们的生活、生产中经常要用到电，电流通过导体时总会伴随有热现象，物理上把电流通过导体时电能转化为内能的现象叫做 。物理学家 （填名字）做了大量实验，最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，为人们利用电热提供了理论基础。2图甲所示的是汽油机的 冲程；图乙所示的是我们课堂演示的两个实验，其中与图甲工作原理相同的是 （选填“”或“”）实验。3用滑轮组将一个重为5N的物体匀速提升10cm，由图可知，绳端受到的拉力F为 N，滑轮组的机械效率为 。4一块手机锂电池上标有“4.0V 2000mAh”字样，它充电时将电能转化 能，此时锂电池相当于电路中的 ，充满电后存储的电能为 J。5在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度 ，电流表的示数 。（选填“变大”、“变小”或“不变”）6“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力。同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的 很大。以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为 Jq煤气4.2107J/kg。7在2008年“512”汶川特大地震中，形成了多处堰塞湖，其中最大的唐家山堰塞湖积水量高达2亿立方米以上。堰塞体有溃决的危险，对下游群众的生命及财产安全造成严重威胁。堰塞湖中的水位越涨越高，蕴藏着巨大的 能，堰塞体一旦溃决，这种能量将会转化为水的 能。8如图甲为宾馆的房卡，把房卡插入槽中，房内的用电器才能工作。插入房卡相当于闭合电路中的 。该宾馆的电能表如图乙所示，小明测得当只有某用电器单独工作时，电能表转盘在10分钟里转过了60转，则该用电器的电功率为 W。9如图所示电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。闭合开关S，调节滑动变阻器R，发现电流表示数从0.1A变为0.3A，电压表示数改变了4V由此可判断在这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值 （选填“变大”或“变小”），定值电阻R的电功率变化了 W。10如图所示的电路，电源电压为3V，闭合开关，电压表示数为1V，则灯泡L1两端的电压为 V，灯泡L1与L2的电功率之比为 。二、选择题（共26分），第11-16题为单项选择题，第17-18题为不定项选择题11举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己面前的按钮。要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮。以下符合这一要求的电路是（）ABCD12如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是（）A 电饭锅B 笔记本电脑C 电风扇D 电视机13如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（假定灯泡的电阻不变）（）A电流表示数变小B电压表示数变大C电压表和电流表示数的比值变小D电压表和电流表的示数都变小14根据欧姆定律公式I，可变形得到R对此，下列说法中正确的是（）A通过导体的电流越大，则导体的电阻越小B导体两端的电压为零时，其电阻也为零C导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比D导体两端的电压跟通过导体电流的比值等于这段导体的电阻15如图所示，在“”处可以连接电流表或电压表测量电路中的电流、电压，为使L1与L2串联，以下做法正确的是（）Aa为电流表，b为电压表，c为电流表Ba为电压表，b为电压表，c为电流表Ca为电流表，b为电流表，c为电压表Da为电流表，b为电流表，c为电流表16教室里投影仪的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给予降温。为了保证灯泡不被烧坏，要求：带动风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光。则在如图所示的四个电路图中符合要求的是（）ABCD17如图所示，不计绳重和摩擦，拉力F是125N，在10s内将重物匀速提升2m，此时滑轮组的机械效率是80%，则下列说法不正确的是（）A有用功是600JB物体重是375NC拉力F的功是750JD拉力F做的功率是75W18如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，R230，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图乙所示，当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，则下列计算正确的是（）AR1的阻值大小是20B当S1、S2、S3均闭合时，则通过电阻R2的电流是0.3AC电源电压是6VD当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，则R3消耗的功率是0.225W三、简答与计算题（共26分，第19题5分，第20题6分，第21题7分，第22题8分）.19白炽灯用久后，灯丝会因升华而变细。若把它接在原电源上继续使用，请你判断灯泡是变亮还是变暗？并说明你作出此判断的理由。20如图所示的电路中，电源电压为6V，且保持不变，电阻R1、R2、R3的阻值为8、4、12求：（1）开关S1、S2都断开时，电流表、电压表的示数。（2）开关S1、S2都闭合时，电流表的示数。21如图，电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，R110，滑动变阻器R3标有“200.5A”字样。只闭合开关S1，电流表的示数为0.9A；再闭合开关S2、S3，电流表的示数变为1.5A，求：（1）电源电压；（2）开关S1、S2、S3都闭合时，R2在10s内产生的热量；（3）只闭合开关S3，移动变阻器滑片时，R3电阻能达到的最小值。22表一是某电热水壶的铭牌；表二是小丽探究该电热水壶效率所记录的数据。求：表一：产品型号SWF12P1A150额定电压U/V220电源频率f/Hz50额定功率P/W1100容量V/L1.2表二：电源电压U电/V220壶内水的质量m/kg1水的初温t1/32水的沸点t2/98水从初温加热至刚沸腾的时间t/s300（1）电热水壶的电阻。（2）当电热水壶实际工作电压为110V时，它的实际功率。（假设电阻不变）（3）电热水壶的效率。c水4.2103J/（kg）。四、实验与探究题（共28分，每小题各7分）23如图所示，电能表的示数为 kWh。24如图所示的电阻箱的示数是 。25如图所示，请在图中画出通电螺线管的一条磁感线及标明方向，并填空：左端为 极。26小明要用如图1所示的实验器材探究“电流、通电时间一定时，电流的发热与电阻的关系”。（1）请用笔画线代替导线，并右移时电流增大把电路连接完整。（2）电流产生热量的多少不易直接测量，因此，在这个实验中是通过 显示电流产生热量的多少，这种方法叫 法。（3）如图2所示，在相同时间内， 容器内的电阻丝放出的热量较多（选填：甲、乙）原因是： 。27在“测量小灯泡的电功率”实验中，所测灯泡的额定电压为2.5V。（1）图甲是小弘同学没有连接完的实物电路，请用笔画线代替导线帮她将电路连接完整；（2）检查电路无误后，小弘移动滑动变阻器至某一位置，读出电压表示数为2.2V，要测出小灯泡的额定功率，她应将变阻器的滑片P向 端移动（选填“A”或“B”），当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。（3）由于电压表损坏，小弘同学再利用一个阻值已知的电阻R0，设计了另一种实验方案测小灯泡的额定功率，电路如图丙所示，其中电源电压一定但未知，具体操作如下：断开开关S2、闭合开关S1，移动滑片P至某一位置，读出电流表示数I1；保持滑片P位置不动，再断开开关S1、闭合开关S2，读出电流表示数I2；先算出灯泡的电阻RL，再根据P额，计算灯泡的额定功率。小聪认为按此方案测量，实验结果与真实值相差较大，原因是： ，仔细分析后，小聪将上述步骤改为： 就能较准确测出灯泡的额定功率了。28小明用图所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡电阻，（1）小明将电路正确连接后，闭合开关，调节变阻器的滑片，使小灯泡刚好正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，电流表的读数是 A，小灯泡的阻值是 （小数点后保留一位）；（2）当电压值改变的时候，小灯泡的阻值 （选填“变化”或“不变”）；（3）小明又想测某未知电阻Rx的阻值，设计了如图丁所示电路（R0为已知阻值的定值电阻），并设计了如下实验步骤，请帮他把缺少的步骤补全，并写出Rx的表达式。实验步骤：A按照设计的电路图连接电路；B闭合S1、S2记录电流表示数为I1；C ；D利用测得数据写出待测电阻Rx的表达式：Rx 。2018-2019学年江西省九江市柴桑三中九年级（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（共20分，每空1分）1我们的生活、生产中经常要用到电，电流通过导体时总会伴随有热现象，物理上把电流通过导体时电能转化为内能的现象叫做电流的热效应。物理学家焦耳（填名字）做了大量实验，最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，为人们利用电热提供了理论基础。【分析】当电流通过导体后电流所做的功转化成了热，即称之为电流的热效应。电流通过导体所产生的热量与电流的平方成正比、与导体的电阻成正比，与通电时间成正比，这就是焦耳定律。【解答】解：电流通过导体时导体都要发热，这个现象称为电流的热效应。物理学家焦耳做了大量实验，最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，即其所产生的电热与电流、电阻和通电时间的关系是QI2Rt，为人们利用电热提供了理论基础。故答案为：电流的热效应；焦耳。【点评】知道电流的热效应，并对焦耳定律的得出和内容有一定的了解。2图甲所示的是汽油机的做功冲程；图乙所示的是我们课堂演示的两个实验，其中与图甲工作原理相同的是 （选填“”或“”）实验。【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析。（2）改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。【解答】解：（1）两个气门都关闭，火花塞放电，活塞向下运动，因此是做功冲程；（2）图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程。图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能。因此与做功冲程原理相同的是实验。故答案为：做功；。【点评】此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。3用滑轮组将一个重为5N的物体匀速提升10cm，由图可知，绳端受到的拉力F为2.0N，滑轮组的机械效率为83.3%。【分析】图中的滑轮组由动滑轮和定滑轮组成，吊动滑轮的绳子有几股，绳子的自由端移动的应为物体上升的几倍。根据做功公式可计算有用功与总功，根据机械效率公式可计算滑轮组的机械效率。【解答】解：从图上可知弹簧测力计的示数为2.0N。W有Gh5N0.1m0.5JW总FSF3h2.0N30.1m0.6J83.3%答案为：2.0N，83.3%。【点评】本题考查学生如何正确读取弹簧测力计的示数及做功公式，机械效率公式的理解和运用。4一块手机锂电池上标有“4.0V 2000mAh”字样，它充电时将电能转化化学能，此时锂电池相当于电路中的用电器，充满电后存储的电能为2.88104J。【分析】（1）电池在放电过程中是电源，化学能转化成电能，而在充电过程中是用电器，将电能转化为化学能；（2）知道电池的容量，根据WUIt求出电流做的功即为储存的电能。【解答】解：（1）手机电池在充电过程中，是将电能转化为化学能，此时锂电池相当于用电器；（2）手机锂电池充满电后存储的电能为：WUIt4.0V2000103A3600s2.88104J。故答案为：化学；用电器；2.88104。【点评】本题考查了手机电池充满电后储存电能的计算，关键是明白手机电池容量的含义5在图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡的亮度不变，电流表的示数变大。（选填“变大”、“变小”或“不变”）【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表测量干路电流；根据并联电路的特点分析灯泡亮度的变化；根据滑片移动的方向确定电路电阻的变化，然后由欧姆定律判断电流表示数的变化。【解答】解：因为并联电路中各支路互不影响，因此滑片移动时，灯泡的亮度不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大。故答案为：不变；变大。【点评】本题考查并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键明确电路的结构以及电流表测量的对象。6“可燃冰”作为新型能源，有着巨大的开发使用潜力。同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大。以10倍的关系粗略计算，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量为4.2108Jq煤气4.2107J/kg。【分析】（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值；（2）利用Q放mq求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的10倍，据此求1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量。【解答】解：（1）在同等条件下，包含质量相同，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值很大；（2）1kg煤气完全燃烧放出的热量：Q放mq1kg4.2107J/kg4.2107J，1kg“可燃冰”完全燃烧放出的热量：Q放Q放104.2107J104.2108J；故答案为：热值；4.2108。【点评】本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式掌握和运用，难度不大，是一道基础题。7在2008年“512”汶川特大地震中，形成了多处堰塞湖，其中最大的唐家山堰塞湖积水量高达2亿立方米以上。堰塞体有溃决的危险，对下游群众的生命及财产安全造成严重威胁。堰塞湖中的水位越涨越高，蕴藏着巨大的重力势能，堰塞体一旦溃决，这种能量将会转化为水的动能。【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。【解答】解：重力势能大小的影响因素是质量和被举的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；堰塞湖中的水位越涨越高，则水的质量越大，水位越高，它的重力势能就越大，所以堰塞湖中的水蕴藏巨大的重力势能；堰塞体一旦溃决，重力势能将会在水向下流动的过程中转化为水的动能。故答案为：重力势；动。【点评】本题考查动能和势能的应用，重点考查学生利用物理原理和规律分析现象的能力，同时增强利用物理原理解决问题的意识。8如图甲为宾馆的房卡，把房卡插入槽中，房内的用电器才能工作。插入房卡相当于闭合电路中的开关。该宾馆的电能表如图乙所示，小明测得当只有某用电器单独工作时，电能表转盘在10分钟里转过了60转，则该用电器的电功率为120W。【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；（2）3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kWh的电能，求出转盘转60r电路中消耗的电能。知道时间，可求用电器的功率。【解答】解：（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路的开关；（2）转盘转动60转消耗电能：WkWh0.02kWh，t10minh，用电器的功率：P0.12kW120W。故答案为：开关；120。【点评】本题考查了开关的作用、串并联电路的工作特点、电能表的读数和电功率的计算，理解电能表的参数的意义是关键。9如图所示电路，电源电压保持不变，R为定值电阻。闭合开关S，调节滑动变阻器R，发现电流表示数从0.1A变为0.3A，电压表示数改变了4V由此可判断在这一过程中滑动变阻器连入电路的阻值变小（选填“变大”或“变小”），定值电阻R的电功率变化了1.6W。【分析】由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律可知当电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的总电阻变小；根据串联电路电压特点结合电压表的示数求出电阻R的阻值，再根据PI2R求出求出定值电阻R电功率的变化量。【解答】解：由I可知，电流表示数从0.1A变为0.3A时，电路中的电阻变小，即滑动变阻器接入电路的电阻变小；当电路中的电流I0.1A时，电源的电压UIR+U滑0.1R+U滑；当电路中的电流I0.3A时，电源的电压UIR+U滑0.3R+U滑；因电压表示数改变了4V，所以U滑U滑（U0.1R）（U0.3R）4V，解得：R20；定值电阻R电功率的变化量：P（I）2RI2R（0.3A）220（0.1A）2201.6W。故答案为：变小；1.6。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据电压表示数的变化量求出电阻R的阻值。10如图所示的电路，电源电压为3V，闭合开关，电压表示数为1V，则灯泡L1两端的电压为2V，灯泡L1与L2的电功率之比为2：1。【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡L1两端的电压，根据串联电路的电流特点和PUI求出灯泡L1与L2的电功率之比。【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡L1两端的电压：U1UU23V1V2V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由PUI可得，灯泡L1与L2的电功率之比：。故答案为：2；2：1。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电压表所测的电路元件是关键。二、选择题（共26分），第11-16题为单项选择题，第17-18题为不定项选择题11举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己面前的按钮。要求主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮。以下符合这一要求的电路是（）ABCD【分析】由题意可知，主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮；根据串联电路电路中各元件相互影响和并联电路中各元件互不影响进行判断。【解答】解：由题意可知，当两个副裁判对应的按钮可以单独工作、并且互不影响，而主裁判的按钮与副裁判的按钮工作时相互影响，因此两个副裁判对应的开关并联连接后与主裁判对应的开关串联连接，即乙、丙并联后与甲串联。故选：B。【点评】根据题意得出两个开关的连接方式是解决本题的关键。12如图所示的家用电器中，利用电流热效应工作的是（）A 电饭锅B 笔记本电脑C 电风扇D 电视机【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能。结合选项中各用电器的能量转化可做出判断。【解答】解：A、电饭锅工作时将电能转化为内能，是利用电流的热效应，故A符合题意；B、笔记本电脑工作时主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故B不合题意；C、电风扇工作时主要将电能转化机械能，不是利用电流的热效应，故C不合题意；D、电视机工作时主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D不合题意。故选：A。【点评】本题主要考查学生对电流的热效应，以及电能和其它形式能的相互转化。是一道基础题。13如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（假定灯泡的电阻不变）（）A电流表示数变小B电压表示数变大C电压表和电流表示数的比值变小D电压表和电流表的示数都变小【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，需要注意的是滑动变阻器相当于定值电阻接入电路，电压表测量滑片与b之间的电压，电流表测量电路电流。【解答】解：闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，电路中的总电阻不变，由欧姆定律可知电路中电流不变，即电流表示数不变；滑片P与b之间的电阻减小，由UIR可知，由UIR可知电压表示数减小；电压表与电流表示数的比值等于滑片P与b之间的电阻，故电压表和电流表示数的比值变小。故选：C。【点评】本题是一道闭合电路动态分析题，分析清楚电路结构、明确电压表与电流表测量的对象是解题的关键。14根据欧姆定律公式I，可变形得到R对此，下列说法中正确的是（）A通过导体的电流越大，则导体的电阻越小B导体两端的电压为零时，其电阻也为零C导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比D导体两端的电压跟通过导体电流的比值等于这段导体的电阻【分析】（1）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；（2）R这个公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，故ABC错误；R只是计算导体电阻的一种方法，即电阻在数值上等于电压与电流的比值，故D正确。故选：D。【点评】本题考查我们对欧姆定律导出公式R的理解，要注意公式R只是表示出了三者之间的数值关系，而并非是它们间的正、反比关系。15如图所示，在“”处可以连接电流表或电压表测量电路中的电流、电压，为使L1与L2串联，以下做法正确的是（）Aa为电流表，b为电压表，c为电流表Ba为电压表，b为电压表，c为电流表Ca为电流表，b为电流表，c为电压表Da为电流表，b为电流表，c为电流表【分析】（1）电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响；（2）电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路，去掉后对电路没有影响。【解答】解：L1与L2串联，由图可知a表跟灯泡L1并联，所以应为电压表；b表与灯泡L2并联，应为电压表；c表跟灯泡L2串联，所以应为电流表。由上述可知选项A、C、D都不正确。故选：B。【点评】填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响，有影响就填电流表，无影响就填电压表。16教室里投影仪的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给予降温。为了保证灯泡不被烧坏，要求：带动风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光。则在如图所示的四个电路图中符合要求的是（）ABCD【分析】由题意可知电动机和灯泡可以独立工作、互不影响，即为并联，然后根据开关的作用使带动风扇的电动机先工作后灯泡才能工作，即开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器；据此进行解答。【解答】解：AB、开关闭合后，电动机和灯泡同时工作，因此A、B不符合题意；C、干路中开关闭合，灯泡立刻工作，电动机会在支路开关作用下工作，因此C不符合题意；D、干路中开关闭合，电动机立刻工作，而灯泡会在支路开关的作用下工作，因此D符合题意；故选：D。【点评】本题综合考查了串并联电路的特点和串并联电路开关的作用，是一道较为简单的基础题目。17如图所示，不计绳重和摩擦，拉力F是125N，在10s内将重物匀速提升2m，此时滑轮组的机械效率是80%，则下列说法不正确的是（）A有用功是600JB物体重是375NC拉力F的功是750JD拉力F做的功率是75W【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n3，则拉力F移动的距离s3h。题目告诉了拉力大小，利用WFs求总功；利用功率公式计算拉力的做功功率。又知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求有用功，知道物体上升的高度，利用WGh求物体重。通过以上计算分析判断。【解答】解：由图知，s3h32m6m，拉力做功：W总Fs125N6m750J，故C正确；拉力做功功率：P75W，故D正确；由得：W有W总750J80%600J，故A正确；由W有Gh得，提升的物体重：G300N，故B错。故选：B。【点评】本题是一个选择题，实质上是一个小综合题，最好的做法就是将每一个量计算出来进行判断。18如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，R230，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图乙所示，当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，则下列计算正确的是（）AR1的阻值大小是20B当S1、S2、S3均闭合时，则通过电阻R2的电流是0.3AC电源电压是6VD当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，则R3消耗的功率是0.225W【分析】（1）横坐标对应电压值，纵坐标对应电流值，从图象中，任意找出一组电压值和电流值，根据R就可以算出电阻；（2）当S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流，算出总电阻，根据UIR计算出电源电压；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，求出电阻R3两端电压，根据PUI计算出电功率。【解答】解：（1）在R1的电流随它两端电压变化关系图象中任意找出一组电压值和电流值，由I，R120；故A正确；（2）S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流，根据并联电阻的特点，电路总电阻为R12电源电压UIR0.5A126V；故C正确；根据并联电路特点和欧姆定律可得此时通过电阻R2的电流：I20.2A；故B错误；（3）S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，电阻R2两端电压为：U2IR20.15A304.5V所以电阻R3两端电压为：U3UU26V4.5V1.5V电阻R3消耗的功率P3U3I1.5V0.15A0.225W，故D正确。故选：ACD。【点评】本题比较复杂，尤其是开关的闭合或断开时电路结构的变化，是中学生出错最多的问题，解此类题目可以先把原图用铅笔画出，开关变化时，把断路和短路的部分用橡皮擦掉，分析剩余的电路，一般就会比较直观明了。三、简答与计算题（共26分，第19题5分，第20题6分，第21题7分，第22题8分）.19白炽灯用久后，灯丝会因升华而变细。若把它接在原电源上继续使用，请你判断灯泡是变亮还是变暗？并说明你作出此判断的理由。【分析】利用题目中告诉的灯丝的变化结合电阻的决定因素，即可确定灯丝电阻的变化情况；则因灯泡亮度由实际功率决定，故由功率公式可知功率的变化及亮度的变化。【解答】解：由于灯丝变细，即横截面积减小，在材料、长度不变的情况下，横截面积越小，导体的电阻越大，由此可知灯丝的电阻变大；电路中电压不变，灯丝的电阻增大，由P可知灯泡的实际功率变小，因实际功率越小，灯泡亮度越暗，故灯泡变暗。【点评】灯丝变细导致灯丝的电阻变大，是解决此题的突破口，关键是知道灯泡亮度由实际功率决定。20如图所示的电路中，电源电压为6V，且保持不变，电阻R1、R2、R3的阻值为8、4、12求：（1）开关S1、S2都断开时，电流表、电压表的示数。（2）开关S1、S2都闭合时，电流表的示数。【分析】（1）当开关S1、S2都断开时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，利用电阻的串联和欧姆定律求出电流表的示数，再根据欧姆定律求出电压表的示数；（2）当开关S1、S2都闭合时，R1、R3并联，电流表测干路电流，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用欧姆定律求出干路电流表的示数。【解答】解：（1）当开关S1、S2都断开时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中电流表的示数：I0.5A，电压表的示数：U2IR20.5A42V；（2）当开关S1、S2都闭合时，R1、R3并联，电流表测干路电流，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，电路中的总电阻：R4.8，干路电流表的示数：I1.25A。答：（1）开关S1、S2都断开时，电流表的示数为0.5A，电压表的示数为2V；（2）开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为1.25A。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。21如图，电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，R110，滑动变阻器R3标有“200.5A”字样。只闭合开关S1，电流表的示数为0.9A；再闭合开关S2、S3，电流表的示数变为1.5A，求：（1）电源电压；（2）开关S1、S2、S3都闭合时，R2在10s内产生的热量；（3）只闭合开关S3，移动变阻器滑片时，R3电阻能达到的最小值。【分析】（1）只闭合开关S1时，只有R1连入电路，由欧姆定律计算电源电压；（2）开关S1、S2、S3都闭合时，R1与R2并联，根据并联电路特点可得通过R2的电流，再由QWUIt计算在10s内R2产生的热量；（3）只闭合开关S3，R1、R3串联，根据滑动变阻器R3标有“200.5A”字样确定电流最大值，根据欧姆定律求出电路中电阻最小值，进而求出R3电阻能达到的最小值。【解答】解：（1）只闭合开关S1时，只有R1连入电路，电流I10.9A，由欧姆定律可得，电源电压UI1R10.9A109V；（2）开关S1、S2、S3都闭合时，R1与R2并联，电流表测量总电流，I1.5A，电阻R2中的电流I2II11.5A0.9A0.6A，R2在10s内产生的热量：QWUI2t9V0.6A10s54J；（3）只闭合开关S3，R1、R3串联，滑动变阻器R3标有“200.5A”字样，所以电路中的电流最大值为I大0.5A，由欧姆定律可得，电路总电阻最小值：R总小18，R3电阻能达到的最小值：R3小R总小R118108。答：（1）电源电压为9V；（2）R2在10s内产生的热量为54J；（3）R3电阻能达到的最小值为8。【点评】此题主要考查的是学生对电路结构分析、欧姆定律和焦耳定律计算公式的理解和掌握，能够确定出电流最大值是解决此题的关键。22表一是某电热水壶的铭牌；表二是小丽探究该电热水壶效率所记录的数据。求：表一：产品型号SWF12P1A150额定电压U/V220电源频率f/Hz50额定功率P/W1100容量V/L1.2表二：电源电压U电/V220壶内水的质量m/kg1水的初温t1/32水的沸点t2/98水从初温加热至刚沸腾的时间t/s300（1）电热水壶的电阻。（2）当电热水壶实际工作电压为110V时，它的实际功率。（假设电阻不变）（3）电热水壶的效率。c水4.2103J/（kg）。【分析】（1）由表一可知电热水壶的额定电压和额定功率，根据P求出其电阻；（2）知道电热水壶实际工作电压和电阻，根据P求出实际功率；（3）由表格数据可知水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸cm（tt0）求出水吸收的热量，额定电压下电热水壶的功率和额定功率相等，根据WPt求出消耗的电能，水吸收的热量和消耗电能的比值即为电热水壶的效率。【解答】解：（1）由P可得，电热水壶的电阻：R44；（2）当电热水壶实际工作电压为110V时的实际功率：P实275W；（3）水需要吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）1kg（9832）2.772105J，由P可得，电热水壶消耗的电能：WPt1100W300s3.3105J，电热水壶的效率：100%100%84%。答：（1）电热水壶的电阻为44；（2）当电热水壶实际工作电压为110V时，它的实际功率为275W；（3）电热水壶的效率为84%。【点评】本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式和效率公式的综合应用，关键是从表格中获取有用的信息。四、实验与探究题（共28分，每小题各7分）23如图所示，电能表的示数为6353.6kWh。【分析】电能表是测量消耗电能多少的仪器，最后一位示数是小数位，其单位是kWh，由图示电能表可读出其示数。【解答】解：根据电能表的读数方法，读图可知，此电能表的读数为6353.6kWh。故答案为：6353.6。【点评】本题考查了电能表的读数，电能表单位是kWh，最后一位数字是小数位，这是正确读数的关键。24如图所示的电阻箱的示数是2014。【分析】用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数。【解答】解：电阻箱的示数：R21000+110+412014。故答案为：2014。【点评】本题考查的是电阻箱的读数方法，在计算电阻箱的读数时不要忘记乘以各指针所对应的倍数。25如图所示，请在图中画出通电螺线管的一条磁感线及标明方向，并填空：左端为S极。【分析】由右手螺旋定则得出磁体的NS极；根据“磁体周围的磁感线从N极出发回到S极”画出磁感线。【解答】解：由安培定则可知螺线管的左端为S极，右端为N极，根据“磁体周围的磁感线从N极出发回到S极”画出磁感线，如下图所示：故答案为：见上图；S。【点评】本题考查了磁感线的特点、安培定则的使用，是一道基础题。26小明要用如图1所示的实验器材探究“电流、通电时间一定时，电流的发热与电阻的关系”。（1）请用笔画线代替导线，并右移时电流增大把电路连接完整。（2）电流产生热量的多少不易直接测量，因此，在这个实验中是通过U形管内液柱高度差显示电流产生热量的多少，这种方法叫转换法。（3）如图2所示，在相同时间内，乙容器内的电阻丝放出的热量较多（选填：甲、乙）原因是：在电流、通电时间一定时，电阻越大，电流产生的热量越多。【分析】（1）要保持电流和通电时间相同，两电阻应该串联在电路中；滑片右移时电流增大，说明电阻减小，所以应连接右下方接线柱；（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大产生的热量越多，气体膨胀程度越大，液柱上升的高度越大；实验中将电阻丝产生热量的多少转化成U形管内液柱高度差；（3）根据焦耳定律判断。【解答】解：（1）要保持电流和通电时间相同，两电阻应该串联在电路中；滑动变阻器串联在电路中，滑片右移时电流增大，说明电阻减小，所以变阻器应连接右下方接线柱，如下图：（2）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，采用转换法，实验中通过U形管内液柱高度差判断产生热量的多少；（3）图2中，乙电阻丝的电阻大，根据公式QI2Rt可知，在电流、通电时间一定时，电阻越大，电流产生的热量越多，所以乙容器内电阻丝放出的热量较多。故答案为：（1）如上图；（2）U形管内液柱高度差；转换；（3）乙；在电流、通电时间一定时，电阻越大，电流产生的热量越多。【点评】掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系，不仅要掌握焦耳定律，而且要学会根据其解释有关现象。27在“测量小灯泡的电功率”实验中，所测灯泡的额定电压为2.5V。（1）图甲是小弘同学没有连接完的实物电路，请用笔画线代替导线帮她将电路连接完整；（2）检查电路无误后，小弘移动滑动变阻器至某一位置，读出电压表示数为2.2V，要测出小灯泡的额定功率，她应将变阻器的滑片P向A端移动（选填“A”或“B”），当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为0.7W。（3）由于电压表损坏，小弘同学再利用一个阻值已知的电阻R0，设计了另一种实验方案测小灯泡的额定功率，电路如图丙所示，其中电源电压一定但未知，具体操作如下：断开开关S2、闭合开关S1，移动滑片P至某一位置，读出电流表示数I1；保持滑片P位置不动，再断开开关S1、闭合开关S2，读出电流表示数I2；先算出灯泡的电阻RL，再根据P额，计算灯泡的额定功率。小聪认为按此方案测量，实验结果与真实值相差较大，原因是：灯的电阻随温度（电压）的升高而增大，仔细分析后，小聪将上述步骤改为：断开开关S2、闭合开关S1，移动滑片P使电流表的示数为就能较准确测出灯泡的额定功率了。【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表的量程选择，注意电压表、电流表正负接线柱的接法；（2）要增大灯的电压，根据分压原理确定滑片移动的方向；确定电流表小量程的分度值读数，根据P额U额I计算灯的额定功率。（3）因灯的电阻随电压（温度）的升高而变大，所以，在测量过程中，必须保持灯的电压为额定电