河北中考物理2019年市县联考物理一模--答案

2019年河北省石家庄市十八县联考中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共15个小题，共35分，110小题为单选题，每小题2分，11-15题为多选题，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选不得分）1（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（）A声音在真空中的传播速度比在空气中的传播速度大B“禁止鸣笛”是在声音的传播过程中减弱噪声C“闻其声便知其人”判断的依据是人发出声音的响度D演奏弦乐器时，演奏者不断变换手指在琴弦上的位置，这是在改变声音的音调【解答】解：A、声音传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；B、汽车禁止鸣笛，是为了在声源处减弱噪声，故B错误；C、不同的人说话音色不同，所以“闻其声知其人”是根据声音的音色来判断的，故C错误；D、演奏弦乐器时，当不断调整手指在琴弦上的按压位置，琴弦的振动快慢就会不一样，故发出声音的音调就会不同。故D正确。故选：D。2（2分）下列数据中，最接近生活实际的是（）A一个乒乓球的质量约为3gB人的步行速度约为5m/sC初中物理课本一页纸的厚度约为2mmD人体感觉舒适的环境温度为37【解答】解：A、一枚一元硬币的质量约6g，一个乒乓球质量约为一元硬币质量的一半，在3g左右。故A符合实际；B、人正常步行的速度在4km/h4m/s1.1m/s左右。故B不符合实际；C、人的头发的直径在75m左右，物理课本一页纸的厚度与此差不多，在100m0.1mm左右。故C不符合实际；D、人体正常体温在37左右，感觉舒适的温度在23左右。故D不符合实际。故选：A。3（2分）下列关于厨房中发生的生活现象，说法正确的是（）A烧水时，发现水温达不到100就沸腾了。是因为气压高于标准大气压B打开锅盖看到“白气”，这是汽化现象C取出存放在冰箱中的冰糕，发现包装外层出现小水珠，这是液化现象D把食盐放进水里，一会儿水变成了盐水，这是熔化现象【解答】解：A、在高山上烧水，水温低于100就沸腾了，这是因为高山上气压低，水的沸点低，故A错误；B、白气是空气中的水蒸气形成的小水珠，是液化现象。故B错误；C、从冰箱中取出的冰糕温度低于气温，空气中的水蒸气遇冷由气态液化为液态小水滴，附着在冰糕的包装上，故C正确；D、将食盐放到水中，一会儿水就变咸了，这是溶化过程，是扩散现象，故D错误。故选：C。4（2分）为避免司机低头观察汽车仪表，忽略路况造成事故，厂商开发出抬头显示器：汽车仪表安装在驾驶台上，显示面水平朝上，司机平视，借助透明挡风玻璃看到竖直的仪表显示的像，如图所示，则（）A像是实像B像是由于光的折射形成的C像比驾驶台上的仪表显示要小D司机前面的挡风玻璃与水平面的夹角应为45【解答】解：（1）由题意可知，挡风玻璃相当于平面镜，像是由于光的反射形成的虚像，且像与驾驶台上的仪表显示等大；故ABC错误；（2）车辆显示器水平放置在中控台上，通过挡风玻璃成垂直于水平面的像，由于像和物关于镜面对称，所以司机前面的挡风玻璃与水平面的夹角为45（如下图所示），故D正确；故选：D。5（2分）下列有关热和能的说法中，正确的是（）A发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体B一块 0的冰熔化成 0的水后，温度不变，内能变大C内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能D夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质【解答】解：A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度；故A错误；B、一块0的冰熔化成0的水后，吸收热量，温度不变，内能增加；故B正确；C、内燃机的压缩冲程，活塞压缩气缸内物质，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能；故C错误；D、夏天在室内洒水，水汽化吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质；故D错误。故选：B。6（2分）下列关于惯性的说法正确的是（）A行驶的车突然刹车，乘客前倾，说明车有惯性B足球在草地上越滚越慢，它的惯性越来越小C跳绳时加大摇绳的速度，可以增加绳的惯性提高成绩D骑电动车戴头盔，可减小摔倒时惯性带来的伤害【解答】解：A、车上的人开始随车一起向前运动，当车突然停止或减速时，人的下部由于摩擦力与车一起停止，上部由于惯性仍保持原来的运动状态，所以人会向前倾，故A错误；B、足球离开脚后在草地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，惯性的大小只与物体的质量有关，其大小不变，故B错误；C、惯性的大小只与物体的质量有关，所以跳绳时加大摇绳的速度，绳的惯性不变，故C错误；D、骑电动车戴头盔，可减小摔倒时，人由于惯性向前运动，与其他物体发生碰撞带来的伤害，故D正确。故选：D。7（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确的是（）A有金属外壳的用电器，金属外壳要接地B使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电C家庭电路中，发现有人触电时应立即切断电源，再拨打 120D为了保证电路安全，家里尽量不要同时使用多个大功率电器【解答】解：A、金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故。符合安全用电常识；B、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线，不符合安全用电常识；C、一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，再拨打 120，符合安全用电常识；D、电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是家中使用用电器的总功率过大。故大功率用电器同时使用时，将会使电路中的电流过大，引起火灾。符合安全用电常识。故选：B。8（2分）关于图（甲）、（乙）所示的实验，下列说法正确的是（）A甲实验的原理与动圈式话筒的工作原理相同B甲实验的过程中，电能转化为机械能C乙实验的原理与发电机的工作原理相同D乙实验的过程中，机械能转化为电能【解答】解：AB、甲实验中没有电池，是探究感应电流产生条件的装置图，可以反映发电机的工作原理，动感式话筒也是根据电磁感应的原理作出的，是机械能转化为电能；故A正确、B错误；CD、乙实验中有电池，是探究磁场对电流作用的原理图，可以反映电动机的工作原理；乙实验中是电能转化为机械能。故CD错误。故选：A。9（2分）下列有关材料、能源、信息的说法正确的是（）A超导材料可用于制作电热器B核电站的能量来源于核聚变C太阳能、风能、核能都是可再生能源D嫦娥四号与地面间的通讯利用了电磁波【解答】解：A、由于超导体电阻为零，因此用它制作电器，不会发热，因此不能用于制作电热器，故A错误；B、核电站的能量来源于核裂变，故B错误；C、太阳能、风能是可再生能源，核能是不可再生能源，故C错误；D、嫦娥四号与地面间的通讯利用了电磁波，故D正确。故选：D。10（2分）图中，力F1将物体A匀速提升了s；若改用滑轮组把A匀速提升相同高度s，拉力为F2此过程滑轮组（）A总功为F2sB额外功为F1sC机械效率为D额外功为2F2sF1s【解答】解：A、由图知，n3，拉力端移动的距离s3s，拉力做的总功：W总F2sF23s3F2s，故A错误；BD、使用滑轮组做的有用功（直接对物体做的功）：W有用F1s，则额外功：W额W总W有用3F2sF1s，故BD错误；C、滑轮组的机械效率：，故C正确。故选：C。11（3分）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在水平恒力F的作用下一起向右做匀速直线运动，则下列说法中正确的是（）A物体A不受摩擦力B物体B对地面的压力和地面对它的支持力是一对平衡力C若增大拉力F，则物体B与地面间的摩擦力不变D若物体B遇到障碍物突然停止，则物体A向右倾【解答】解：A、对A受力分析得A受到的力有：重力、B对A的支持力，AB间没有摩擦力，故A正确；B、物体B对地面的压力和地面对它的支持力是一对相互作用力，故B错误；C、影响摩擦力的因素是：压力和接触面的粗糙程度，若将拉力F增大，但压力和接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力不变，故C正确；D、B停止前，A和B一起作匀速直线运动，并且A和B具有共同的速度，当B突然停止时，A由于惯性，还要保持原来大小不变的速度向右作匀速直线运动，由于摩擦力则物体A向右倾，故D正确。故选：ACD。12（3分）甲、乙、丙三个质量相同、高度相等的长方体物块，底面积S甲S乙S丙将三个物体分别放入A、B、C三种液体中。静止时如图所示，甲、乙浸入液体的深度均为其高度的二分之一。下列判断正确的是（）A液体的密度：ABCB物体的密度：甲乙丙C物体受到的浮力：F甲F乙F丙D物体下表面受到的压强：p甲p乙p丙【解答】解：（1）因为甲、乙、丙三个长方体物块的高度相等，底面积S甲S乙S丙，所以V甲V乙V丙，又因为三个长方体物块的质量相等，属于根据密度公式知甲乙丙；故B正确；（2）如图，已知丙悬浮在C液体中，甲和乙分别漂浮在A、B液体中，所以三个长方体物块所受浮力都等于自身重力，因为三个长方体物块的质量相等，所以三个长方体物块所受浮力相等；故C正确；（3）甲乙没入液体中的深度相同，因为S甲S乙，所以V甲排V乙排，丙全部浸没，V丙排最大，即V甲排V乙排V丙排，由阿基米德原理公式F浮液gV排知：在浮力相同时，液体的密度与排开液体的体积成反比，即即ABC，故A错误；（4）三个长方体物块所受浮力相等，根据浮力产生的原因知，下表面的压力相同，根据p知，在压力相同时，压强与受力面积成反比，因为S甲S乙S丙，物体下表面受到的压强：p甲p乙p丙，故D错误。故选：BC。13（3分）如图所示是一位运动员在参加跳板跳水比赛时的分解动作，依次是压板、跳起、腾空，这几个动作之后还有下落和入水。下列判断正确的是（）A压板时跳板向下弯曲，说明力能改变物体的形状B跳板前端被压到最低时，它的弹性势能最大C运动员在空中向上运动，是动能转化为重力势能D运动员下落和入水过程中，机械能总量保持不变【解答】解：A、压板时跳板向下弯曲，跳板的形状发生了变化，说明力能改变物体的形状，故A正确。B、跳板前端被压到最低时，跳板的弹性形变达到最大，因此具有的弹性势能最大，故B正确。C、运动员上升过程中，质量不变，速度减小，动能减小；高度增大，重力势能增大，所以该过程中动能转化为重力势能，故C正确。D、运动员下落和入水过程中，克服空气阻力和水的阻力做功，一部分机械能转化为内能，机械能总量减小，故D错误。故选：ABC。14（3分）如图为某控制电路的一部分，已知AA两端电压恒为12V，电阻R1R2R360，则（）A开关S1断开时，电压表的示数为0B开关S1断开时，电压表示数为12VC开关S1、S2均闭合时，电压表的示数为8VD开关S1闭合，S2断开时，电压表的示数为8V【解答】解：（1）开关S1断开时，电路断路，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为12V，故A错误、B正确；（2）开关S1、S2均闭合时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I0.1A，则电压表的示数：U2IR20.1A606V，故C错误；（3）开关S1闭合时，S2断开时，三电阻串联，电压表测R2和R3两端的电压之和，则电路中的电流：IA，电压表的示数：U23I（R2+R3）A（60+60）8V，故D正确。故选：BD。15（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表和电流表的示数与R的关系分别如图乙、丙所示。下列说法正确的是（）A电源电压为6VB滑动变阻器R的最大阻值是20CR0的最小电功率为0.4WD当滑片P置于中点时，R的电功率为0.8W【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。A、由图甲、乙可知，当R0时，即只有R0连入电路中时，电压表示数最大为6V，即电源电压U6V，故A正确；B、由图丙知，当R0时，电路中电流：I0I0.6A，由欧姆定律可得R0的阻值：R010；由乙图知，当滑动变阻器连入阻值最大时，电压表示数为2V，即U02V，此时电路中电流最小，由丙图可知：I最小I0.2A，由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压：URUU06V2V4V，由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R20；故B正确；C、R0的最小功率：PU0I02V0.2A0.4W；故C正确；D、当滑片P置于中点时，电路中的电流：I20.3A，此时R的功率：PRI22R中（0.3A）2200.9W；故D错误。故选：ABC。二、填空题（本大题共7个小题；第16-21题每空1分，第22题7分，共25分）16（2分）如图是小明某次步行后手机“微信运动”功能记录的数据。如果小明此次步行时间是3000s，步长是0.5m，那么他步行的速度是1m/s；若以手机为参照物，小明是静止的。【解答】解：由题意和图示可得，小明行走的路程s60000.5m3000m，他步行的速度v1m/s；若以手机为参照物，小明相对于手机来说位置没有发生变化，所以说小明是静止的。故答案为：1；静止。17（2分）在“走进西藏”活动中，小明对藏民用面积很大的凹面镜制成的太阳灶烧水（如图甲）很好奇。于是他用不锈钢汤勺的内表面当作凹面镜，将平行光正对“凹面镜”照射，光路如图乙。（1）使用太阳灶烧水时，水壶应放在图乙中的b（选填“a”、“b”或“c”）点。（2）小明还观察到收集微弱电视信号的“卫星锅”（如图丙）也有类似结构。你认为“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强反射（选填“反射”或“吸收”）性能的材料。【解答】解：（1）凹面镜对光线有会聚作用，水壶应放在焦点位置，故应放在图乙中的b点；（2）“卫星锅”能收集微弱电视信号，故“卫星锅”凹形锅面应选用对电视信号有很强反射性能的材料。故答案为：（1）b；（2）反射。18过春节时贴年画是我国的传统习俗。在竖直墙壁上贴长方形年画时，可利用重垂线来检查年画是否贴正，这是运用了重力的方向总是竖直向下的。如图所示的年画贴歪了，为了把年画贴正，我们可以调整年画（选填“重垂线”或“年画”），使年画的长边与重垂线平行（选填“垂直”或“平行”）。【解答】解：根据重力方向竖直向下，如果画框和重垂线是平行的，画框是竖直的，否则画框不竖直。所以为了把年画贴正，应调整年画，使年画的长边与重垂线平行。故答案为：竖直向下；年画；平行。19（3分）在探究杠杆平衡条件的实验时，实验前发现杠杆左端低，右端高，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右（选填“左”或“右”）调节；实验时，在A点悬挂两个总重为1N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉（如图所示），使杠杆在水平位置再次平衡，则拉力应为0.8N，此时杠杆属于省力杠杆。【解答】解：（1）实验前发现杠杆左端低，右端高，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；（2）设杠杆每个小格的长度为L，则LA4L、LB5L，根据杠杆的平衡条件可知：1N4LF5L，所以F0.8N；（3）图中的杠杆动力小于阻力，所以此杠杆为省力杠杆。故答案为：右；0.8；省力。20（3分）一单缸四冲程汽油机，飞轮转速为3000r/min，则1s对外做功25次。若其效率为30%，消耗100g汽油，对外做功1.38106J若水箱中5kg水由20升高到100，水吸收1.68106J热量。q汽油4.6107J/kg，c水4.2103J/（kg）【解答】解：（1）已知飞轮转速为3000r/min50r/s，一个工作循环活塞往复2次，飞轮转动2周，对外做功1次，故该汽油机1s内对外做功25次；（2）100g汽油完全燃烧放出的热量：Q放mq0.1kg4.6107J/kg4.6106J，汽油机的效率为30%，则对外做的功为：WQ放4.6106J30%1.38106J；（3）水吸收的热量：Q吸cm水（tt0）4.2103J/（kg）5kg（10020）1.68106J。故答案为：25；1.38106；1.68106。21（5分）小宋家的电能表如图所示，此时示数为2017.6kWh时，他家同时使用用电器的总功率不能超过4400W当只有电吹风机工作时，电能表的转盘在3min内转了15转，则电吹风机的功率为500W电吹风机内的电热丝和电动机是并联的，其中电热丝在工作时利用了电流的热效应。【解答】解：（1）由图知，电能表的示数为2017.6kWh；（2）由电能表的参数可知，其工作电压为220V，允许通过的最大电流为20A，电能表允许接入用电器的最大总功率：PUI220V20A4400W；（3）600r/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，转盘转600圈，转盘在3min内转了15转，电吹风机消耗的电能：WkWh3.6106J90000J，电吹风机的功率：P500W；（4）电吹风机工作时可以单独提供冷风，说明电热丝和电动机工作时互不影响，是并联的；其中电热丝在工作时消耗的电能转化为内能，利用了电流的热效应。故答案为：2017.6；4400；500；并；热。22（4分）如图甲是教室里的学生座椅，乙图是它的侧面图，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，请在图乙中画出；F的力臂F的示意图。【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在A点，要求在C点用力，连接AC，则AC就是最长的动力臂L；由题意可知，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，则动力应垂直于力臂L向左，据此可画出最小动力F的示意图；如下图所示：23（3分）如图所示，水里的光源O发出的一条光线射向水面，在水面处发生反射和折射，反射光线经过P点，折射光线经过A点，请在答题卡图中先通过虚线作图找出水面处的反射点，再作出入射光线、反射光线和折射光线。【解答】解：根据平面镜成像的规律，作出点光源O关于水面的对称点，即点光源O在水面的像O，由于反射光线的反向延长线要过像点O，连接PO，与水面的交点就是入射点M。分别连接OM、MP、MA，可得入射光线、反射光线、折射光线。如图所示：24（3分）如图所示，根据通电螺线管的“S、N”极，判断并标出电源“+、”极和静止的小磁针的“S、N”极。【解答】解：由图知，通电螺线管的右端为S极，因为同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端为N极、右端为S极；由右手螺旋定则可知，螺线管中电流由右侧流入、左侧流出；所以电源的右侧为正极、左侧为负极，如图所示：故答案为：三、实验探究题（本大题共4个小题；第23小题5分，第24小题6分，第25、26小题各7分，共25分）25（5分）在“探究凸透镜成像规律“实验中，凸透镜焦距为10cm，蜡烛、透镜和光屏的位置如图所示。（1）图中光屏上呈一清晰的像，该像是倒立、等大（选填”放大”、“等大”或“缩小”）的实像（2）图中固定蜡烛位置不变，将透镜移到60cm刻度线处，要在光屏上再次看到清晰的像，应将光屏向右（选填“左”或“右”）移动（3）图中固定透镜位置不变，将蜡烛移到45cm刻度线处，移动光屏不能（选填“能”或“不能”，下同）承接到像，把光屏放在蜡烛的左侧，移动光屏不能承接到像。（4）图中将一个眼镜片放在透镜和烛焰之间，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，光屏上再次呈现清晰的像，该眼镜片是远视（选填“近视“或“远视”）眼镜的镜片。【解答】解：（1）由图可知，此时的物距等于像距，都等于20cm，所以成倒立、等大的实像，u2f，则焦距f10cm；（2）将透镜移到60cm刻度线处，此时u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf，即光屏距离凸透镜的距离在10cm20cm之间，故应将光屏向右移动；（3）图中固定透镜位置不变，将蜡烛移到45cm刻度线处，此时的物距为5cm，小于焦距，成正立、放大的虚像，虚像不能呈在光屏上；（4）图中将一个眼镜片放在透镜和烛焰之间，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，说明像距变小，即凸透镜的会聚能力变强，故放置的是凸透镜；凸透镜能矫正远视眼。故答案为；（1）等大；（2）右；（3）不能；不能；（4）远视。26（6分）测量小石块的密度。（1）将天平放在水平台面上，游码移到零刻度线处，发现指针位置如图甲所示，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向左（选填“左”或“右”）调节。（2）用调节好的天平测量小石块的质量，右盘所加砝码和游码位置如图乙所示，天平平衡，则小石块的质量m1为32g。（3）没有量筒，用下列两种方案测量小石块的体积。方案一：如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，加入适量的水，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。将小石块从水中取出后，用天平测出烧杯和水的总质量m2为152.4g。向烧杯内缓缓加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m3为165.2g。方案二：向烧杯中加入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m4。如图丙所示，将烧杯放在水平台面上，用细线系住小石块轻轻放入烧杯中，使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置。将小石块从水中取出后，向烧杯中缓慢加水至标记处，再用天平测出烧杯和水的总质量m5。（4）根据方案一测量结果计算出小石块密度2.5103kg/m3，测出的小石块密度与真实值相比偏小（选填“偏大”或“偏小”）。（5）你认为根据哪一种方案测量结果计算出的小石块密度更精确？答：方案二，理由是由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多，石块取出时，带出水，对于本实验没有影响。【解答】解：（1）根据图甲所示，指针偏向右端，为使横梁在水平位置平衡，应将横梁右端的平衡螺母向左端移动；（2）小石块的质量m130g+2g32g；（4）由步骤可知，倒入水的质量为：m水165.2g152.4g12.8g，此时水的体积V水12.8cm3，小石块的体积等于倒入水的体积，则VV水12.8cm3，小石块密度2.5g/cm32.5103kg/m3。由于石块从水中拿出时，上面沾有水，所以倒入水的质量偏大，求得水的体积偏大，即小石块的体积偏大，根据密度公式知，所测密度会偏小。（5）方案二测量结果计算出的小石块密度更精确，因为由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多。故答案为：（1）左；（2）32；（4）2.5103；偏小；（5）由于先测量了烧杯和水的总质量m4然后使小石块浸没在水中，在烧杯壁上记下水面位置，所以向烧杯中缓慢加水至标记处，不至于加水过多，石块取出时，带出水，对于本实验没有影响。27（7分）小明在测定小灯泡的电阻和额定功率的实验中，可用器材：相同规格的小灯泡（其电阻约为10欧，额定电压为2.5V）若干，量程为03V的电压表一个，开关一个，滑动变阻器一个，电源电压3V，导线若干。另可供选择的电流表有：A量程为0100mA的电流表；B量程为00.6A的电流表；C量程为03A的电流表。（1）为保证测量准确，电流表应选B（填序号“A”，“B”或“C”）（2）实验电路如图1所示，图中甲是电流表（选填“电流表“、“电压表“和“小灯泡“），连接电路时，开关应断开（选填“断开“或“闭合“），滑动变阻器的滑片应处于最右端（选填“左“或“右“）。（3）根据电路选好实物，闭合开关，发现灯不亮。电流表无示数，电压表示数接近3V取下灯泡，两表的示数不变。出现故障的原因可能是灯泡断路（选填“灯泡短路”或“灯泡断路”）。（4）故障排除后，开始进行实验，根据测出的数据，我画出了小灯泡的电流、电压关系图象，如图2，由此可以判断小灯泡的电阻随温度的增大而增大（选填“增大”，“减小”或“不变”）。（5）小明还做出了小灯泡的功率与电压二次方、电流二次方的关系图，如图3所示，其中正确的图象是BC。【解答】解：（1）灯的电阻约为10欧，额定电压为2.5V，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I0.25A，为保证测量准确，电流表应选B；（2）实验电路如图1所示，图中甲是电流表；连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片应处于阻值最大处，即最右端；（3）经分析，闭合开关，发现灯不亮。电流表无示数，电压表示数接近3V取下灯泡，两表的示数不变。出现故障的原因可能是灯泡断路；（4）根据画出的小灯泡的电流、电压关系图象，从图中可知；电压的变化量大于对应的电流变化量，如下所示：根据R，由此可以判断小灯泡的电阻随温度的增大而增大；（5）根据公式P，若灯的电阻为定值，P与U2成正比，则图象如A所示，而电压越大，电流越大，根据PUI灯的功率越大，灯的电阻随温度的增大而增大，灯的温度越高，灯的电阻越大，所以电功率值应比电阻不变时稍小；所以图象B正确；根据公式PI2R，若灯的电阻为定值，则P与I2成正比，为原点的直线，但因灯的电流越大，灯的功率越大，灯的温度越高，灯的电阻越大，故电功率值应比电阻不变稍大；所以图象C正确；选BC。故答案为：（1）B；（2）电流表；断路；右；（3）灯泡断路；（4）增大；（5）BC。28（7分）某班同学做“探究电流与电阻的关系”的实验，某小组连接了如图甲所示的实物电路。（1）请在答题卡的方框内画出对应的电路图（电阻箱符号为）（2）连接电路时，开关应断开。连好电路后，将电阻箱调至某一阻值，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为一个适当的值U0，记录电流表的示数和电阻箱的阻值。（3）改变电阻箱的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为U0，并记录相应数据。（4）再次改变电阻箱阻值，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片都不能达到（3）中的要求，引起这种情况的直接原因是电阻箱的电阻调得太大了。（5）重复步骤（3）多次实验，根据所得数据画出电流随电阻变化的图象如图乙所示。你认为该小组实验时的U06V。（6）进一步研究发现由图线上的任一点和坐标轴围成的矩形“面积”大小都相等，由此可以得出的实验结论是当电压一定时，电流与电阻成反比。（7）实验结束后，小组间交流时，发现邻组在相同的坐标系中画出的图象如图丙所示，你认为图象不同的原因是这两个小组所控制的电阻箱两端电压不相同。【解答】解：（1）根据图甲，由电路元件的连接顺序可得电路图如右所示：（2）为保护电路，在连接电路的过程中，开关应处于断开状态；因为要探究电流与电阻的关系，所以须记录电流及电阻的数据进行分析，即要记录电阻箱的阻值；（3）要探究电流与电阻的关系，须控制电阻箱两端的电压不变，即电压表的示数仍为U0；（4）电阻越大，分得的电压越多，但电阻箱的电阻不断变大时，要使电阻箱两端电压达到U0，须使变阻器的电阻值变大，但不能达到U0 时，表明滑动变阻器提供的电阻已达最大值，因而是电阻箱的电阻调得太大了；（5）由图可知：U0IR3.0A26V；（6）由图乙可知，其横轴和纵轴所表示的物理量分别为电阻R及通过的电流I，面积不变，即IR的乘积不变，故表明：当电压一定时，电流与电阻成反比；（7）由图两可知，电阻箱两端的电压U0IR3A13VU0即两个小组所画出的图象不同，是因为他们所控制的电阻箱两端电压不同。故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；电阻箱的阻值；（3）电压表的示数仍为U0；（4）电阻箱的电阻调得太大了；（5）6；（6）当电压一定时，电流与电阻成反比；（7）这两个小组所控制的电阻箱两端电压不相同。四、计算题（本大题共2个小题，第27小题7分，第28小题8分，共15分）29（7分）如图所示