2019年中考物理模拟试卷及答案解析9-2

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1（2.00分）如图所示，关于声现象的描述，正确的是（）A能从不同乐器中分辨出小提琴的声音主要是因为响度不同B太空中宇航员能对话，说明声音可在真空中传播C高淳城区“禁放烟花爆竹”，这是在传播过程中控制噪声D发声的音叉将乒乓球弹开，说明发声的物体在振动2（2.00分）下列物态变化中属于放热现象的是哪一组（）初春，冰封的湖面解冻盛夏，旷野里雾的形成深秋，路边的小草上结了一层霜严冬，冰冻的衣服逐渐变干。ABCD3（2.00分）黑暗的房间里有两盏电灯，只有一盏灯点亮，但人能看到未点亮的灯泡。以下对于“看到未点亮灯泡”所画的光路图，正确的是（）ABCD4（2.00分）下列关于压强的说法不正确的是（）A飞机升力是由于机翼上下表面的空气流速不同造成压强差所引起的B拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大C菜刀的刀刃薄，是通过减小受力面积来减小压强D用吸管把杯中的饮料吸到嘴里是利用了大气压5（2.00分）生活中有很多地方涉及物理知识，下列说法正确的是（）A甲乙两人在小车上静止，甲推乙，两人都后退，说明力的作用是相互的B乒乓球能被球拍击回是因为乒乓球太轻，没有惯性C如图的过程中，摩擦力会变大D推箱子不动，是因为推力小于摩擦力6（2.00分）如图所示，当溢水杯盛满密度为1的液体时，把实心物块放入杯中，物块漂浮，静止后溢 出的液体质量为m1；当溢水杯盛满密度为2的液体时，把同一物块放入杯中，物块沉底，静止后溢出的液体质量为m2则物块的密度为（）ABCD7（2.00分）如图所示，是跳伞运动员在匀速直线下落过程中，下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象，其中正确的是（）ABCD8（2.00分）在解决物理问题时，问题中的已知条件分为：明了已知条件、隐含已知条件和干扰已知条件。下列选项中不属于隐含已知条件的是（）A一个力对物体做了1J的功，隐含条件为物体受到了1N的作用力，并且在这个力的方向上移动了lm的距离B利用激光测量月球到地球的距离，隐含条件为光的传播速度为3l08m/sC如果物体做匀速直线运动，隐含的力学条件为物体受力平衡D水平桌面上静止的物体受到30N的支持力，隐含条件是物体对桌面的压力大小为30N9（2.00分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A电子的发现证明原子可以再分B原子核是由质子和电子组成的C光年是时间单位D宇宙中天体的位置是恒定不变的10（2.00分）如图为“杠杆力臂演示仪”，杠杆AOB可绕O点（螺母）转动，杠杆自身重力和摩擦不计，固定装置未画出，甲图中杠杆处于水平位置平衡。松开螺母保持OA不动，使OB向下折一个角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的杠杆AOB（B点对应B点），保持G1位置不变，要使杠杆在图乙位置保持平衡，则G2应该放在（）AB点处B点处C点处D点处11（2.00分）如图所示是某种压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻，闭合开关S，压力F增大时（）A电流表示数变大B电压表示数跟电流表示数乘积变小C电压表示数变大D电压表示数跟电流表示数之比变大12（2.00分）在图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。只闭合开关S和S1，将滑动变阻器的滑片P从a端移动至b端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.8A以下说法错误的是（）A小灯泡的额定功率为4.8WB定值电阻R1的阻值为10C电源电压为6VD滑动变阻器的最大阻值为20二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13（4.00分）2017年5月，我国自主研制的C919大型客机在上海首飞成功。客机飞行时，以地面为参照物，客机是 的（选填“运动”或“静止”）；客机下降过程中，其重力势能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）；客机着陆后减速滑行过程中，客机轮胎表面的温度会升高，这是通过 的方式改变其内能的；其卫星导航系统主要靠 来传递信息。14（3.00分）小明参加百米赛跑，站在起跑线上静止时所受重力与 是一对平衡力；鞋底上有许多花纹是为了 摩擦；起跑时用力蹬地是利用了力的作用是 。15（4.00分）如图所示，探究光的反射定律时。从硬纸板前不同的方向都能看到入射光线，是因为光在硬纸板上发生了 （选填“镜面”或“漫”）反射；若将F板沿ON向后折转一定的角度，则在F板上 （选填“能”或“不能”）看到反射光线，此时反射光线、入射光线和法线 （选填“在”或“不在”）同一平面内；如果将光线沿着BO方向射向平面镜时，反射光线沿着OA方向射出，这说明在光的反射现象中，光路是 的。16（4.00分）如图所示，物体重180N，动滑轮重10N，小明用100N的拉力（方向不变）将物体匀速提升2m，用了10s，则此过程中有用功是 J，额外功是 J，拉力的功率是 W，滑轮组的机械效率是 。17（3.00分）某款电饭煲有加热和保温两挡。其电路如图所示，已知R1=88，R2=2112开关S置于 （选填“1”或“2”）时是保温挡，保温10min产生的热量是 J高温挡的功率是 W。18（4.00分）探究影响浮力大小的实验中将同一物体分别按如图所示的步骤进行实验：（1）物体浸没在水中受到的浮力 N物体的密度是 kg/m3。（2）比较A、B、C三幅图可探究浮力的大小与 有关。（3）D图中弹簧测力计的示数是 N（g取10N/kg，酒精=0.8103kg/m3）19（4.00分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点），当滑片P在b点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的功率为1.8W则当滑片P从a移到b的过程中，R2的最大阻值为 ；电压表示数变化了 V；R1消耗的电功率变化了 W；电路消耗的总功率变化了 W。三、按要求作图（请保留作图痕迹）6分：20（2.00分）作出物体AB在平面镜中所成的像。21（2.00分）形状不规则的石块静止在水平桌面上，O为重心，请画出它所受力的示意图。22（2.00分）如图，小磁针静止时的情况，请在虚线上标出磁感线的方向，并在括号内标明电源的“+”或“”极。四、实验探究题23（3.00分）如图所示，在探究物体动能的大小与哪些因素有关时，让同一小车分别从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上同一木块。（1）本实验探究的是小车的动能与 的关系，实验中通过观察“木块滑行的距离”来判断小球动能大小，这种方法在初中物理中有广泛的应用，下列两个实验中运用了这种方法的是 。用磁感线描述磁体周围磁场的分布情况用吸引大头针的多少判断电磁铁磁性强弱（2）木块在甲、乙水平面上受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则有f甲 f乙（选填“大于”、“小于”或“等于”）24（3.00分）在探究“凸透镜成像特点”实验中。（1）当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图所示时，光屏上出现一个清晰倒立、缩小的像，根据物距与像距大小关系，推断这个凸透镜的焦距可能是 。A8cm B10cm C12cm D15cm（2）把蜡烛向右移动一小段距离，发现光屏上烛焰的像变模糊了。小明为了使光屏上再次得到清晰的像，应调整光屏向 移动（选填“左”或“右”）；小华不移动光屏，将一个眼镜片放在凸透镜和烛焰之间，发现光屏上的像也变清晰了，则该眼镜片是 （选填“近视”或“远视”）眼镜的镜片。25（5.00分）小明对石块的密度进行了测量，操作过程如下：（1）在调节天平横梁平衡时，发现指针静止在如图甲所示的位置，此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节。（2）小明用调节好的天平测量石块的质量，如图乙所示，请你指出小明在操作中的错误 。（3）改正错误后，天平平衡时，右盘中砝码的质量及游码在标尺上的位置如图丙所示，则石块的质量为 g用如图丁所示方法测出了石块的体积，则石块的密度是 kg/m3。（4）整理实验器材时发现，天平的右盘有一个缺角，则测量结果 。（选填“偏大”“偏小”或“仍然准确”）26（5.00分）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力。（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是 ；（2）加热10min，水吸收的热量 （填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；（3）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（如图乙），由图象可知，水的沸点是 ，煤油的比热容是 J/（kg）【c水=4.2103J/（kg）】（4）若本实验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是 J（q酒=3.0107J/kg）27（6.00分）用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”，电源电压为15V且保持不变，滑动变阻器的规格是“502A”。实验次序R/I/A1100.592200.303300.204400.155500.12（1）在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于 端。（选填“最左”或“最右”）（2）实验时，要改变R的阻值，测出对应的电流I当R的阻值变小时，为完成探究，应将滑片P向 端（选填“左”或“右”）移动。（3）上表是小明提交的实验数据，老师指出有的数据不符合实际，你认为不符合实际的是实验次序 的数据。（4）小华利用小明的部分实验器材，增加了一个电阻箱R0和开关S2，对未知电阻Rx进行了测量，完成以下实验步骤：闭合开关S1，把开关S2拨到 点，调滑动变阻器到适当位置，读电压表示数为U1；闭合开关S1，把开关S2拨到 点，调 （选填“滑动变阻器”或“电阻箱”），使电压表示数仍为U1；读出电阻箱的阻值即为Rx的阻值。28（8.00分）在“测量小灯泡额定功率”实验中，小灯泡的额定电压U额=2.5V，小灯泡电阻约10左右。（1）请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整。（2）小明闭合开关后，发现灯泡不亮，电流表无示数，而电压表有示数，则故障可能是 。排除故障后，移动滑片使小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为 W。（3）小华重新设计了一种测量U额=3.8V小灯泡额定功率的电路，如图丙所示。电源电压保持不变，R0为10的定值电阻，完成下列步骤：只闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至最左端，读出电压表示数为6V；断开开关 ，闭合开关 ，移动滑动变阻器滑片P，使电压表的示数为 V，小灯泡正常发光；保持滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表示数为4V；小灯泡的额定功率为P额= W（答案保留一位小数）五、计算题（应有公式和解答过程）29（6.00分）现在高速公路上不仅有即时测速，还有区间测速，即在某一路段上设置两个监控点，根据车辆通过前后两个监控点的时间来测算车辆有无超速。在如图所示限速要求的高速公路上，第一个监控点测得某辆轿车于8：10以115km/h的速度通过，相距30km的第二个监控点于8：22测得该轿车以118km/h的速度通过。（1）请通过计算判断该轿车行驶途中是否超速。（2）如果轿车总质量是1600kg，它静止在水平地面上时，轮胎与地面的总接触面积为800cm2，则轿车对地面的压强多少帕。（g取10N/kg）30（8.00分）硫化镉（CdS）是一种光敏材料，其电阻值R1随光照强度E（E越大表示光照越强，其国际单位为cd）的变化如图乙所示。某展览厅（如图甲所示）为保护展品，采用这种材料设置了调光天窗。当外界光照较强时，启动电动卷帘适时调整进光量；当外界光照较弱时，自动启动节能灯给予补光。调光天窗的电路原理如图丙所示，R2为定值电阻，R1为CdS电阻，P为电磁铁，其线圈电阻RP为10，当电流达到0.06A时能吸合衔铁。已知电源电压U1=12V，U2=220V，则：图丙中的L代表的是并联安装在展厅内的20盏“220V10W”节能灯，这些节能灯同时正常工作3小时，共消耗电能多少kWh。参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）1【考点】91：声音的产生；92：声音的传播条件；9H：音色；9L：防治噪声的途径【分析】（1）不同的发声体因材料和结构不同，所发出的声音的音色就不同，音色是辨别不同发声体的重要依据；（2）知道声音传播时需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质，在真空中不能传播声音；（3）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；（4）声音是由物体的振动产生。【解答】解：A、不同乐器的发声的音色不同，人们根据音色来辨别不同乐器发出的声音，故A错误；B、声音在真空中不传播，太空中宇航员是通过无线电波对话的，故B错误；C、高淳城区“禁放烟花爆竹”，这是在声源处，控制噪声，故C错误。D、一切发声体都在振动，故发声的音叉将乒乓球弹开，说明发声的物体在振动，故D正确。故选：D。【点评】了解声音的产生及传播条件、减弱噪声的途径、声音特性的辨别等，具有综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础。2【考点】1M：液化及液化现象；1P：升华和凝华的定义和特点【分析】解决此题要掌握：物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行。其中熔化、汽化、升华过程需要吸收热量，凝固、液化、凝华过程需要放出热量。【解答】解：初春，冰封的湖面解冻是物质由固态变为液态的过程，是熔化过程，熔化吸热；故A不符合题意；盛夏，旷野里雾是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化过程，液化放热，故B符合题意；深秋，路边的小草上结了一层霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，故C符合题意；严冬，冰冻的衣服逐渐变干是物质直接由固态变成气态的过程，是升华过程，升华吸热，故D不符合题意。综合分析符合题意。故选：B。【点评】此题考查的是对物态变化过程的判断及物态变化过程的吸热和放热的判断。3【考点】A6：光的反射【分析】我们之所以看到物体，是因为物体发出或反射的光线进入人的眼睛，据此分析。【解答】解：点亮的灯泡属于光源，会发出光线，未点亮的灯泡会反射点亮的灯泡的光线，使光线进入人的眼睛，从而人看到了未点亮的灯泡。故选：D。【点评】本题的易错点在于光的传播路线，人的眼睛不会发光，只会接收光线。4【考点】84：增大压强的方法及其应用；88：液体的压强的特点；8E：大气压强的存在；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）了解机翼的形状，根据流体压强与流速的关系可做出解答。流体流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。（2）液体内部压强随着深度的增加而增大；（3）压强的大小与压力和受力面积有关；（4）用吸管吸饮料是利用了大气压。【解答】解：A、飞机机翼为流线型，即上凸下平；等质量的空气在相同时间内通过机翼的上下表面，由于上表面弯曲、下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；由流体压强与流速的关系可知，机翼上方的空气流速大、压强较小，机翼下方的空气流速小、压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，从而产生向上的升力。故A正确；B、拦河坝设计成下宽上窄，是因为液体压强大小随深度增加而增大，故B正确；C、菜刀的刀刃薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故C错误；D、用吸管吸饮料时，先吸走管内的空气，使管内气压减小，在大气压的作用下把饮料压入嘴中，故D正确。故选：C。【点评】此题考查了流体压强和流速的关系、液体内部压强的特点、增大压强的实例以及大气压的应用等知识点，是一道综合题。5【考点】6I：力作用的相互性；6L：惯性；6U：力与运动的关系；7D：摩擦力的大小【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的，一个物体既是施力物体也是受力物体。（2）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。（3）影响滑动摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度。（4）处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用；二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上和作用在一个物体上。【解答】解：A、甲乙两人在小车上静止，甲推乙，甲对乙有一个力的作用，由于力的作用是相互的，乙对甲施加反作用力，所以两人会向后退，故A正确；B、乒乓球质量小，惯性小，所以容易改变其运动状态，容易能被球拍击回，故B错误；C、物体受水平推力，由于物体的重力不变，因此桌面受到的压力也不变，如图的过程中，接触面积增大，但压力和接触面的粗糙程度没发生变化，所以摩擦力将保持不变，故C错误。D、由于物体没有推动，物体仍然处于静止状态，在水平方向上所受的推力与摩擦力是一对平衡力。所以摩擦力等于推力，故D错误。故选：A。【点评】本题考查影响物体间力的作用是相互的、惯性、滑动摩擦力大小的因素、二力平衡条件等知识，正确对物体进行受力分析是解答本类题的关键所在。6【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】根据物体漂浮条件和阿基米德原理即可求出实心物块的质量；当同一物块放入密度为2的液体中，由于物体沉底，排开液体的体积等于物体的体积，根据浮力等于排开液体的重力和F浮=G排=液gV排列出所受浮力表达式，可得物块的，最后利用=可求出物块的密度。【解答】解：当溢水杯盛满密度为1的液体时，把实心物块放入杯中，由于物块处于漂浮，则根据漂浮条件可知：F浮1=G=mg，根据阿基米德原理可知：物块受到的浮力F浮1=m1g，所以，mg=m1g，即：物块的质量m=m1；当溢水杯盛满密度为2的液体时，把同一物块放入杯中，由于物块沉底，根据阿基米德原理可知：物块受到的浮力F浮2=G排2=m2g，由F浮=液gV排可得：V=V排2=；所以物块的密度=2。故选：A。【点评】此题考查密度的计算，涉及到阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、重力、密度公式的应用，具有较强的综合性，题目难度适中，适合学生训练，属于中档题。7【考点】E8：功；FB：功率的概念【分析】明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律【解答】解：、跳伞运动员在匀速下落过程中，做匀速直线运动，匀速直线运动v不随时间变化，故在图象中为平行于时间轴的直线，在st图象中，匀速直线运动为倾斜的直线；故正确、错误；根据W=Gh=Gvt，其中重力G、速度v是一定值，重力做的功W与时间t成正比，图象为倾斜的直线，故错误；根据P=Fv=Gv，其中重力G、速度v是一定值，故功率P也为一定值，图象为平行于时间轴的直线，故正确。故选：D。【点评】图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法，分析图象时，看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律。8【考点】2Q：物理学方法【分析】（1）根据功的计算公式W=Fs分析；（2）月球距地球之间，大气层所占的比例很小，认为月球距地球之间是真空，光在真空中的传播速度是3108m/s；（3）物体在平衡力的作用下将保持静止状态或匀速直线运动状态；（4）根据物体间力的作用是相互的分析。【解答】解：A、一个力对物体做了1J的功，这说明力与在力的方向上通过的距离的乘积等于1J，但无法确定力的大小和距离的长短，故A错误；B、光在真空中的传播速度是3108m/s，故B正确；C、如果物体在水平面上做匀速直线运动，物体所受的力一定是平衡力，故C正确；D、物体间力的作用是相互的，支持力和压力是相互作用力，大小相等；水平桌面上静止的物体受到30N的支持力，则物体对桌面的压力大小为30N，故D正确。故选：A。【点评】本题主要考查从物理描述中找出其中的隐含条件，是我们在解答物理问题时经常用到的，也是必须熟练掌握的物理能力之一。9【考点】32：原子的核式模型；34：人类探究太阳系及宇宙的历程；A4：光的传播速度与光年【分析】（1）物质由分子构成，分子是由原子构成的，原子由原子核和核外电子构成的，原子核又是有质子和中子构成的；（2）光年是指光在一年内传播的距离，是路程的单位；（3）运动是宇宙中的普遍现象，绝对不动的物体是不存在的。【解答】解：AB、原子由原子核和核外电子构成，原子核又是有质子和中子构成，所以电子的发现说明原子是可分的，故A正确，B错误；C、光年是指光在一年内传播的距离，是路程的单位，故C错误；D、宇宙中天体是运动的，因为宇宙中绝对不动的物体是不存在的，故D错误。故选：A。【点评】本题考查的知识点较多，但难度不大，属于一些常识性的知识点，是我们应熟知的。10【考点】7N：杠杆的平衡条件【分析】保持G1位置不变，即左边的力和力臂不变；右边的力不变，要使杠杆在图乙位置保持平衡，右边的力臂不变，据此确定G2应该移动到的位置。【解答】解：保持G1位置不变，即左边的力和力臂不变；G2不变，要使杠杆在图乙位置保持平衡，应该使右边的力臂不变；原来G2的力臂为OB，所以G2应该移动到点处。故选：C。【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用，知道根据力臂不变得出答案是关键。11【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】首先分析电路的连接方式，然后判断电流表和电压表测量的是那个电路元件的电流和电压，再根据欧姆定律判断电流表和电压表示数的变化。【解答】解：滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，电压表测量定值电阻R1两端的电压，当闭合开关S，压力F增大时，滑片向下滑动，R2连入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表测量电路中的电流，所以其示数变小，故A错误；根据欧姆定律可知，定值电阻两端的电压U1=IR1变小，即电压表示数变小，故C错误；所以电压表示数跟电流表示数乘积变小，故B正确；电压表示数跟电流表示数之比=R1，R1为定值电阻，所以电压表示数跟电流表示数之比不变，故D错误。故选：B。【点评】此题主要考查的是学生对电路连接和欧姆定律的理解和掌握，弄明白电压表示数跟电流表示数之比等于定值电阻，是一个定值，是解决此题的关键。12【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S和S1时，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图乙读出电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）只闭合开关S和S1时，且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻R1的阻值，进一步求出电源电压；（3）闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R1与L并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L的电流，根据P=UI求出小灯泡正常发光时的功率即为小灯泡的额定功率。【解答】解；（1）由电路图可知，只闭合开关S和S1时，R1与R2串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，由图乙可知，电路中的最小电流I1=0.2A，滑动变阻器两端的最大电压U滑最大=4V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R=20；故D正确；（2）只闭合开关S和S1时，且滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I1（R1+R2）=0.2A（R1+20），当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的最大电流I2=0.6A，则电源的电压：U=I2R1=0.6AR1，因电源的电压不变，所以，0.2A（R1+20）=0.6AR1，解得：R1=10，故B正确；电源的电压：U=I2R1=0.6A10=6V，故C正确；（3）闭合开关S、S1和S2，将滑动变阻器的滑片P移到b端时，R1与L并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过R0的电流：I1=0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流：IL=II0=0.8A0.6A=0.2A，则小灯泡的额定功率：PL=UIL=6V0.2A=1.2W；故A错误。故选：A。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意灯泡正常发光时的功率和额定功率相等。二、填空题（本题共7小题，每空1分，共26分）13【考点】52：参照物及其选择；D2：电磁波的传播；FN：动能和势能的大小变化；G9：做功改变物体内能【分析】（1）如果物体相对于参照物位置保持不变，物体是静止的；如果物体的位置相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；据此分析答题；（2）重力势能的大小与质量和高度有关；（3）改变内能的两种方式是做功和热传递；（4）卫星导航系统是依靠电磁波来传递信息的。【解答】解：（1）客机飞行时，相对于地面的位置不断变化，以地面为参照物，客机是运动的；（2）重力势能的大小与质量和高度有关，客机下降时，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；（3）客机着陆后减速滑行过程中，客机轮胎与地面摩擦，克服摩擦做功，表面的温度会升高；（4）卫星导航系统靠电磁波来传递信息。故答案为：运动；减小；做功；电磁波。【点评】此题考查了运动和静止的相对性、机械能和改变内能的方式，以及电磁波的传播难度不大。14【考点】6I：力作用的相互性；6R：平衡力的辨别；7I：增大或减小摩擦的方法【分析】（1）在平衡力的作用下物体保持静止或匀速直线运动状态；（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；（3）物体间力的作用是相互的。【解答】解：（1）小明站在起跑线上静止时处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，二力大小相等；（2）鞋底上有许多花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的；（3）起跑时用力蹬地的同时，地对小明也有力的作用，这是利用了力的作用是相互的；故答案为：支持力；增大；相互的。【点评】本题考查了平衡力的辨别和增大摩擦力的方法、力的相互性等多个知识点，是一对较为简单的力学综合题。15【考点】A7：光的反射定律【分析】（1）在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；（2）根据光的反射规律：三线共面（入射光线、反射光线、法线）可做出解答。（3）根据题目中：让光线逆着OB的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出告诉的信息，可以得到此题的答案；【解答】解：（1）实验时从硬纸板前前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于硬纸板表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故；（2）若将F板沿ON向后折转一定的角度，则呈现反射光线的F板和呈现入射光线的E板不在同一平面内，所以在F板上不能看到反射光；但是此时反射光线的位置不发生变化；反射光线和入射光线仍然在同一平面内。（3）由让光线沿着OB的方向射向镜面，会发现反射光线沿着OA方向射出可知，将反射光线改为入射光线，光路图照样成立，体现了光路是可逆的。故答案为：漫；不能；在；可逆。【点评】本题考查了探究光的反射的实验，要理解和熟记光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角，光路是可逆的。16【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算【分析】（1）根据W有用=Gh求出所做的有用功；（2）根据W总=Fs求出做功；然后根据W额外=W总W有用即可求出W额外；（3）根据P=算出拉力的功率；（4）知道有用功和总功，根据效率公式求出滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）滑轮组提升重物时所做的有用功：W有=Gh=180N2m=360J；（2）（3）由图知有2段绳子拉着物体，s=2h=22m=4m，拉力所做的总功：W总=Fs=100N4m=400J，拉力所做的总功的功率：P=40W；则W额外=W总W有用=400J360J=40J，（4）滑轮组的机械效率：=100%=100%=90%。故答案为：360；40；40；90%。【点评】本题考查了有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，是一道基础题。17【考点】JA：电功率的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】根据公式P= 判定保温档时开关的位置；根据Q=W=t求出产生的热量，根据P=算出高温档的功率。【解答】解：由图知，开关接1时，电阻R2被短路，电路中只有R1，且R1=88；开关接2时，电阻R2和R1串联，电路的总电阻为R=R1+R2=88+2112=2200；在电压不变的情况下，根据公式P=可知，开关接2时功率小，为保温档；保温10min产生的热量为：Q=W=t=600s=13200J。若开关接1时，电路中只有R1，电阻小，功率大，处于高温状档，则P高温=550W。故答案为：2；13200；550。【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律的应用以及热量的计算，关键是分析开关闭合与断开时电路的连接情况。18【考点】8R：探究浮力大小的实验【分析】（1）物体在空气中时弹簧测力计的示数即为物体的重力，又知道物体浸没在水中时弹簧测力计的示数，根据称重法求受到的浮力；根据阿基米德原理求出物体排开水的体积即为物体的体积，根据G=mg求出物体的质量，根据=求出物体的密度；（2）分析图ABC所示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出结论；（3）根据浮力公式F浮=水gV排可得物体在酒精中所受浮力，弹簧测力计的示数等于重力减去浮力。【解答】解：（1）由图可知，物体的重力G=4N，物体浸没在水中时弹簧测力计的示数F=3N，物体浸没在水中时受到的浮力：F浮=GF=4N3N=1N；因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=水gV排可得，物体的体积：V=V排=1104m3，由G=mg可得，物体的质量：m=0.4kg，物体的密度：=4103kg/m3；（2）由图示ABC三次实验可知，液体的密度不变而物体排开液体的体积不同，物体受到的浮力不同，排开液体体积越大，物体受到的浮力越大，由此可知：浮力的大小与物体排开液体的体积有关；（3）D图中将物体浸没在酒精中，则物体受到的浮力：F浮=酒gV排=0.8103kg/m310N/kg1104m3=0.8N；则弹簧秤的示数F=GF浮=4N0.8N=3.2N；故答案为：（1）1；4103；（2）物体排开液体的体积；（3）3.2。【点评】本题考查了重力公式、称重法求浮力、阿基米德原理、密度公式以及力的平衡条件的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。19【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。比较滑片P在某一端点和滑片P移动至某一位置时电路中的电流即可判断滑片位于某一端点时接入电路中的电阻最大，根据P=UI求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片P移动至某一位置时，根据P=UI求出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式得出R1的阻值，进一步求出电源的电压；当P在a端时，R2连入阻值为0，则电压表的示数为0，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI求出R1消耗的电功率和电路消耗的总功率；知道当P在b端时电路中的电流和电压表示数，根据P=I2R求出R1消耗的电功率，根据P=UI求出电路消耗的总功率，然后得出答案。【解答】解：（1）由图知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片P在b点时，滑动变阻器的电阻最大，电流表示数为0.1A，根据P=UI可得，滑动变阻器R2的电压（即电压表示数）：U2=10V，根据I=可得，滑动变阻器R2的最大阻值：R2=100；（2）根据串联电路的电压特点可知：U=U1+U2，结合欧姆定律可得：U=0.1AR1+10V当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，此时R2的电压：U2=6V，电源电压U=U1+U2，即：U=0.3AR1+6V联立解得：R1=20，U=12V；当P在a端时，R2连入阻值为0，此时电压表的示数UV=0，电流表的示数：Ia=0.6A；由前面的计算可知，当P在b端时，Ib=0.1A，电压表示数UV=10V，则电压表的示数变化量为：U=VVUV=10V0=10V；由P=I2R可得，R1消耗的电功率的变化量：P1=Ia2R1Ib2R1=（0.6A）220（0.1A）220=7W；电路消耗总功率的变化量：P=UI=12V（0.6A0.1A）=6W。故答案为：100； 10；7；6。【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律和电功率公式的应用，关键是正确分析电路，由电源电压不变列式计算出电源电压和R1的阻值的大小。三、按要求作图（请保留作图痕迹）6分：20【考点】AH：平面镜成像的相关作图【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像。【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A、B，用虚线连接AB，即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：【点评】平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。21【考点】6H：力的示意图【分析】物体静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。【解答】解：石块静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F为一对平衡力，大小相等、方向相反，过石块重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段长度要相等，如图所示：【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。22【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】（1）根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极；（2）在通电螺线管的外部，磁感线从N极出、回到S极；（3）利用右手螺旋定则确定电流的方向，进而确定电源的正负极。【解答】解：（1）由于异名磁极相互吸引，通电螺线管的左端为N极、右端为S极；（2）在通电螺线管的外部，磁感线从N极出、回到S极，所以磁感线的方向向右；（3）由右手螺旋定则可知电流从右侧流入、左侧流出，电源的左边为负极、右边为正极，如图所示：【点评】右手螺旋定则，又名安培定则，涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。四、实验探究题23【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）动能大小与物体的质量和速度有关，要探究动能大小和其中一个量之间的关系，应控制另一个量的大小不变，改变这个量，即用控制变量法；在实验中通过木块被撞击的距离判断动能的大小，用到了转换法；（2）摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，判断这两个因素是否改变，可知道摩擦力是否改变。【解答】解：（1）图甲和图乙中小车的质量相同，小车下滑的高度不同，下滑的高度越大，小车到达底面的速度越大，本实验探究的是小车的动能与速度的关系；验中通过木块被推动的距离来反映物体动能的大小，用到了转换法；磁感线不是实际存在的，是为了描述磁场而引入的假想的线，是利用建立模型的方法来解决问题的；用吸引|大头针的多少判断电磁铁磁性的强弱，采用的是转换法；（2）因为摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，这两个因素都没有发生变化，故两次实验木块移动过程中受到的摩擦力f甲等于f乙。故答案为：（1）速度；（2）等于。【点评】此题是探究影响动能大小的因素，考查了控制变量法和转换法在实验中的应用，同时通过数据分析得出了速度对物体动能的影响更大。24【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf确定其焦距的范围；（2）当物距增大时，像距减小，光屏靠近凸透镜；由物远像近像变小，物近像远像变大；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线具有发散作用；近视眼用凹透镜矫正，远视眼用凸透镜矫正。由此分析解答。【解答】解：（1）此时物距为50cm20cm=30cm，此时u2f，即30cm2f像距v=70cm50cm=20cm，此时2fvf，即2f20cmf综合得10cmf15cm，故C符合题意；（2）把蜡烛向右移动一小段距离，物距减小，像距增大，故应调整光屏向右移动；若将蜡烛向右移动一小段距离，物距变小，像距应增大，若要成清晰像，光屏应向右移动。若不移动光屏，应使光线会聚一些，所以在蜡烛和透镜之间放置一个合适的凸透镜，光屏上的像又变清晰，远视眼的矫正原理与此相同。故答案为：（1）C；（2）右； 远视。【点评】此题主要考查的是凸透镜成像规律及其探究实验操作的理解，难点是物距的大小与成像性质的关联，但只要熟练掌握凸透镜成像规律即可解答。25【考点】2M：固体的密度测量实验【分析】（1）调节天平横梁平衡时应调节横梁左右两端的平衡螺母，当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；（2）天平的注意事项中，用镊子夹取砝码；（3）天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；根据图丁分别读出水的体积、水和石块的总体积，从而计算出石块的体积，注意量筒的分度值；根据=计算出石块的密度。（4）右盘有一个缺角，调节平衡螺母时，使天平两盘质量相等，不影响测量结果。【解答】解：（1）图甲分度盘上的指针偏向了中线的左侧，这时需要将平衡螺母向右调；（2）在测量时要用镊子夹取砝码，不能用手拿砝码，所以图中用手直接拿取砝码是错误的；（3）测量时物体的质量等于右盘中的砝码质量加上游码所对应的示数，观察标尺刻度，它的最小分度值为0.1g，所以金沙石的质量为20g+10g+2.4g=32.4g；量筒中水的体积为20cm3 ，石块和水的总体积为40cm3，则石块的体积：V=40cm320cm3=20cm3，所以石块的密度：=1.62g/cm3=1.62103kg/m3；（4）天平的右盘有一个缺角，调节平衡螺母后，左右两盘质量相等，测量物体质量时，左右两盘质量也相等，不影响测量结果；即小明所测的密度值仍然准确；故答案为：（1）右；（2）用手直接拿砝码；（3）32.4； 1.62103；（4）仍然准确。【点评】此题是测量金沙石的密度实验，考查了天平和量筒的使用及读数，同时考查了密度的计算。26【考点】GX：探究比热容的实验【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强