2019年中考物理模拟试卷及答案解析2-16

2019年中考物理模拟试卷一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）1（3分）我们在室内讲话听起来比在旷野里要响亮，“响亮”描述的是声音的（）A响度B音调C音色D速度2（3分）如图1所示的现象中，其形成过程属于凝华现象的是（）A坚硬的冰B雪白的霜C晶莹的露D飘渺的雾3（3分）自行车是“绿色”出行的交通工具，下列设计或操作为了减小摩擦的是（）A轮胎上刻有花纹B给车轴加润滑油C脚踏板上有很深的凹槽D刹车时用力紧握刹车闸4（3分）小明同学在课外用易拉罐做成如图所示的装置来做“小孔成像”实验，选项图中的光学现象与小孔成像的形成原理相同的是（）A手影表演B看见不发光的物体C水中倒影D池水看起来变“浅”5（3分）汽油机在做功冲程中，高温气体迅速膨胀而做功，此时气体的温度和内能的变化情况是（）A温度降低，内能增大B温度不变，内能不变C温度升高，内能增大D温度降低，内能减小6（3分）如图所示，刻度均匀的杠杆处于水平平衡状态，每个钩码质量均相等。若将两边的钩码分别向靠近支点的方向移动相同的距离后，杠杆将（）A仍然平衡B右端下降C左端下降D无法判断7（3分）一根有刻度的细玻璃管两端开口，通过橡皮塞插入装有红色溶液的玻璃瓶中，密闭瓶口，从管子上端吹入少量气体，水将沿玻璃管上升到瓶口以上，这样就制成一个简易气压计，如图所示；当该气压计从山脚拿到山顶时，观察到细玻璃管内水柱高度将（）A不变B上升C下降D无法判断8（3分）为了节约电能，人们设计出一种由声控开关和光控开关共同控制楼道电灯的电路，要求只有当这两个开关都闭合（即夜晚有人经过发声）时，灯才亮。图中的电路符合要求的是（）A、B、C、D9（3分）如图所示，下列描述正确的是（）A图甲，描述的是同名磁极间的磁感线B图乙，地球是一巨大的磁体，它的磁场分布与如图放置的条形磁铁相似C图丙，放在通电螺线管上方的小磁针静止时，小磁针左侧为N极D图丁，该实验装置能够说明发电机的原理10（3分）如图所示，电源电压恒定。若在电路中再并联一个电压表，当滑动变阻器R2的滑片P从a端移至b端，电压表的示数从零变为6V；当滑片P位于中点c时，电压表的示数为U下列判断正确的是（）A电压表并联在R1两端，U=3 VB电压表并联在R1两端，U3 VC电压表并联在R2两端，U3 VD电压表并联在R2两端，U3 V二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分每小题给出的四个选项中，符合题意的选项均多于一个，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分）11（3分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，物体距离凸透镜30cm时，在凸透镜另一侧的光屏上可得到一个清晰倒立、放大的像。该凸透镜的焦距可能为（）A12 cmB14 cmC16 cmD18 cm12（3分）如图所示，电源两端电压恒为4U0若电路中连接的灯泡铭牌为“2U02P0”，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片至点a（图中未标出）时，灯泡正常发光；若电路中连接的灯泡改接铭牌为“U0P0”的灯泡，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片至点b（图中未标出）时，灯泡也正常发光。下列判断正确的是（）A点a在点b的右侧B两种状态下，电流表示数之比为1：1C两种状态下，电压表示数之比为2：1D两种状态下，电路中消耗总功率之比为 1：113（3分）用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，在绳子自由端拉力的作用下，把重为G0的物体匀速提升h0高度，不计摩擦和绳重，滑轮组的机械效率为则下列判断正确的是（）A拉力一定为B拉力所做的总功一定为C动滑轮的重力一定为 D拉力所做的额外功可能为三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）14（4分）盛夏时节，百花绽放，我们闻到花香是因为分子不停的做 ；固体很难被压缩，是因为固体分子间存在 的缘故。15（4分）家庭电路触电事故都是人体直接或间接接触 线造成的；带有金属外壳的家用电器要使用三孔插座，目的是为了让金属外壳与 相连，不致对人造成伤害。16（4分）如图所示，小孩在滑梯上由静止开始下滑，速度越来越快，臀部有灼热感。则在该过程中，小孩受到的合力 （选填“为零”或“不为零”），他的机械能将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。17（4分）如图所示，验电器A带负电，B不带电，用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），金属棒中电流方向由 （选填“A到B”或“由B到A”），B验电器带上 电。（填正或负）。18（4分）如图所示，不同种材料制成的实心圆柱体A和B放在水平地面上，它们的质量相等，高度之比hA：hB=2：1，底面积之比SA：SB=1：2，则它们的密度之比A：B= ；对地面的压强之比pA：pB= 。19（4分）如图1所示，电源电压恒为4.5V当闭合开关S时，电压表的示数如图2所示，则此时灯L1与L2的灯丝电阻之比为 ；已知两灯丝的材料和长度相同，则 灯的灯丝更粗一些。四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位20（6分）用电热水壶加热水，其内部电热丝的阻值为48.4，壶中水的质量为2kg。把它接在220V家庭电路中，将水由20加热到70在此过程中不计热量损失，求：【水的比热容为4.2103J/（kg）】（1）水吸收的热量；（2）加热时间。21（7分）小亮同学在做“研究串联电路电压特点”的实验中，实验所用的器材如图1所示，电源为两节新干电池。请你根据要求完成下列任务。（1）请在虚线框内画出图1所示的电路图2；（2）如图1，闭合开关S，发现电压表示数接近3V，则故障可能是小灯泡L1 或小灯泡L2 。（均选填“短路”或“断路”）（3）为了防止偶然因素对实验的影响，他采用更换不同规格的小灯泡重复实验，完成了第二次和第三次测量，请设计出实验记录表格。22（6分）如图16所示的电路中，电源电压保持不变。定值电阻R1的阻值为10，R2为滑动变阻器，其铭牌标有“501A”字样，电流表A的量程为03A；当仅闭合开关S1时，电流表A的示数为1.2A求：（1）电源电压；（2）再闭合开关S2，为了保证各电路元件的安全，滑动变阻器连入电路中的最小阻值。23（6分）小亮和小红做探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验时，提出了如下猜想。猜想一：压力的作用效果与压力大小有关；猜想二：压力的作用效果与受力面积大小有关。为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：相同的长方体木块若干个、细线（质量不计）、海绵。小亮所做的实验如图所示。请你帮助他们完成下列内容：（1）如图所示，实验中小亮是通过观察 来比较压力作用效果的；（2）比较图甲、乙两图所示的实验现象，得到的结论是： ；（3）为了验证猜想二，可以比较图中的 和 两图。（4）小红同学实验时，先将两个木块用细线捆在一起竖直放在海绵上，又将三个木块用细线捆在一起竖直放在海绵上，如图戊所示。她发现它们对海绵的压力作用效果相同，由此小红得出的结论是：压力作用效果与受力面积无关。你认为她在探究过程中存在的问题是： 。24（6分）物理实验课上，老师让同学们测一只未知电阻Rx的阻值，Rx的阻值约为5除待测电阻外，老师提供的器材有：两节干电池（电压约为3V）、一块电压表（量程03V，分度值0.1V）、一个阻值为200的定值电阻、一个最大阻值为20的滑动变阻器、若干开关和导线。请你合理选用器材设计一个实验，测出未知电阻Rx的阻值。要求：（1）在虚线框内画出你所设计的实验电路图；（电路不可重组）（2）根据你所设计的电路，写出主要实验步骤；（3）写出Rx的数学表达式（用已知量和测得量表示）。25（6分）一个底面积为2S0、足够高的柱形容器内装有一定量的水（水的密度为0）；一密度为1（10）的实心物块挂在弹簧测力计下，物块高为3h0、底面积为S0把物块缓慢进入容器水中，当它刚好与容器底接触时，物块浸在水中的深度为h0，如图所示，此时将弹簧测力计上方固定。现向容器中缓慢加水，直到弹簧测力计示数不再发生变化。已知在弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，弹簧受到F0的拉力时伸长l0请你计算：（1）图中，弹簧测力计的示数；（2）至少加水的体积。参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）1【考点】9F：响度【分析】声音在传播时遇到障碍物会发生发生现象，即回声。回声与原声混在一起，不能区分，回声使原声加强了，导致听起来响亮。【解答】解：在屋子里说话，说话的声音传到墙壁上又反射回来，时间差太短，我们不能分辨出回声与原声，我们听到的是回声与原声的混合，因此我们听到的声音响亮；在空旷地方说话，声音传播出去，周围没有高大的建筑物，不能反射形成回声，我们听到的只是原声，因此听起来就没有屋子里响亮。故选：A。【点评】解决本题的关键是掌握声音传播的规律和回声的相关知识，属于基础知识的考查。2【考点】1R：生活中的凝华现象【分析】凝华指的是物体由气态直接变为固态的过程。分析凝华现象，首先判断物体是不是固体，然后看是不是由气态形成的。【解答】解：A、坚硬的冰，是水凝固形成的，故A错误；B、雪白的霜，是水蒸气遇冷凝华形成的，故B正确；C、晶莹的露，是水蒸气液化形成的，故C错误；D、飘渺的雾，是水蒸气遇冷液化形成的，故D错误。故选：B。【点评】此题考查的是我们对于凝华的了解，是一道热学的基础题。3【考点】7I：增大或减小摩擦的方法【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、轮胎刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A不合题意；B、给车轴加润滑油，是通过使接触面分离来减小摩擦的；故B符合题意；C、脚踏板上有很深的凹槽，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故C不合题意；D、刹车时用力紧握刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；故D不合题意。故选：B。【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。4【考点】A2：光在均匀介质中直线传播【分析】小孔成像的原理是光沿直线传播，小孔成像是倒立的实像，结合选项进行解答。【解答】解：小孔成像的原理是光的直线传播；A、手影是由光的直线传播形成的，故A正确；B、看见不发光的物体是因为物体能够反射光，属于光的反射，故B错误；C、水中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C错误；D、池水看起来变“浅”是由光的折射形成的虚像，故D错误。故选：A。【点评】此题主要考查了光的直线传播、光的折射、光的反射现象。光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象。它们之间有本质的区别，要注意区分。5【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当外界对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大，温度升高；当物体对外界做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小，温度降低。【解答】解：汽油机在做功冲程中，汽油机内部的高温气体迅速膨胀对外做功时，内能转化为机械能，故气体的内能会减小，气体的温度会降低。故选：D。【点评】解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能，知道物体的内能与温度有关。6【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析【分析】根据杠杆原来处于平衡状态，利用图示杠杆的力臂关系；根据条件的变化，分别表示出杠杆作用两边力和力臂的乘积。比较两边乘积的大小，即可确定杠杆是否平衡。【解答】解：假如一个钩码的重力是G，则原来杠杆在水平位置处于平衡状态，此时作用在杠杆上的力分别为物体2G、3G，其对应的力臂分别为L1、L2，根据杠杆的平衡条件可得：2GL1=3GL2，故可知，L1L2。当向支点移动相同的距离L时，两边的力臂都减小L，此时左边的乘积为：2G（L1L）=2GL12GL，右边的乘积为：3G（L2L）=3GL23GL，由于3G2G，所以3GL2GL；所以：2GL12GL3GL23GL。故左端会下沉。故选：C。【点评】知道并能熟练的利用杠杆的平衡条件分析是解决该题的关键。7【考点】8G：大气压强与高度的关系【分析】把气压计从山下带到山上时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析。【解答】解：把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会上升。故选：B。【点评】本题考查了学生对大气压与高度关系的掌握，属于基础知识的考查，相对比较简单。8【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】根据题意分析两开关的连接方式，从而选择正确的电路图。【解答】解：由题知，光控开关和声控开关同时控制一盏灯，同时满足夜晚光暗到一定程度，而且有一定的声音时电灯才发光，所以声控开关、光控开关和灯泡应该是串联的。故选：D。【点评】本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点设计电路。9【考点】56：电磁相互作用【分析】（1）在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，据此判断；（2）地球是一巨大的磁体，它的磁场分布与条形磁铁相似；（3）根据螺旋管中电流的方向和安培定则判断螺线管的南北极，根据磁极间的相互作用的规律判断即可；（4）有电源的是电动机，没有电源的发电机。【解答】解：A、由于磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，图中为两个N极，所以磁感线都是指向外的，故A错误；B、地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，它的磁场分布与条形磁铁相似，但磁铁的北极在地理南极附近，故B错误；C、电流是从螺线管的左端流入右端流出，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极，根据同名磁极相互排斥知，小磁针的左端是N极，故C正确；D、图中有电源，是电动机原理图，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对磁感线、地磁场的认识、安培定则、电动机的原理图等知识，是一道基础题。10【考点】I3：电压表的使用【分析】由题意，根据分压原理确定电压表的连接，根据串联电阻的规律和欧姆定律分别得出两种情况下电压表的示数表达式，比较大小。【解答】解：当滑动变阻器R1的滑片P从a端移至c端，变阻器连入电路中的电阻变大，根据分压原理，变阻器的电压变大，由串联电路电压的规律，定值电阻的电压变小，故电压表只能并联在R1的两端；故D错误；当滑动变阻器R1的滑片P从a端移至c端，电压表的示数从零变为6伏，当变阻器连入电路中的电阻最大时，由电阻的串联和欧姆定律，电路中的电流：I=，根据欧姆定律，此时电压表示数：U1=U=6V；两边同乘以得：=3V同理，当滑片移动到中点时，电压表示数：U2=，因式右边的分母比式左边分母小，故U23V，故C正确，AB错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路的规律和欧姆定律的运用，关键是确定电压表的连接，体现了数学知识的运用，有难度。二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分每小题给出的四个选项中，符合题意的选项均多于一个，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得零分）11【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】根据凸透镜成像的规律：物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立、放大的实像。解不等式即可。【解答】解：因为当fu2f时，成倒立放大的实像；所以，f30cm2f，则15cmf30cm；故CD符合题意；故选：CD。【点评】此题考查了凸透镜成像规律的应用，首先熟练掌握凸透镜成像规律的内容，根据凸透镜成像的特点确定物距的范围，从而可以得出焦距的范围。12【考点】JA：电功率的计算【分析】灯与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流；（1）根据P=求出两灯的电阻大小关系；因两种情况下，灯都正常发光，根据P=UI比较两灯的额定电流大小；由欧姆定律R=分析两种情况下电路的电阻大小关系，根据串联电阻的规律可知变阻器连入电路中的电阻大小关系，结合图分析回答；（2）根据串联电路电压的规律，得出两种状态下变阻器的电压大小关系，从而得出两种状态下，电压表示数之比；（3）利用P=UI，根据两种状态下电流表示数之比分析。【解答】解：灯与变阻器串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流；（1）根据P=，两灯的电阻：R1=2，R2=，故R1=2R2，因两种情况下，灯都正常发光，根据P=UI，两灯的额定电流：IL1=IL2=，即两种状态下，电流表示数之比为1：1，B正确；由欧姆定律R=，两种情况下，电路的电阻相等，因R1R2，根据串联电阻的规律，故滑动变阻器的滑片至点a（图中未标出）变阻器的电阻小于滑动变阻器的滑片至点b（图中未标出）时的电阻，由图知，点a在点b的左侧，A错误；（2）根据串联电路电压的规律，两种状态下变阻器的电压分别为：Ua=4U02U0=2U0，Ub=4U0U0=3U0，故两种状态下，电压表示数之比为：=2：3，C错误；（3）根据P=UI，因两种状态下，电流表示数之比为1：1，故两种状态下，电路中消耗总功率之比为 1：1，D正确。故选：BD。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是要明确灯正常发时，灯的实际电压等于额定电压。13【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）有用功为：将G0提升h0所做的功；做功为拉力F做的功，即Fs；机械效率为=；由于不计绳重和摩擦，故额外功用来将动滑轮提升h0；（2）此装置的绳子段数可能为2段，也可能是3段。【解答】解：此过程的有用功为：W有=G0h0；根据=得：做功为：W总=；额外功为：W额=W总W有=G0h0=；由于W额=G轮h0；故动滑轮重为：G轮=；由于不明确承担重物的绳子段数，可能是3段，也可能是2段；故绳子移动距离可能为：s=3h0；也可能为：s=2h0；故拉力大小可能为：F=；拉力大小也可能为：F=；故AD错误；BC正确。故选：BC。【点评】明确有用功、总功、额外功的含义，熟练运用各公式及变形公式；是解答此题的关键。三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）14【考点】GV：分子的运动【分析】两个相互接触的物体的分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子运动的结果，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现；温度越高，分子的无规则运动越剧烈。分子间存在着相互作用的引力和斥力。【解答】解：盛夏时节，百花绽放，我们闻到花香，是因为花的分子在不停的做无规则运动，属于扩散现象；固体很难被压缩，是因为分子间存在斥力。故答案为：扩散；斥力。【点评】本题考查了分子动理论的相关知识，知道分子在不停地做无规则运动和分子间存在着引力和斥力是解题的关键。15【考点】IU：触电危害及常见的触电类型与预防；IT：插座的构造与工作方式【分析】家庭电路中人体触电原因是人体直接或间接接触火线。家庭电路中为了安全用电，金属外壳都要接地，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，避免触电事故的发生。【解答】解：家庭电路中，人体触电原因是人体直接或间接接触火线。金属外壳的用电器的外壳一定要接地，避免金属外壳用电器漏电时发生触电事故。故答案为：火；大地。【点评】电给人们带来很大的方便，电也给人们带来很大的危害，一定要安全用电，掌握安全用电常识，避免一些不必要的触电事故。16【考点】FT：机械能【分析】平衡状态是指静止或匀速直线运动状态，处于平衡状态时物体所受的力是平衡力，此时物体受到的合力为零；而处于非平衡状态时物体所受的合力不为零。根据能量守恒定律分析小孩的机械能。【解答】解：小孩在滑梯上由静止开始下滑，速度越来越快，处于非平衡状态，所以小孩受到的合力不为零；小孩从滑梯上自由滑下的过程中，由于克服摩擦做功，部分机械能转化为内能，他的机械能将减小。故答案为：不为零；减小。【点评】本题主要考查了非平衡状态、能量的变化，包括动能、重力势能的变化或机械能的转化等，属于基础知识。17【考点】HE：电流的方向；HA：验电器的原理及使用【分析】人们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。【解答】解：用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间，A带的负电减少，说明电子从A到B移动，故B验电器带负电，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向BA。故答案为：由B到A；负。【点评】本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况。在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷（自由电子），所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。18【考点】86：压强的大小及其计算【分析】质量相同，V=Sh，根据m=V知密度与体积成反比，从而判断出密度之比；对于粗细均匀的固体，其产生的压强p=gh。【解答】解：（1）已知：高度之比hA：hB=2：1，底面积之比SA：SB=1：2，所以体积之比：VA：VB=SAhA：SBhB=12：21=1：1（2）因为密度之比为1：1，设两个实心圆柱体的密度相同都为，产生的压强p=gh；pA=ghA，pB=ghB，=。故答案为：1：1；2：1。【点评】弄清题目中的关键条件（同种材料、圆柱体），灵活运用压强的公式，再利用数学的运算可解答。19【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压，根据串联电路的电流特点可知通过两灯泡的电流关系，根据欧姆定律求出两灯丝电阻的比值；根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系。【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，电源电压4.5V，串联电路电压特点知，U24.5V，所以电压表使用的是03V量程，分度值0.1V，示数为1.5V，即U2=1.5V；所以L1两端的电压：U1=UU2=4.5V1.5V=3V，因串联电路中各处的电流相等，所以通过L1与L2的电流之比为1：1；由I=可得，L1与L2的灯丝电阻之比：=；由于灯丝的材料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，所以L2灯丝就较粗。故答案为：2：1；L2。【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及对电阻影响因素的理解，关键是正确分析电压表的作用，根据电路特点判断电压表的量程。四、综合题（本大题共6小题，共37分）解题中要求有必要的分析和说明，计算题还要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位20【考点】JK：电功与热量的综合计算【分析】（1）知道水的质量、初温和末温、水的比热容，利用热量公式Q吸=cmt进行计算；（2）根据P=UI=求出电热水壶的功率，因不计热量损失，则Q吸=W电，利用电功率公式P=求加热时间。【解答】解：（1）将水由20加热到70，水吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）2kg（7020）=4.2105J。（2）已知：R=48.4，U=220V，电热水壶的功率为：P=1000W，若不计热量损失，则W电=Q吸=4.2105J；由P=可得，加热时间：t=420s。答：（1）水吸收的热量为4.2105J；（2）加热时间为420s。【点评】本题考查了热量公式、电功率公式的利用，要求准确书写公式，代入数据时需要注意单位统一。21【考点】I8：探究串、并联电路中的电压规律实验【分析】（1）分析清楚实物电路图的结构，明确各电路元件的连接方式，根据各电路元件的连接方式画出电路图；（2）电压表的示数接近电源电压，说明电路断路；（3）根据需要测量的次数画出表格。【解答】解：（1）由实物电路图知：电源、滑动变阻器、灯泡、电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器用右半部分电阻丝，据此画出电路图如图所示；（2）当L1处断路，电压表测的是电源电压，当L2处短路，L2不分担电压，电压表示数接近电源，故故障可能是小灯泡L1断路或小灯泡L2短路。（3）根据题目要求画出表格如下：次数L1两端电压U1/VL2两端电压U2/VL1、L2串联后总电压U/V123故答案为：（1）电路图如图示；（2）断路；短路；（3）记录表格如图示。【点评】本题考查了根据实物图画电路图、电压表的使用以及串联电路电压的特点，难度不大。22【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）仅闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中电流，由欧姆定律可计算出电源电压；（2）再闭合开关S2，两电阻并联，电流表测干路电流，根据电流表量程先计算通过变阻器的最大电流，再由欧姆定律计算其连入电路中的最小阻值。【解答】解：（1）由电路图知，仅闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中电流，由欧姆定律可得，电源电压：U=U=I1R1=1.2A10=12V；（2）当再闭合开关S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，电流表A的量程为03A，由串联电路的电流特点可得，通过滑动变阻器R2的最大电流为：I2=II1=3A1.2A=1.8A，而变阻器规格为“501A”，所以通过变阻器的实际最大电流I2=1A，由并联电路特点和欧姆定律可得，滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R2=12。答：（1）电源电压为12V；（2）再闭合开关S2，为了保证各电路元件的安全，滑动变阻器连入电路中的最小阻值为12。【点评】本题考查了并联电路特点和欧姆定律的应用，关键是正确判断允许通过变阻器的最大电流值。23【考点】87：探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；82：压强【分析】（1）压力的作用效果是采用转换法，通过海绵的形变来体现的。（2）比较甲、乙两图所示实验可知，受力面积的大小是相同的，压力不同，泡沫的凹陷程度不同，由此得出压力作用效果和压力的关系。（3）要得出“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，就要控制压力不变，而受力面积不同。（4）在整个探究过程中，要符合控制变量法的要求，据此分析。【解答】解：（1）实验中，海绵的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，用海绵的凹陷程度来反映压力作用效果。（2）比较甲、乙两图所示实验可知，受力面积相同，压力越大，泡沫凹陷程度越大，故可得结论：受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。（3）研究压力作用效果和受力面积的关系时，应该保持压力不变；图乙和丁中的压力是相同的，受力面积不同，可以探究压力作用效果和受力面积的关系。（4）先将两个木块用细线捆在一起竖直放在海绵上，又将三个木块用细线捆在一起竖直放在海绵上，接触面积不同，此时的压力也是不同的，没有控制压力相同，故无法探究压力作用效果与受力面积的关系。故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）当受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；（3）乙；丁；（4）没有控制压力相同。【点评】本题考查的是影响压力作用效果的因素，涉及到了控制变量法和转换法，这两种方法是初中物理用到的最多的探究方法，大部分探究实验都用到这两种方法，需要重点掌握。24【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】根据欧姆定律的变形公式R=，要测电阻大小，在没有电流表的情况下，电压表和定值电阻应起到电流表的测量作用，故将待测电阻与变阻器串联（考虑到测量电压的准确程度，故只能用待测电阻与滑动变阻器串联），电压表与待测电阻并联，据此设计电路；通过开关的转换，用电压