2019年中考物理模拟试卷及答案解析7-13

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本大题包括12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1（3.00分）下列估计值中，最接近实际的是（）A人体正常体温约为42B住宅楼每层楼的高度约为3mC一本物理书的质量约为30gD一盏家用节能灯的功率约为1kW2（3.00分）如图所示的光现象中，与小孔成像的原理相同的是（）A钢笔“错位”B茶杯在镜中的“倒影”C水中筷子“变弯”D屏幕上的“手影”3（3.00分）下列科技应用中说法错误的是（）A手机的蓝牙实际是一种电磁波B电视机的遥控不是通过电磁波实现的C超市收银用的条形码扫描枪实际发射的是一种激光D汽车的倒车雷达实际是对超声波的应用4（3.00分）为便于测量或观察现象，实验中我们经常会对实验进行优化改进。下列采取的措施不合理的是（）A可以在鼓面上放纸屑，通过纸屑跳动高度反映鼓面的振幅大小B在研究蜡烛熔化特点的实验中，采用“水浴法”加热，使蜡烛受热均匀C为了显示光在空气中传播路径，可以在空气中喷洒烟或雾D在探究平面镜成像时，为了使跳棋子的像更清晰，我们用手电筒照亮玻璃板5（3.00分）关于安全用电，下列说法正确的是（）A用试电笔辨别火线、零线时，手指不能接触笔尾金属体B使用有金属外壳的家用电器时，应将其外壳接在零线上C发现有人接触电或发生电线起火时，首先要做的是立即切断电源D家庭电路中空气开关跳闸，一定发生了短路6（3.00分）图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）ABCD7（3.00分）如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动。B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离hAhC在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是（）A小球的机械能总量逐渐变小B小球运动状态保持不变C小球的动能全部转化为重力势能D绳的拉力对小球做了功8（3.00分）在做“探究影响滑动摩擦力大小的因素”时，将木块A放置于水平木板B上，加载一个砝码，把弹簧测力计系在A上，如图所示。当向左拉动B时，弹簧测力计指针稳定。下列讨论中错误的是（）AA受到B的摩擦力与弹簧测力计拉力是一对平衡力BA受到B的摩擦力的大小为2.4N，方向水平向左C若增大拉动B的速度，弹簧测力计的示数会变大D此装置可研究滑动摩擦力大小与压力的关系9（3.00分）如图所示，底端装有电子阀门的圆柱形容器放在水平桌面上，容器中装有适量的水，一木块漂浮在水面上，控制阀门，使容器中相同时间内流出的水量相等。下列表示木块下表面处水的压强p1、容器对桌面的压强p2、木块的重力势能Ep和木块所受的浮力大小F随时间t变化的关系图象中，可能正确的是（）ABCD10（3.00分）如图所示，将苹果和梨子放入水中后，苹果漂浮，梨子沉底。若苹果的质量、体积及受到的浮力为m1、V1和F1，梨子的质量、体积及受到的浮力为m2、V2和F2，现有以下判断，正确的是（）（1）若m1m2，则F1一定小于F2（2）若m1=m2，则F1一定大于F2（3）若V1=V2，则F1一定小于F2（4）若V1V2，则F1一定大于F2。A（1）（3）B（1）（4）C（2）（3）D（2）（4）11（3.00分）如图是探究电流通过导体时产生热的多少与哪些因素有关的实验装置。三个密闭容器中的电阻如图，三个容器串联，在其中一个容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，通电后，观察三个U形管中液面高度的变化。实验现象表明（）A甲、乙、丙三容器串联，所以容器中电阻流过的电流相同B在通电相同时间下，三个容器中产热量之比为1：2：1C在乙、丙两容器可用来研究电流产热与电阻关系D在通电相同时间下，三个容器中产热量之比为4：8：112（3.00分）如图甲所示电路中，电源电压可调，灯L1、L2的额定电压均为6V，L1、L2的IU图象如图乙所示，闭合开关S，逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（）AL1正常发光B电源电压为12VC电路总电阻为30D电路总功率为2.4W二、填空题（本大题包括5小题，每空1分，共12分）13（3.00分）某空调铭牌上标有“220V 2000W”字样，它的额定功率为 ，正常工作2小时消耗的电能是 度，消耗的电能可用 表来测量。14（2.00分）如图所示为生活中常用的热水瓶，注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞常会跳起来。在软木塞跳起来的过程中，热水瓶内温度 （选填“升高”、“不变”或“降低”）汽油机中的 冲程与这一现象的能量转化相同。15（2.00分）小明在观察“碘锤”中的物态变化之前，查阅资料得知：酒精灯外焰的温度约为800碘的熔点为113.7我们选用图 方式加热，理由是 。16（2.00分）小明学习了电学知识以后，想在家里安装一盏照明灯和一个三孔插座，他设计的电路如图所示，图中虚线框A和B内分别接入开关或灯泡，则虚线框A内应接 ，图中三孔插座的插孔 （选填“a”、“b”或“c”）应与地线相连。17（3.00分）电热膜是一种新型的电热器件，电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成的一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图甲所示。电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过 方式增加空气内能的。将此电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA IB（选填“”、“”或“=”）；导电墨线电阻随温度变化的关系如图乙所示，电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是 。三、作图实验与探究题（本大题包括6小题，18.19每图2分，其余每空1分，共33分）18（2.00分）如图所示，一束光线经平面镜反射后，过凸透镜的焦点F射向凸透镜，请在图中画出射向平面镜的入射光线和经凸透镜后的折射光线，并标出入射角的度数。19（2.00分）如图所示杠杆OBA处于平衡状态，请分别画出力F1的力臂L1和力F2的力臂L2。20（4.00分）小雯用自制的水凸透镜（当向水凸透镜里注水时焦距变小，抽水时焦距变大）来探究“凸透镜成像规律”。（1）如图甲所示，让一束平行于主光轴的光射向水凸透镜，在光屏上出现一个最小最亮的光斑，则此水凸透镜的焦距为 cm。（2）小雯将蜡烛、水凸透镜和光屏调整至图乙所示的位置时，光屏上出现清晰的烛焰像，此像的性质是倒立、 的实像，小雯接着在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，将水凸透镜移至光具座 cm刻度处，再次得到清晰的烛焰像。然后，小雯利用注射器从水凸透镜中向外抽少许水，光屏上原来清晰的像变得模糊不清，小雯要想重新得到清晰的烛焰像，在蜡烛和水凸透镜的位置都不变的情况下，应将光屏向 （选填“远离”或“靠近”）水凸透镜的方向移动。21（5.00分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。加热时间/min01234甲的温度/3034384246乙的温度/1018263442（1）本实验中应量取质量 的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，通过 （选填“升高的温度”或“加热的时间”）来反映物质吸热的多少。（2）分析实验数据，当甲升高8，乙升高16时， 物质的吸热能力强。（3）进一步分析数据可知c甲 c乙。（4）若要选择一种液体作为汽车的冷却液，应选择 液体。22（6.00分）图1是小丽探究动能大小与速度关系时的实验场景：斜面上有两平行轨道，将两小球、从轨道上由静止释放，与放置在水平木板上的两个相同木块、发生碰撞，两个木块初始位置到斜面底端的距离相等。（1）为完成实验，应使两个质量 的小球从轨道上 高度由静止释放（均选填“相同”或“不同”）（2）由图1场景可知，碰撞木块前瞬间，小球 的动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，则fA fB，滑行中，木块的动能转化成 能；（3）图2是某次实验的场景：将两小球从图中E、F处静止释放，最终木块从水平木板的右端滑出，小丽用质量更大的木块替换木块后继续此次实验，将两小球仍从图中E、F处由静止释放，木块未滑出木板，小丽的实验改进有一处遗漏，它是 。23（6.00分）如表是小明测一滑轮组机械效率时收集的有关数据。序号动滑轮重G动/N物重G/N钩码上升高度h/m动力F/N动力作用点移动距离s/m滑轮组的机械效率10.510.10.70.347.6%20.520.11.10.360.6%30.540.120.3（1）请在图中画出实验中滑轮组的绕绳方法；（2）在实验过程中，应沿竖直方向 拉弹簧测力计；（3）表格中空缺的数据为 （4）分析表中数据可知：用同一滑轮组提升不同重物至同一高度，提升的物重增加时，所做的额外功 ，其中除克服动滑轮重所做的额外功外，其它额外功将 （前两空选填“变大”、“变小”或“不变”）。造成额外功大小变化的原因是 。24（8.00分）同学们在“探究小灯泡的亮度与功率的关系”实验中，所用电源电压为6V，灯泡的额定电压U0=3.8V，额定功率在11.5W的范围内。（1）按图甲所示的电路图，请你用笔画线代替导线将图乙的电路补充完整。（2）小杜同学在实验过程中，将滑动变阻器的滑片P缓慢向B端移动，小灯泡的实际功率将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；同时观察到小灯泡的亮度将变 （选填“亮”或“暗”）。（3）另一组的小张同学在实验过程中发现电流表、电压表示数如图丙所示，此时电流表的示数是 A，电压表的示数是 V，经分析造成这种现象的原因是 。（4）小张同学重新调整电路连接后，继续探究小灯泡在额定功率时的亮度，但发现无法准确读出额定电压，他用第（3）小问中所测得数据先算出灯泡的电阻RL，再根据P0=计算灯泡的额定功率。按此方案算出灯的额定功率比真实值偏 （选填“大”或“小”），原因是 。四、计算题（本大题包括3小题，共19分）25（6.00分）如图所示是某餐厅出现的一款餐饮机器人，可以为客人送上凉菜、主食等。（1）送餐时，机器人在1min内沿直线匀速移动了15m，此过程中机器人运动的速度是多少m/s？（2）机器人送餐时，总质量为42kg，它与水平地面接触的总面积为100cm2，则它对地面的压强是多少？（g取10N/kg）26（6.00分）热敏电阻的阻值随温度的改变而改变，且对温度很敏感。热敏电阻的阻值在特定温度时会发生急剧变化，它在笔记本电脑、自动控制系统等方面有多种用途。如甲电路图，电源电压是7伏，当闭合开关S，电压表示数如乙图所示。热敏电阻的电流随电压变化IU关系如丙图所示。求：（1）热敏电阻两端的电压；（2）电阻R的值；（3）电阻R上消耗的功率。27（7.00分）图甲是建造大桥时所用的起吊装置示意图，使用电动机和滑轮组（图中未画出）将实心长方体A从江底竖直方向匀速吊起，图乙是钢缆绳对A的拉力F1随时间t变化的图象。A完全离开水面后，电动机对绳的拉力F大小为6.25103N，滑轮组的机械效率为80%，已知A的重力为2104N，A上升的速度始终为0.1m/s。（不计钢缆绳与滑轮间的摩擦及绳重，不考虑风浪、水流等因素的影响，g取10N/kg）求：（1）长方体A未露出水面时受到的浮力；（2）长方体A的密度；（3）长方体A完全离开水面后，在上升过程中F的功率。参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括12小题，每小题3分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1【考点】23：质量的估测【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、人体正常体温约37；故A错误；B、住宅楼每层楼的高度约3m，故B正确；C、物理书的质量约300g，即0.3kg；故C错误；D、家用节能灯的功率约20W；故D错误。故选：B。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2【考点】A3：光直线传播的应用【分析】光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的；光从一种介质斜射入另一种介质，或在不均匀的介质中，传播方向发生变化，属于光的折射，水中的筷子看起来变弯、凸透镜成像等都是光的折射形成的；光射到物体表面又被反回的现象叫光的反射，与平面镜有关的都是光的反射。【解答】解：小孔成像是光的直线传播形成的；A、钢笔“错位”，是光在玻璃和空气两种介质中传播发生的折射现象，不符合题意。B、茶杯在镜中的“倒影”，是平面镜成像，属于光的反射现象，不符合题意；C、水中筷子“变弯”，是光从水传向空气发生的折射现象，不符合题意；D、屏幕上的“手影”，影子的形成，是光的直线传播现象，符合题意；故选：D。【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。3【考点】D2：电磁波的传播【分析】（1）电磁波可以传递信息；（2）红外线是电磁波的一种，应用在电视机遥控器、条形码扫描、红外线夜视仪等；（3）超市收银台用于录入商品的扫描器发出的红光是激光；（4）声音既能够传递信息，又能够传递能量。【解答】解：A、蓝牙是一种无线技术标准，可利用电磁波实现固定设备、移动设备和楼宇个人域网之间的短距离数据交换，故A正确；B、电视机的遥控器是利用红外线对电视机进行遥控的，红外线属于电磁波，故B错误；C、超市收银用的条形码扫描枪实际发射的红光实际是一种激光，故C正确；D、汽车的倒车雷达利用的是超声波的回声定位，故D正确。故选：B。【点评】本题主要考查学生对：电磁波、激光以及超声波应用的了解，是一道综合题。4【考点】2Q：物理学方法【分析】声音的产生靠物体的振动，物体的振动可借助其它物体（如纸屑）的跳动来体现，这是一种转换的思想。研究蜡烛熔化特点，需要使蜡烛受热均匀；光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；电磁感应现象产生的电流一般很弱，需要灵敏度高的电流表检测。【解答】解：A、敲击鼓面，鼓面上纸屑上下跳动，说明声音是由物体的振动产生的，故A合理；B、研究蜡烛熔化特点的实验中，为了使蜡烛受热均匀，需要采用“水浴法”加热，故B合理；C、光在空气中是沿直线传播的，但传播路径不容易直接观察，在空气中喷洒烟或雾，有利于观察光的传播路径，故C合理；D、物体成像要清晰，就必须让物体（棋子）有足够光线射向平面镜才能成像，而不是让平面镜（玻璃板）上有足够的光线。故D不合理。故选：D。【点评】本题通过实验方法考查了多方面的知识，需要同学逐项分析，判断正误；关键是注意转换法的应用。5【考点】IV：安全用电原则【分析】（1）使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的。使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故；（2）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；（3）当有人触电、电线或用电器着火后，先切断电源，再施救。（4）家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大。【解答】解：A、使用试电笔辨别火线、零线时，一定要用手指接触笔尾金属体，否则容易造成误判；但不能用手接触试电笔前端的金属体，否则会造成触电事故，故A错误；B、带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地线，以防用电器外壳带电，会危及人身安全，故B错误；C、发现有人触电或发生电线起火时，要先立即切断电源再施救，故C正确；D、家庭电路中空气开关跳闸，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故D错误。故选：C。【点评】本题旨在考查安全用电的知识，考查学生对安全用电常识的记忆和应用。同学们要牢记安全用电常识，并正确规范操作，避免危险发生。6【考点】J7：电功率【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可。【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流。若电源提供的电流恒定为I总，AB、根据并联电路特点可知：U=U0=I0R0=（I总I）R0=IR0+I总R0，其中I总、R0为定值，由U=R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且R00，故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P=UI总=（I总I）R0I总=I总R0I+I总2R0，其中I总、R0为定值，由P=I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，I总R00，且I不能为0，P不会为0，故D正确，C错误。故选：D。【点评】本题考查并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要抓住电源是恒流源，关键是得出U与I和P与I的表达式，利用数学知识分析判断它们之间的关系。7【考点】FU：动能和势能的转化与守恒【分析】物体的运动状态包括速度和方向两个方面；动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能；做功包含两个必要因素：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离。【解答】解：AC、小球从A到B的过程中，大部分重力势能转化为动能；从B到C的过程中，大部分动能转化为重力势能。由于与空气有摩擦，摆动过程中部分机械能转化为内能，所以机械能总量减少，动能也不可能全部转化为重力势能；故A正确，C错误；B、小球摆动过程中运动方向不断变化，速度不断变化，也就是运动状态在变化；故B错误；D、细绳对小球有拉力，但小球在拉力的方向上没有移动距离，所以细绳的拉力对小球不做功；故D错误。故选：A。【点评】此题考查了动能与势能的转化及运动状态的改变。需要清楚的是，不考虑空气阻力，机械能是守恒的；由于克服空气阻力，机械能总量是减少的。8【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】物体静止和做匀速直线运动时，此时物体处平衡状态，受到的力是平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，可根据一个力的大小、方向，确定另一个力的大小和方向；滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若两者都不发生变化，则滑动摩檫力不变；滑动摩檫力的方向与物体相对运动的方向相反。【解答】解：A、A受到B对它的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力作用而静止，处于平衡状态，则A受B的摩擦力与测力计拉力是一对平衡力，故A正确；B、由图示弹簧测力计可知，其分度值为0.2N，示数为2.4N，A处于平衡状态，由平衡条件可知，A受到的滑动摩擦力f=F=2.4N，A相对于B向右运动，A受到的滑动摩擦力方向水平向左，故B正确；C、A、B间的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力与物体间接触面的粗糙程度和物体间的压力有关，与物体的运动速度无关，如果增大拉动B的速度，A、B间接触面的粗糙程度、物体间的压力保持不变，物体间的滑动摩擦力不变，由平衡条件可知，测力计的示数不变，故C错误。D、两物体间接触面的粗糙程度不变，在A上加减钩码可以改变物体间的压力大小，该实验装置可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系，故D正确；故选：C。【点评】此题考查学生对于物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用和相互平衡的两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上的理解与运用。9【考点】82：压强；8A：液体压强计算公式的应用；8O：阿基米德原理；FP：势能的影响因素【分析】（1）在容器内水流出的过程中，木块下表面处水的深度不变，根据p=gh判断木块下表面处压强的大小；（2）先根据液体压强随深度变化的特点判断容器对桌面的压力的变化，然后根据p=判断容器对桌面压强的变化。（3）重力势能与质量和高度有关；（4）根据图示可知，当水位在一定高度时，木块处于漂浮状态，即浮力等于重力；当水位下降到一定高度时，木块对容器底有压力，浮力小于重力；【解答】解：在容器内水流出的过程中，水面下降，木块也随水面向下运动，木块仍然处于漂浮状态；当木块接触到容器底时，木块不再运动，水继续流出。A、根据图示可知，在容器内水流出的过程中，并且当水位在一定高度时，木块下表面处水的深度不变，由p=gh可知，木块下表面受到水的压强不变；故A错误；B、由题意知，控制阀门，使容器中相同时间内流出的水量相等，所以，相同时间内水减少的重力相同，容器对桌面减小的压力相同，由p=可得，容器对桌面的压强p2随时间均匀减小，故B错误；C、在容器内的水流出后，木块的质量不变，高度减小，则木块的重力势能减小，当木块沉底时，木块的重力势能不再变化，即木块的重力势能先变小后不变，故C错误；D、根据图示可知，当水位在一定高度时，木块处于漂浮状态，即浮力等于重力；当木块接触到容器底时，水继续流出，木块排开水的体积减小，浮力减小；所以木块受到浮力先不变后减小；故D正确。故选：D。【点评】本题综合考查了重力势能的影响因素、漂浮的条件、液体压强和固体压强公式的应用，涉及的内容较多，关键是判断出容器总重力随时间的变化快慢。10【考点】8O：阿基米德原理；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）根据浮沉条件分别判断出所受浮力与与重力的关系，即可比较；木块与冰块的质量相同，由重力公式可知重力相同，都漂浮在水面上，根据漂浮条件确定受到的浮力关系；由此可比较排开水的体积。（2）根据问物体所处状态判断出排开液体的体积关系，利用阿基米德原理即可判断浮力大小。【解答】解：由于苹果漂浮，梨子沉底，则根据浮沉条件可知：F1=G1=m1g，F2G2=m2g，（1）若m1m2，则F1F2；（2）若m1=m2，则F1F2；由于苹果漂浮，梨子沉底，则：V排1V1，V排2=V2，由于都是浸在水中，根据F浮=水gV排可知：（3）若V1=V2，则F1F2；（4）若V1V2，则V排1与V排2的大小不能比较，所以，F1不一定大于F2。由此分析可知（2）（3）正确。故选：C。【点评】本题考查物体浮沉条件和阿基米德原理的应用，本题关键是知道物体都是浸在水中。11【考点】JH：焦耳定律【分析】（1）由图可知容器中的电阻大小关系，根据连接方式判断出通过电阻的电流大小关系；（2）根据Q=I2Rt分析三容器内电阻丝产生的热量关系；（3）研究电流产热与电阻关系，根据控制变量法可知应控制电流和通电时间相同；（4）分析出各个容器中电流和电阻的关系，根据Q=I2Rt分析三容器内电阻丝产生的热量关系。【解答】解：A、由于丙容器中的电阻与容器外的电阻并联后再串联甲、乙容器里的电阻串联，则由并联电路的电流特点可知通过甲、乙的电流大于通过丙的电流，故A错误；B、丙中两个电阻的电流之和与甲的电流相同，故I乙=I甲=2I丙=2，由Q=I2Rt可知，在通电相同时间下，三个容器中产热量之比：225t：2210t：125t=4：8：1，故B错误；C、在乙、丙两容器中电阻、通过的电流都不同，根据控制变量法可知不能用来研究电流产热与电阻关系，故C错误；D、丙中两个电阻的电流之和与甲的电流相同，故I乙=I甲=2I丙=2，由Q=I2Rt可知，在通电相同时间下，三个容器中产热量之比：225t：2210t：125t=4：8：1，故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验以及焦耳定律的应用，要注意控制变量法的应用。声明：本试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同12【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，即额定电流较小的灯泡能正常发光，根据图象读出两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总功率。【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流I1=0.6A、I2=0.3A，由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A，则L2正常发光，故A错误；由图乙可知，L1两端的电压U1=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=U1+U2=2V+6V=8V，故B错误；由I=可得，电路总电阻：R=26.7，故C错误；电路的总功率：P=UI=8V0.3A=2.4W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、填空题（本大题包括5小题，每空1分，共12分）13【考点】J3：电功的计算；JC：额定功率【分析】电能表是测量用电器消耗电能的仪器。明白空调参数的含义，知道空调的额定功率和通电时间，根据W=Pt计算消耗的电能。【解答】解：“220V 2000W”表示空调的额定电压是220V，额定功率是2000W，正常工作2小时消耗的电能W=Pt=2kW2h=4kWh。在家庭电路中，用电能表来测量用电器消耗的电能。故答案为：2000W；4；电能。【点评】掌握家用电器和电能表铭牌参数的含义，利用家用电器的额定电压和额定功率求电阻是常用的方法，利用电能表的额定电压和最大电流求最大功率。14【考点】G9：做功改变物体内能【分析】（1）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；（2）汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。【解答】解：（1）瓶塞跳起来，机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能，热水瓶内水蒸气的温度降低；（2）汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能。故答案为：降低；做功。【点评】本题从生活中的物品入手，考查了内能的改变和汽油机做功冲程中的能量转化，注重了物理知识与生活的联系。15【考点】1B：熔点和凝固点【分析】判断物态变化，首先确定原来的状态，然后确定最后的状态，从而确定物态变化，同时注意熔化条件达到熔点继续吸热。【解答】解：甲图，“碘锤”在水中加热，热水的温度约为100，碘的熔点为113.7，水的温度低于碘的熔点，所以碘不会熔化；碘颗粒吸热会从固态直接变为气态，则该物态变化为升华，而图乙中，酒精灯外焰温度约为800，高于碘的熔点113.7，碘吸热可能熔化，故甲更好，因为甲防止碘先熔化再汽化成碘蒸气。故答案为：甲；防止碘先熔化再汽化成碘蒸气。【点评】掌握六种物态变化，以及物态变化的情况。会用物态变化解释生活中的问题。16【考点】IO：家庭电路的连接【分析】开关与被控制的灯串联，为了安全开关接在灯与火线之间。三孔插座的正确接法：左零右火，中间接地线。【解答】解：开关应接在灯与火线之间，这样开关断开后，电灯就与火线断开。因此开关应接在B处，灯泡接在A处；根据三孔插座的正确接法可知，a应与零线相连，c应与火线相连，b与地线相连。故答案为：灯泡；b。【点评】本题考查家庭电路的连接，属于基础题。开关要控制火线，三孔插座接法左零右火，中间接地的原则。17【考点】GA：热传递改变物体内能；H：并联电路的电流规律；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的；（2）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；（3）根据图象分析导电墨线电阻随温度变化的关系得出结论。【解答】解：（1）电热膜取暖器工作时放出热量，室内空气吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式使得室内温度升高；（2）因为墨线是并联的。如图中，若通过每条墨线的电流为I，则IA=6I，IB=9I，因此IAIB ；（3）厚的导电墨线电阻虽然小，从丙图可以看出导电墨线电阻随温度升高而增大，根据P=可知，发热功率变小，所以电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象。故答案为：热传递；厚的导电墨线电阻虽然小，从丙图可以看出导电墨线电阻随温度升高而增大，根据P=可知，发热功率变小。【点评】本题考查学生阅读相关材料掌握相关知识，注重理解能力的考查，需要认真审题，利用好相关知识。三、作图实验与探究题（本大题包括6小题，18.19每图2分，其余每空1分，共33分）18【考点】AH：平面镜成像的相关作图；B6：透镜的光路图【分析】（1）反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角来作；根据反射定律作出反射光线，反射光线与法线的夹角为反射角。（2）根据过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴作出折射光线。【解答】解：（1）过平面镜的反射点垂直镜面作出法线，因为反射光线与镜面的夹角为30，则反射角为：9030=60，则入射角也为60，根据入射角等于60在法线右侧作出入射光线，并标出入射角；（2）过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；如图所示：【点评】（1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；（2）熟记反射定律的内容：射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，并会作图。19【考点】7P：力臂的画法【分析】力臂的画法：首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。【解答】解：分别反向延长力的作用线F1和F2，从O做F1的垂线段就是F1的力臂，从O做F2的垂线段就是F2的力臂。故答案为：【点评】作力臂时要找好支点与力的作用线，因为力臂是从支点到力的作用线的距离。20【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）掌握焦距的概念：从焦点到凸透镜的距离；（2）分析物距和焦距的关系，u2f，成倒立、缩小的实像。2fuf，成倒立、放大的实像。uf，成正立、放大的虚像，据此得出结论；根据光路的可逆性解答；当把“水凸透镜”水向外抽取时，使其变薄、凸透镜对光线的会聚能力减弱，使像成在原来像的后方。【解答】解：（1）由焦距的概念知，从焦点到凸透镜的距离f=70.0cm60.0cm=10.0cm；（2）由图可知，u=40.0cm10.0cm=30.0cm，u2f，物体处于2倍焦距之外，所以成倒立缩小的实像，像距v=55.0cm40.0cm=15.0cm，根据光路的可逆性，在蜡烛和光屏位置都不变的情况下，将透镜移至距蜡烛即u=15.0cm时，此时v=30.0cm，即透镜移至光具座10.0cm+15.0cm=25.0cm处，可在光屏上呈现倒立放大的像；当把“水凸透镜”水向外抽取时，使其变薄、凸透镜对光线的会聚能力减弱，使像成在原来像的后方。因此要想重新得到清晰的像，应将光屏向远离水凸透镜的方向移动。故答案为：（1）10.0；（2）缩小；25.0；远离。【点评】凸透镜成像是个光学部分的重点内容，本题综合性很强，包含了焦点、焦距、凸透镜成像的三种情况、凸透镜成实像时，物距变化和像距变化。21【考点】GX：探究比热容的实验【分析】（1）（2）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；（3）由（2）中数据，根据c=求解；（4）甲的吸热能力强，即比热容大，根据Q=cmt分析回答。【解答】解：（1）本实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，通过加热的时间来反映物质吸热的多少。（2）分析实验数据可知，质量均相同的两种液体，当甲升高8，乙升高16时，加热时间都为2分钟，根据转换法吸收的热量相同，根据比较吸收能力的第2种方法，即甲液体的吸热能力强；（3）由（2）知，在质量和吸收热量都相同的情况下，甲升高的温度为乙的=，根据c=，比热容c与升高的温度成反比，故C甲=2C乙。（4）因甲的吸热能力强，即比热容大，根据Q=cmt，降低相同的温度放出的热量多，故若要选择一种液体作为汽车的冷却液，应选择甲液体。故答案为：（1）相同；加热的时间；（2）甲；（3）=2；（4）甲。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及Q=cmt的运用，为热学中的重要实验。22【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）探究动能大小与速度关系时，应控制质量不变，改变速度；（2）动能的大小与速度有关；摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；木块克服摩擦做功，动能转化为内能；（3）根据实验的目的和控制变量法分析。【解答】解：（1）探究动能大小与速度关系时，应控制质量不变，改变速度，故应使两个质量相同的小球从轨道上不同高度由静止释放；（2）碰撞木块前瞬间，小球是从高处滑下的，速度较大，动能较大，两木块通过A、B两点处所受的滑动摩擦力大小分别为fA、fB，由于压力大小和接触面的粗糙程度相同，故摩擦力相同，即fA=fB，滑行中，木块克服摩擦做功，木块的动能转化成内能；（3）由图可知，图2实验探究的是动能大小与速度的关系，此时应控制质量相同，故实验的遗漏为：没有将木块也更换为与木块相同的木块。故答案为：（1）相同；不同；（2）；=；内；（3）没有将木块也更换为与木块相同的木块。【点评】本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能大小时运用了转换法，要掌握这两种方法的应用。分析清楚图示情景是正确解题的关键。23【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）知道物体和弹簧测力计移动的距离，求出绳子的段数，根据绳子的段数求出滑轮组的绕法。（2）为了准确测量，在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉弹簧测力计；（3）直接根据=进行计算。（4）滑轮组做的额外功为克服动滑轮重力和绳子间的摩擦力做的功，摩擦力与绳子间的拉力和接触面的粗糙程度有关，因此提的物体越重，摩擦力越大，额外功也会变大。【解答】解：（1）由表格中数据可知，物体上升的高度h=0.1m，而绳子自由端移动的距离为0.3m，s=3h，所以由3段绳子承担物重，因此要从动滑轮绕起，如下图所示：（2）为了准确测量，在实验过程中，应沿竖直方向匀速拉弹簧测力计；（3）第三次实验中，滑轮组的机械效率：=66.7%；（4）物体越重，每段绳子上承担的物重越大，所以绳子与轮之间的摩擦也会越大，则所做的额外功变大，但克服动滑轮重所做的额外功不变，其它额外功增大；其原因为摩擦力增大。故答案为：（1）如图；（2）匀速；（3）66.7%；（4）变大；变大；摩擦力增大。【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，主要考查了有关滑轮组的组装，一定要搞清绳端移动距离与物体上升高度之间的关系，同时要熟练掌握机械效率的计算公式：=，同时要知道s=nh还考查了影响滑轮组机械效率的因素。24【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）电流表、滑动变阻器与灯泡串联，电压表与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，滑动变阻器要接一上一下；（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断灯泡亮暗的变化。（3）根据电流表所选量程可读数，根据电压表指针位置读数，然后与电源电压比较即可知造成这种现象的原因；（4）灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，根据P0=分析与真实值的差异。【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.8V，所以应选择015V量程；滑动变阻器已接了上面一个接线柱，应再接下面一个接线柱，如图所示：（2）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片P缓慢向B端移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表的示数变大；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。（3）由图可知，电流表所选量程为00.6A，则由指针位置可知，此时电流表的示数是0.2A，由灯泡的额定电压U0=3.8V，可知，电压表应接015V，若接在015V量程，那么由指针位置可知，此时电压为10V，而电源电压为6V，所以没有接在015V量程，接在03