2019年中考物理模拟试卷及答案解析2-12

2019年中考物理模拟试卷一、单选题（每小题2分，共20分在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是正确的，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）1（2分）下列关于声现象的说法中正确的是（）A从环保角度看，噪声一定是物体做无规则振动产生的B改变吉他弦的粗细和松紧可以改变音调C用声呐探测海洋的深度，说明声音可以传递能量D声音在所有固体中传播的速度总大于声音在液体中传播的速度2（2分）下列关于光现象的说法中正确的是（）A光线垂直入射到平面镜上，反射角是90B潜水员从水下看岸上的景物要变矮，是由于光的折射形成的C白光是最单一的色光D远视眼是因为品状体太薄，应该戴凸透镜矫正3（2分）如图是利用恒定热源给某物体加热时的熔化图象，从图象中获得的信息错误的是（）A该物体是晶体B该物体的溶化过程持续了3min，此过程内能增加C0lmin该物体吸收的热量是45min吸收热量的两倍D本实验是通过热传递改变该物体内能的4（2分）如图，质量为8kg密度为8g/cm3的均匀正方体合金块，放在粗糙的水平地面上。当拉力F=10N时，物体未被拉动；当拉力F=30N时物体沿水平桌面以0.5m/s的速度做匀速直线运动。下列叙述正确的是（）A当F=10N时物体未被拉动，说明此时摩擦力大于10NB物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力C合金块对桌面的压强是8000PaD当拉力F=60N时，摩擦力为60N5（2分）关于分子动理论、内能和热机，下列说法正确的是（）A海绵能被轻易压缩，说明海绵分子间间隔很大BPM2.5（空气中直径小于2.5m的固体悬浮颗粒）在空气中的运动属于扩散现象C温度越高的物体内能一定越大D飞轮转速为2400r/min的四冲程汽油机，每秒对外做功20次6（2分）下列关于简单机械和能的说法中正确的是（）A镊子和定滑轮都是等臂杠杆B使用滑轮组的优点是既可以省力又可以省距离C洒水车在水平路面上匀速洒水的过程中，水和车的整体动能和机械能都在减小D同一滑轮组匀速提升不同的重物，机械效率是相同的7（2分）如图所示，当开关闭合时，灯L1、L2都不亮，电流表无示数，但电压表示数较大。则故障原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2短路DL2断路8（2分）如图a所示，石料在钢绳拉力的作用下从水面上方以恒定的速度下降，直至全部没入水中。其钢绳拉力F随时间t变化的规律如图b所示。若不计水的阻力，则该石料全部没入水中时受到的浮力和该石料的密度分别为（）A1400N 1103kg/m3B900N 1.4103kg/m3C500N 2.8103kg/m3D500N 1.4103kg/m39（2分）如图所示，电源电压保持不变，L1上标有“1.2V？W”，L2上标有“9V？W”。闭合开关S1后，当开关S接“1”，滑片P在最左端时，电压表示数为5.4V，L1此时的实际功率是额定功率的；当开关S接2时，P在中点，电压表示数为2V若将L1和L2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2A，下面说法中正确的是：（设灯丝电阻不随温度改变）（）A电源电压为10VBL1的额定功率为2WCL2的额定功率3WD滑动变阻器的最大阻值2010（2分）如图所示是一种POS刷卡机，刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头，在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息，一下实验中能说明检测头的线圈产生电流原理的是（）ABCD二、填空题（每空1分，共18分）11（2分）足球是很多同学喜欢的一种体育运动，在体育课上，小刚用力将足球向上踢出，表明力可以改变物体的 ；足球被踢出后，仍然会继续向上运动一会才会下降，是因为足球具有 。12（2分）如图，凸透镜焦距为10cm，保持透镜位置不变，当蜡烛在25cm刻度处时，为了找到像的位置，光屏应在光具座 cm的刻度范围内移动，利用这种成像原理可以制成 。13（2分）如图是成都飞机制造厂研制的中国第五代重型歼击机歼20，飞机采用图示的形状更容易升空，应用的物理原理是流速越大液体压强越 ，若这架飞机以200m/s飞行15分钟，飞行的路程是 km。14（2分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”、滑动变阻器R上标有“30 1A”的字样，电压表量程为03V，则灯L正常工作时的电流为 A若电源电压为4.5V，为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路中的阻值范围是 。15（2分）甲、乙两支完全相同的试管内装质量相等的不同液体，甲管竖直放置，乙管倾斜放置，两管液面相平，如图所示，设液体对两管底的压强分别为p甲和p乙，压力分别为F甲和F乙，则p甲 p乙，F甲 F乙（填“”“=”“”）。16（2分）如图所示为某电热水器的原理示意图，发热体分别由R1和R2组成，通过通、断开关可以使热水器处于“加热”或“保温”状态。断开S1、闭合S时，电热水器处于 状态。已知该热水器的加热功率为1000W，要把10kg水由18加热到68，加热时间为 s （c水=4.2103J/（kg），发热体放出的热量全部被水吸收）17（2分）如图电磁铁ab上方是一个条形磁铁，当开关S断开时，电磁铁的 （选填“a”或“b“）端是北极。当开关S由断开到闭合时，弹簧长度会变 。18（2分）将一个密度为0.9103kg/m3的实心小球，先后放入水和酒精当中，则小球排开水的体积与排开酒精的体积之比为 ；小球在水和酒精中所受浮力之比是 （酒精=0.8l03kg/m3）19（2分）有人提出可以不依靠消耗能量而永远运动下去的机器永动机。学习了物理后，我们知道这种想法是永远不可能实现的，因为它违背了 定律；核电站是利用核能来发电的，它的核心设备是核反应堆，在其中发生的核 变是可以控制的，而同样在原子弹爆炸中发生的则是不可控制的。三、探究与解答题（20、21题每个2分，22、2324题每个4分，25、26题每题8分，共32分）20（2分）图中凸透镜的右焦点与凹透镜的左焦点重合，请画出经过两透镜的光路。21（2分）如图所示，请把按动开关、螺丝口灯泡和三孔插座正确地连入家庭电路中。22（4分）如图所示，甲是探究“动能的大小与什么因素有关”的实验装置，实验中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，碰到同一木块上。乙是探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，在粗糙程度不同的水平面上运动。请回答下列问题：（1）甲实验的目的是探究钢球动能的大小与速度的关系；实验时，它是通过观察 ，从而判断钢球动能的大小。（2）进行乙实验时，每一次都让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，其目的是使小车在水平面运动的起始 相同；通过观察小车在粗糙程度不同的水平面上运动距离的大小来判断小车在不同的水平面受到 的大小。从而可以推理：如果运动的物体不受力，它将 。23（4分）在“探究杠杄的平衡条件”实验中：（1）调节杠杆平衡时发现杠杆左端高右端低，此时应将平衡螺母往 调；使杠杆在水平位置平衡的目的是 。（2）如图所示，每个钩码重0.5N，当弹簧测力计位于图中竖直位置时，测力计读数为 N。（3）在图中，弹簧测力计由竖直方向沿顺时针旋转一定角度杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。24（4分）在测定“小灯泡电功率”的实验中，小敏所在的实验小组用的电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10可供选用的滑动变阻器R1和R2的最大阻值分别为10、50他们所设计的实验电路图如图甲所示。（1）本实验中应该选用的滑动变阻器是 （选填“R1”或“R2”）。（2）小刚同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向 （选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5V。（3）小丽同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数并绘制成图丙所示的IU图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W。（4）由图丙可知，当加在小灯泡两端的电压升高时，小灯泡的电阻 （选填“不变”变大”或“变小”）。25（8分）甜甜同学选用规格为“l2V 6W”的红灯和“12V 12W”的绿灯及“24 2A”的滑动变阻器等元件设计了如图电路。当闭合开关S、S1、S2，且滑动变阻器的滑片P移至b端时，两灯都正常发光（电源电压不变，不考虑灯丝电阻的变化）求：（1）两灯都正常发光时电流表的示数为多少？（2）该电路在1min消耗的最小电能？（3）当只闭合S和S2时，变阻器R1消耗的最大功率？26（8分）用如图所示的装置提升质量为1400kg的货物A，货物A的体积为0.2m3，且A在2s内匀速升高1m，绳端C处拉力F的功率P=7.5kW（忽略绳重和摩擦，全过程货物A一直在水中，g取10N/kg）。（1）求重物A在水中完全浸没时的浮力（2）求动滑轮B的重力（3）求在水中提升A时滑轮组的机械效率（计算结果保留整数）参考答案与试题解析一、单选题（每小题2分，共20分在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是正确的，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上）1【考点】9J：噪声及来源；94：声音在不同介质中的传播速度；9D：频率及音调的关系；9M：声与信息【分析】（1）从环保的角度，凡是影响人们正常工作、学习和休息的声音，都属于噪声；（2）弦的松紧、长短、粗细都影响音调的高低，弦越紧，越短，越细音调越高；（3）声音可以传递信息和能量；（4）通常声音在固体中的传播速度比在液体中的传播速度大，但也有例外。【解答】解：A、从环保的角度，凡是影响人们正常工作、学习和休息的声音，都属于噪声，不一定是由物体无规则振动产生的，故A错误；B、改变吉他弦的粗细和松紧可以改变音调。故B正确；C、用声呐探测海洋的深度，说明声音可以传递信息，故C错误；D、声在固体中传播的速度一般比液体中的声速大，但也有个别的固体中传播速度较慢，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了与声现象有关的多个知识点，体现了物理与生活实际的联系，难度不大。2【考点】A7：光的反射定律；AM：光的折射现象及其应用；AP：光的色散；BB：远视眼的成因与矫正办法【分析】（1）掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角；（2）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；（3）太阳光是一种复色光，我们可以通过三棱镜将其分解为七种颜色的色光；（4）远视镜是凸透镜，对光线有会聚作用。【解答】解：A、因为入射光线垂直射到平面镜上，入射光线和法线重合，所以入射角等于0，而反射角等于入射角，即反射角为0，故A错误；B、潜水员在水下看见岸上的景物，是景物反射的光斜射到水面时，发生折射进入水中后靠近法线，进入潜水员眼睛，所以潜水员在水下看河岸上的景物比实际位置要高一些，故B错误；C、太阳光是一种复色光，是由多种单色光混合而成的，故C错误；D、远视眼是由于晶状体的折光能力太弱，需要佩戴凸透镜会聚光线，从而使成的像在视网膜上。故D正确。故选：D。【点评】此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，列举的事例或现象比较全面，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。3【考点】1C：熔化和凝固的温度时间图象；GA：热传递改变物体内能【分析】（1）在熔化图象中，若有一段时间温度保持不变，则为晶体，此时的温度为熔点。（2）从开始熔化到完全熔化完所用时间就是物态变化经历的时间，晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变，内能增加。（3）利用恒定热源给某物体加热，它们在相同时间内吸收的热量相等的。（4）改变内能的方式：做功和热传递。【解答】解：A、图象中的一段段与时间轴平行，反映了随着时间的增加，物质虽然吸热但温度不变，这应是一种晶体物质；故A正确；B、熔化所需的时间从1min开始熔化一直到4min熔化完成；故熔化过程需要3min；晶体在熔化过程中的特点：吸热，但温度保持不变，内能增加。故B正确；C、0lmin和45min时间相同，因为是利用恒定热源给某物体加热时的熔化图象，所以它们在相同时间内吸收的热量相等的，故C错误；D、改变内能的方式：做功和热传递，本实验是通过热传递改变该物体内能的，故D正确。故选：C。【点评】此题主要考查了晶体熔化过程的特点及对晶体熔化图象的分析。要注意从图象中得到信息；关键是搞清晶体和非晶体在熔化过程中的特点。4【考点】6T：二力平衡条件的应用；6R：平衡力的辨别；86：压强的大小及其计算【分析】（1）物体静止时，受力平衡；（2）二力平衡的条件有四个：大小相等，方向相反，作用在同一物体上，作用在同一直线上；（3）根据p=求出压强；（4）根据影响滑动摩擦力大小的因素分析。【解答】解：A、当F=10N时物体未被拉动，说明此时摩擦力与拉力大小相等，为10N，故A错误；B、物体对地面的压力和地面对物体的支持力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故B错误；C、合金块的体积为：V=1000cm3，故正方体的边长为10cm；面积为S=100cm2，合金块对桌面的压强是p=8000Pa，故C正确；D、当拉力F=30N时物体沿水平桌面以0.5m/s的速度做匀速直线运动，此时摩擦力为30N，当拉力F=60N时，由于压力和接触面没有变化，故摩擦力不变，仍为30N，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了摩擦力及其影响因素、压强的计算、二力平衡的判断，属于基础知识。5【考点】G1：分子动理论的基本观点；G4：内能的概念；GM：内燃机的四个冲程；GW：扩散现象【分析】物质是由大量分子组成的，分子在永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力。一切物体都具有内能，内能的大小与且只与物体的质量以及物体的温度有关，温度是分子平均动能的标志；在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。【解答】解：A、用手捏海绵，海绵的体积变小了，是因为海绵之间的空气被挤出了，与分子间隙无关，故A错误；B、PM2.5是固体小颗粒，不是分子，因此PM2.5在空气中的运动不属于扩散现象，故B错误；C、内能的大小与物体的质量和温度等有关系，因此温度越高的物体，内能不一定越大，故C错误；D、单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，即每秒钟转40圈，完成80个冲程，做功20次，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了分子动理论、内能和内燃机的四个冲程，内容较多，要认真分析。6【考点】7O：杠杆的分类；7X：滑轮组及其工作特点；F1：机械效率；FN：动能和势能的大小变化【分析】（1）根据杠杆的力臂关系可判断其省力或费力；（2）使用滑轮组可以省力，也可以改变力的方向，但不能省功，即不能同时省力、省距离；（3）与物体动能有关的因素：质量、速度；与物体重力势能有关的因素：质量、高度；分析质量、速度、高度的变化得出答案；（4）平常提高滑轮组机械效率的方法：一是增大提升的物重、二是减小摩擦。【解答】解：A、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；定滑轮实质是等臂杠杆，故A错；B、使用滑轮组的优点是既可以省力，同时可以改变力的方向，但不能同时省距离，故B错；C、洒水车水平路面上匀速洒水的过程中，质量变小、速度不变、所处高度不变，水和车的整体动能和机械能都在减小，故C正确；D、同一滑轮组匀速提升不同的重物，有用功变化；提升动滑轮和绳子、克服摩擦做的额外功几乎不变，总功变化，有用功与总功的比值变化，机械效率变化，故D错。故选：C。【点评】本题为力学综合题，考查了杠杆分类、滑轮组的特点、机械能变化分析以及提高滑轮组机械效率的方法，要求认真审题，易错题！7【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】如图灯L1、L2串联，电压表测L2两端电压。开关闭合时，灯L1、L2都不亮，说明电路断路。电流表无示数，但电压表示数较大，说明L2断路。【解答】解：A、L1断路，整个电路中没有电流，灯都不亮，电表都无示数。不合题意。B、L1短路，则L2中有电流会亮，电流表、电压表有示数。不合题意。C、L2短路，则电压表也短路，无示数。但L1会亮，电流表有示数。不合题意。D、L2断路，电流表无示数。电压表与电路串联，电压表分担电源电压，有示数，灯L1不亮。符合题意。故选：D。【点评】电路故障包括短路和断路，短路时电路中有电流，断路时电路中无电流。特别是电压表所测的用电器断路，电压表与电路串联。要会辨别不同故障所出现的不同情况。8【考点】8O：阿基米德原理；2A：密度的计算；8P：浮力大小的计算【分析】（1）分析钢绳拉力随时间t变化的图象，石料以恒定的速度下降，当石块没有浸入水中时，拉力等于重力，据此求出小石料的质量；当石块完全浸入后，浮力等于重力减去拉力，据此求出石料受到的浮力；（2）根据阿基米德原理求石料排开水的体积（石料的体积）；知道石料重，利用重力公式求石料的质量，最后利用密度公式求石料的密度。【解答】解：（1）石料在钢绳拉力的作用下从水面上方以恒定的速度下降，即石料做匀速直线运动；由图b可知，当石料没有浸入水中时，拉力为1400N，由二力平衡条件可得石料的重力G=F=1400N，当石块完全浸入后，此时的拉力F=900N，由力的平衡条件可得，石料浸没时受到的浮力：F浮=GF=1400N900N=500N；故AB错误；（2）石料的质量：m石=140kg，根据F浮=水gV排得排开水的体积：V排=5102m3，因为石料完全浸没，则石料的体积：V石=V排=5102m3；石料的密度：石=2.8103kgm3故C正确，D错误。故选：C。【点评】解决本题的关键是通过图乙确定石料的重力及钢丝绳受到的拉力，并会利用称重法计算出石料受到的浮力。9【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用【分析】（1）闭合开关S1后，当开关S接“1”，滑片P在最左端时，滑动变阻器与灯泡L1串联，电阻两端的电压与灯泡两端的电压之和等于电源电压；（2）当开关S接2时，P在中点，滑动变阻器阻值的一半接入电路，与灯泡L2串联，此时电阻两端的电压与灯泡两端的电压之和也等于电源电压；（3）将L1和L2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2A，根据以上已知条件，列出方程，问题就可以解决。【解答】解：（1）设滑动变阻器的最大阻值为R，当开关S接“1”，滑片P在最左端时，滑动变阻器与灯泡L1串联，由于L1此时的实际功率是额定功率的，根据功率的计算公式P1=说明此时灯泡L1两端的电压是额定电压的，所以此时灯泡L1两端的电压U1=1.2V=0.6V，因此电源电压U=5.4V+0.6V=6V。（2）当开关S接“1”，滑片P在最左端时，电压表示数为5.4V，则有：R=5.4V当开关S接2时，P在中点，电压表示数为2V，则有：=2V若将L1和L2串联后接在该电源上时，电路中电流为0.2A，则有：R1+R2=30由式得R1=R，由式得R2=R，将它们代入式得R=27因此R1=R=27=3，R2=R=27（3）L1的额定功率：P1=0.48WL2的额定功率：P2=3W。综合以上结果如下：电源电压6V，滑动变阻器的最大阻值27，L1的额定功率0.48W，L2的额定功率3W。故选：C。【点评】本题计算过程比较复杂，能够对电路装态进行正确的分析是解决问题的关键，考查学生的分析以及公式的综合应用能力。10【考点】CP：电磁感应【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机就是利用电磁感应原理制成的，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可。【解答】解：POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象。A、如图电路中有电源，通电导体在磁场中受力运动，是探究磁场对电流作用的实验。故A不符合题意。B、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应实验。故B符合题意。C、如图是奥斯特实验，反映电流周围存在着磁场。故C不符合题意。D、如图电路中有电源，电磁铁线圈的匝数不同，吸引的小铁钉的数量不同，是探究影响电流磁性因素的实验。故D不符合题意。故选：B。【点评】本题综合考查了电和磁基本知识的应用，理解和熟记课本中的几个原理图是解题的关键。二、填空题（每空1分，共18分）11【考点】6F：力的作用效果；6L：惯性【分析】（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状。物体由静到动、由动到静，以及运动快慢和方向的改变都叫做运动状态发生了改变；（2）一切物体都有惯性。【解答】解：小孩将足球向上踢出，改变了足球运动的方向，说明力可以改变物体的运动状态；由于惯性，足球被踢出后还要保持原来的运动状态向上运动。故答案为：运动状态；惯性。【点评】本题从一个实例考查了学生力学方面的知识，体现了物理来源于生活又应用于生活的物理意识。12【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】根据凸透镜成像的规律，知道当物距大于2f时，成倒立缩小的实像，此时像距处于f和2f之间；照相机就是利用此原理制成的。【解答】解：已知凸透镜焦距为10cm，图中凸透镜在50cm刻度处，当蜡烛在25cm刻度处时，此时的物距u=50cm25cm=25cm，大于2倍焦距；根据凸透镜成像规律可知，像应在1倍焦距和2倍焦距之间；所以，为了找到像的位置，光屏应在光具座的60cm70cm的刻度范围内移动；由于物体在2倍焦距以外，则此时能成一个倒立、缩小的实像，利用这种成像原理可以制成照相机，故答案为：60cm70；照相机。【点评】此题主要考查了凸透镜成像的规律及其应用，特别搞清像距与物距之间的关系，凸透镜三种成像情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。13【考点】8K：流体压强与流速的关系；69：速度公式及其应用【分析】（1）流体压强和流速的关系：在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大；（2）知道飞行速度和飞行时间，利用速度公式求飞行路程。【解答】解：（1）飞机采用图示的形状，在相同的时间内，上方空气通过的路程大于下方空气通过的路程，上方空气的速度大于下方空气的速度，因此上方气体压强小于下方气体的压强，会产生一个向上的压强差，这一压强差使飞机获得竖直向上的升力；（2）t=15min=h=0.25h，v=200m/s=720km/h，由v=可得，飞行的路程s=vt=720km/h0.25h=180km。故答案为：小；180。【点评】本题考查了流体压强与流速的关系、速度公式的应用，难度不大，计算时注意单位统一。14【考点】JA：电功率的计算；IH：欧姆定律的应用【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯L正常工作时的电流，（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；电路中各元件安全工作，已知电源电压和灯泡两端的电压，可求滑动变阻器两端的电压，灯L正常工作时的电流已知，根据公式R=可求滑动变阻器连入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器允许接入电路的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出滑动变阻器接入电路的阻值。【解答】解：（1）灯泡L正常工作时的电流为：I=0.3A；（2）灯泡的电阻为RL=10，滑动变阻器两端的最小电压为U滑=U总UL=4.5V3V=1.5V，滑动变阻器连入电路中的最小阻值R=5；当电压表的示数最大U滑=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时灯泡两端的电压为U=U总U滑=4.5V3V=1.5V，此时电路的电流为I=0.15A，滑动变阻器接入电路的电阻值为R=20。故答案为：0.3；520。【点评】本题考查欧姆定律及其变形的灵活运用，关键明白电路各个元件要想都安全工作，不能超过各自的额定电压，要知道串联电路电压的规律。15【考点】83：压强大小比较【分析】甲乙两种放置方法，V甲V乙，由液体质量相同，可得液体的密度关系，又因为h相同，根据液体压强公式p=gh分析，根据F=pS比较压力大小。【解答】解：由图可知，甲容器中的液体体积要比乙容器小，因液体质量相同，所以甲液体的密度比乙液体密度大，又因为两试管中液面等高，所以由液体压强公式p=gh可知，p甲p乙。甲、乙两支完全相同的试管，根据p=可知两试管底部的压力F甲F乙。故答案为：；。【点评】根据图中所装液体情形和质量相等找出液体密度关系是本题关键；利用控制变量法作定性分析。16【考点】J3：电功的计算；GG：热量的计算【分析】（1）我们知道加热功率大于保温时的功率，根据公式P=可知，加热时电路的总电阻较小，再根据串联或并联电路的电阻特点判断出断开S1、闭合S时，电路中电阻的大小关系，从而可以判断出电热水器处于处于什么状态。（2）知道水的质量、比热容和温度变化，可利用公式Q吸=cm（tt0）计算出水吸收的热量，又知道发热体放出的热量全部被水吸收和热水器的加热功率，可利用公式t=计算出加热时间。【解答】解：（1）加热和保温属于两个过程，加热时功率大，保温时功率小。根据P=可知，两个过程的电源电压相同，电阻越小，功率越大；当闭合开关S1和S时，R1和R2并联接入电路，此时电路中的总电阻最小，功率最大，电热水器处于加热状态；断开S1、闭合S时，电路中只有R2，电路中的总电阻变大，电压不变，功率变小，加热器处于保温状态。（2）c水=4.2103J/（kg），m=10kg，t=68，t0=18，水吸收的热量为：Q吸=c水m（tt0）=4.2103J/（kg）10kg（6818）=2.1106J；又发热体放出的热量全部被水吸收，即W=Q吸=2.1106J，而P=1000W，加热时间为：t=2.1103s。故答案为：保温；2.1103。【点评】本题考查了学生利用热量的计算公式Q吸=cm（tt0）计算物体吸收的热量、电功率公式和电功公式的灵活运用，分析当断开S1、闭合S时的电路连接方式，根据电功率公式判断电热水的状态是本题的难点。17【考点】CE：影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】（1）运用安培定则判断通电螺线管的极性；（2）磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。根据接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电磁铁磁性的变化，进一步判断弹簧长度变化。【解答】解：当开关S断开时，电路为R2的简单电路，由图知电流从螺线管的下方流入，根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向螺线管的上端，即电磁铁的a端是北极；所以，电磁铁和条形磁铁相对的磁极为异名磁极。当开关S到闭合时，两电阻并联，电路中的电阻变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，电磁铁对条形磁铁向下的吸引力增大，故弹簧长度会变长。故答案为：a；长。【点评】此题涉及到安培定则、并联电路的电阻规律、影响电磁铁磁性强弱的因素等多个知识点，综合性较强，利用学生系统的掌握知识。18【考点】8O：阿基米德原理；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】已知实心小球的密度，同水的密度比较，以确定物体在水中的状态，来计算物体受到的浮力；小球的密度大于酒精的密度，放入酒精静止时，物体完全浸没酒精中，根据阿基米德原理求小球在酒精中受到的浮力，据此求出小球在水和酒精中所受浮力之比。再求小球排开水的体积与排开酒精的体积之比。【解答】解：由题知，球水，实心小球放入水中为漂浮，小球受到水的浮力：F水=G=球gV=水gV排水，球酒精，把实心小球放入酒精中，小球下沉，小球受到酒精的浮力：F酒精=酒精gV排酒精=酒精gV，F水：F酒精=球gV：酒精gV=球：酒精=0.9103kg/m3：0.8103kg/m3=9：8；即：水gV排水：酒精gV排酒精=9：8，V排水：V排酒精=9：10。故答案为：9：10；9：8。【点评】本题主要考查了物体的浮沉条件和阿基米德原理，本题关键：一是根据密度关系判断小球的浮沉，二是灵活运用公式F浮=液gV排。19【考点】E3：能量守恒定律；K7：核裂变【分析】（1）根据能量守恒定律的内容解答。明确转化和转移。转化能的形式发生变化，转移能的形式不变。（2）核能的利用有核裂变和核聚变，核裂变分为可控制的核裂变和不可控制的核裂变；核电站就是利用可控制核裂变时释放能量来工作的，原子弹爆炸发生的是不可控制的核裂变。【解答】解：（1）永动机是不可能制成的，因为它违背了能量守恒定律。（2）由于核裂变比较容易控制，而核聚变不容易控制，所以目前我国核电站的核反应堆中发生的是可以控制的核裂变来释放能量的。故答案为：能量守恒；裂。【点评】本题主要考查了能量守恒定律以及核电站是利用核裂变释放能量发电的，是一道基础题，掌握课本知识即可解答。三、探究与解答题（20、21题每个2分，22、2324题每个4分，25、26题每题8分，共32分）20【考点】B6：透镜的光路图【分析】在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：（1）过焦点的光线经凸透镜折射后，其折射光线平行于主光轴；（2）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；如图所示：【点评】（1）凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。（2）凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。21【考点】IO：家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；（2）安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。22【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素；6N：阻力对物体运动影响的探究实验【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，实验甲中通过木块被推动的距离来判断小球动能的大小；（2）在探究阻力对物体运动的影响实验中，为使小车到达水平面的速度相同，应使小车从斜面的同一高度由静止滑下；小车在不同表面上运动，受到的阻力越小，运动的距离越远，从而推理得出，如果运动的物体不受力，将做匀速直线运动。【解答】解：（1）实验时，通过观察木块B被推动的距离来判断钢球动能的大小；（2）进行乙实验时，每一次都让同一小车从斜面上相同的高度由静止滑下，其目的是使小车在水平面运动的起始速度相同；通过观察小车在粗糙程度不同的水平面上运动距离的大小来判断小车在不同的水平面受到阻力的大小；物体受到的阻力越小，物体运动的越远，推理如果运动的物体不受力，它将做匀速直线运动。故答案为：（1）木块B被推动的距离；（2）速度；阻力；做匀速直线运动。【点评】此题是探究动能与速度的关系及探究“阻力对物体运动的影响”的实验，考查了控制变量法和转换法在实验中的应用，这是在物理实验中常用到的方法，要注意掌握。23【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，调节杠杆两端的平衡螺母，平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡。杠杆在水平位置平衡，竖直作用在杠杆上力的力臂在杠杆上，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响。（2）根据杠杆的平衡条件计算出拉力的大小；（3）弹簧测力计由竖直方向沿顺时针旋转一定角度，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。【解答】解：（1）杠杆左端高右端低，应将杠杆右端的平衡螺母向上翘的左端移动；杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心通过支点，杠杆重力的力臂为0，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，方便的测量力臂；（2）每个钩码重0.5N，根据杠杆的平衡条件：F左L左=F右L右，即1N2L=F右4L，解得F右=0.5N；（3）在图中，弹簧测力计由竖直方向沿顺时针旋转一定角度，阻力和阻力臂不变，动力臂减小，动力要增大，所以弹簧测力计示数变大，才能使杠杆仍然水平平衡。故答案为：（1）左；方便测量力臂；（2）0.5；（3）变大。【点评】本题考查了杠杆平衡的条件，在实验中我们应首先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂；用弹簧测力计时，应注意竖直方向拉动测力计；杠杆平衡的条件就是动力动力臂=阻力阻力臂。注意：当杠杆平衡时，并且力竖直作用在杠杆上时，力臂才在杠杆上。这点容易被学生忽视。24【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）根据串联电路电压特点，求出灯泡正常工作时，滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻，即可选择合适的滑动变阻器；（2）根据电压表的量程和分度值读出其实数，根据串联电路电阻的分压特点判断滑动变阻器滑片移动的方向；（3）根据图象读出2.5V时通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；（4）根据图象分析电阻的变化，并明确金属导体电阻随温度升高而增大。【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；灯泡正常工作时的电压UL=2.5V，因为串联电路中各处的电流相等，所以根据欧姆定律可得，此时电路中的电流约为：I=0.25A，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器分压U滑=UUL=6V2.5V=3.5V，滑动变阻器接入电路中的电阻约为：R滑=1410，故滑动变阻器应选R2。（2）电压表的量程为03V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2V；要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压到2.5V，根据串联电路的分压特点可知，应减小滑动变阻器分得的电压，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，故滑片向右端移动。（3）由图象可知，灯泡的额定电流为0.2A，灯泡的额定功率P=ULIL=2.5V0.2A=0.5W；（4）由图可知，电压是1V时，电流为0.15A，电阻约为R=6.7；电压是2.5V时，电流为0.2A，电阻约为R=12.5；由此可见，电阻越来越大；原因是灯泡内阻随温度的升高而变大。故答案为：（1）R2；（2）右；（3）0.5；（4）变大。【点评】本题考查了电表量程的选择和连接以及读数、滑动变阻器的使用和规格的选择、欧姆定律和电功率公式的应用等，这些知识点是伏安法测功率中最常见的内容，也是常考的内容。25【考点】JA