2019年中考物理模拟试卷及答案解析15-11

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本大题共16小题，每小题2分，共32分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1（2.00分）能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱，关于它们下列说法中正确的是（）A超导体材料可以用来制作电饭锅中的电热丝B手机是利用电磁波来传递信息的C太阳能、风能、天然气都是可再生能源D大亚湾核电站利用的是核聚变释放的能量2（2.00分）端午节赛龙舟是我国民间传统习俗之一。如图所示，队员们拿着船桨奋力向后划水，龙舟向前直冲。使龙舟前进的力的施力物体是（）A龙舟B水C运动员D船桨3（2.00分）如图所示的现象中，属于光的折射现象的是（）A沙滩上鸽子的影子B汽车观后镜中的景物C水面上“折断”的筷子D镜子中的灯笼和灯4（2.00分）如图所示的“吸引现象”由静电引起的是（）A磁铁吸引硬币B压紧的铅块互相吸引C摩擦后的气球吸引头发D吸盘吸在墙壁上5（2.00分）如图所示实验装置，甲重16N，乙重12N，静止时不计弹簧测力计自重，则弹簧测力计的示数是（）A16NB12NC28ND4N6（2.00分）在物理学发展的漫长历程中，科学家们研究出了许多成果，为推动社会发展作出了卓越的贡献。以下关于科学家及其研究成果不正确的是（）A奥斯特：第一个发现了电与磁之间的联系B焦耳：最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系C欧姆：研究并总结出电流跟电压和电阻的关系D安培：研究并提出了原子核式结构模型7（2.00分）体育课上有爬绳索和爬滑杆两种运动。体重相同的小明和小华两人想比赛看谁爬得快。两人先后以相同的姿势匀速向上爬，以下说法正确的是（）A若小华爬杆和小明爬绳的速度不一样，则速度大的人受到的摩擦力要大些B小华爬杆时手的握力比小明爬绳时手的握力小C小华爬杆时受到的摩擦力和小明爬绳时受到的摩擦力一样大D小明爬绳时所受的重力和手拉绳的力是一对平衡力8（2.00分）家庭电路中有时会出现这样的现象；原来各用电器都在正常工作，当把手机充电器的插头插入插座时，家里所有的用电器都停止了工作，其原因可能是（）A这个插座的火线和零线原来就相接触形成了短路B插头与这个插座接触不良形成了断路C插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路D同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，空气开关跳闸9（2.00分）如图所示，烧杯内盛有适量水并用酒精灯加热（标准大气压下），甲试管盛有水，乙试管盛有酒精，则甲乙两试管（）A都会沸腾B都不会C甲会沸腾，乙不会沸腾D甲不会沸腾，乙会沸腾10（2.00分）如图所示，是某草原发生的一起龙卷风，龙卷风的实质是高速旋转的气流。它能把地面上的物体或人畜“吸”起卷入空中。龙卷风能“吸”起物体是因为（）A龙卷风内部的压强远小于外部的压强B龙卷风增大了空气对物体的浮力C龙卷风使物体受到的重力变小D迷信说法中的“龙把物体“抓”到空中11（2.00分）放学后，某同学背着重40N的书包沿水平路面走了200m，又登上大约10m高的四楼才到家。则他在回家过程中对书包所做的功约为（）A0JB400JC8000JD8400J12（2.00分）自由运动的滚摆，每次上升的高度逐渐减小，下列说法正确的是（）A机械能守恒B能量正在消失C只存在动能和重力势能的相互转化D减小的那部分机械能转化为了内能，但总的能量守恒13（2.00分）如图所示，是电磁现象的四幅装置图，下列分析错误是（）A图甲动圈式扬声器利用了电磁感应原理发声B图乙装置，说明电流周围存在磁场C图丙装置研究的是磁场对电流的作用D图丁装置是发电机的结构原理图14（2.00分）如图所示的电器中，电源电压不变，当开关S闭合，甲、乙两表都为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙=5：3；当开关S断开，甲、乙两表都为电流表时，两表的示数之比I甲：I乙是（）A2：5B3：5C2：3D5：215（2.00分）某同学在做电学实验时，接了如图所示的电路，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“201A”，灯泡L标有“2.5V1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是 0.18A0.5AB灯泡的最大功率是 2.25WC滑动变阻器阻值变化的范围是 2.510D电路的最小功率是 1.35W16（2.00分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙，下列判断正确的是（）A电源电压为 4VB电路总功率的最大值为 2.4WCR1电功率的最小值为 0.4WDR2的最大阻值为 10二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共12分）17（1.00分）中国是建造船闸最早的国家。现代的三峡双线五级船闸，规模举世无双，是世界上最大的船闸，它利用了物理学上的 原理。18（1.00分）目前市场上流行“充电宝”，它还有一个非常个性的名称：“手机伴侣”。外出旅行时，在用它给手机充电的该“充电宝”相当于电路中的 （选填“电源”“用电器”或“开关”）。19（3.00分）如图所示，挤压气囊时瓶中香水从小孔喷出，这是由于挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速增大，于是吸管顶端气体压强 （选填：“大于”、“小于”或“等于”）瓶中液面上方气体的压强，从而使香水沿吸管上升并随着高速的气流从小孔喷出，周围的人闻到香水味属于 现象。20（1.00分）如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片向左移动时，电流表的示数 ，电压表示数与电流表示数之比 。（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）21（2.00分）如图所示，小明用同一滑轮组，分别将甲乙两组钩码提升相同的高度。他两次提升钩码所用的拉力分别为F甲和F乙，则F甲 F乙；机械效率分别为甲和乙，则甲 乙（选填“”，“=”或“”）22（2.00分）如图所示的汽油机正在进行的是 冲程。已知汽油的热值为4.6107J/kg，如果完全燃烧84g汽油放出的热量全部被质量为4.6kg、初温为20的水吸收，则水温升高了 （已知水的比热容为4.2103J/（kg），标准大气压下）23（2.00分）甲和乙两灯的额定电压均为6V，图是甲、乙两灯的电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为 A，电源电压最大为 V。三、作图题、简答题（本大题共3小题，共7分）24（2.00分）请用笔画线代替导线，将图中的电灯、开关和插座（插座准备接大功率用电器）接入家庭电路中。25（2.00分）实验台上放置一块较厚的玻璃砖，如图所示。现有一束激光斜射至玻璃砖表面，请你画出玻璃砖上表面反射光线和折射光线光路图，注意用虚线标出法线。26（3.00分）仔细观察，你会发现烧开水时，在最靠近壶嘴的地方反而不出现“白气”想一想，为什么？四、实验探究题（本大题共5小题，每空1分，共28分）27（6.00分）在做“观察水沸腾”的实验时，甲、乙、丙三组同学分别从A、B两套器材中任选一套来完成实验。（实验室已准备多套A、B装置）（1）该温度计是利用 的原理制成的，加热时应使用酒精灯的 （选填“内焰”、“外焰”或“焰心”）。（2）甲、乙两组同学用同样多且初温相同的温水进行实验，加热所用的酒精灯也相同，结果甲组同学从开始加热到水沸腾用时较短，则甲组选择的是 （选填“A”或“B”）装置。（3）乙、丙两组同学选用的相同实验装置进行了实验，并根据实验记录的数据绘制了如图C所示的a、b两条曲线（a表示乙组的，b表示丙组的）。由图象C可知，他们两组测得的水的沸点 （填“相同”或“不同”），图 （填“D”或“E”）所示的情形可表示水正在沸腾。他们两组从开始加热到水沸腾所用的时间不同的原因可能是 。28（7.00分）在“测定小灯泡的电功率”实验中，电源由两节新干电池组成，小灯泡L标有“2V”字样，滑动变阻器标有“201A”字样。（1）请用笔画线代替导线，将图中实物电路正确连接完整。要求：移动变阻器的滑片P向左端时，灯泡变暗。（2）连接好电路，闭合电键，观察到灯泡L不发光，电压表示数为零。将电压表分别正确并联在AB、AC、AD两端，发现UAB=UAC=0，UAD0请判断，发生故障的是 。（3）排除故障后，继续实验，测定灯泡L的额定功率。当移动变阻器的滑片P时，眼睛应先观察 表的示数。（4）若测量过程发现电压表的示数为1.5V，为了测量小灯泡正常发光的时的功率，则应当滑动变阻器向 移动，直到电压表的示数为 时，停止移动滑片，此时电流表的示数如图所示，则灯泡L的额定功率为 W，此时变阻器接入电路中的电阻为 。29（6.00分）学习识后，小华对有关探究实验进行了回顾和思考：（1）图甲是“探究光的反射规律”的装置。如何将一张可以沿ON折转的白色硬纸板ABCD放置在平面镜上，下列观点正确的是 A必须与平面镜垂直 B必须与平面镜行 C只要OD与平面镜接触，可以倾斜放置（2）图乙是“探究平面镜成像特点”的装置。为确定像的位置，用 代替平面镜，为确定像的虚实，需在 选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛位置放一个光屏。（3）如图丙，小华测凸透镜焦距f时，将凸透镜正对太阳，在透镜下方的白纸上呈现一个光斑，测得光斑到透镜的距离为，将白纸再远离透镜一段距离，发现白纸上又出现了相同大小的光斑，则 f（选填“大于”、“等于”或“小于”。）（4）如图丁，小华用测出焦距的凸透镜在光屏上找到一个清晰的像，这个像是倒立 的实像。若此时给凸透镜带上近视眼镜，为使光屏上再次呈清晰像，应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动。30（4.00分）小明设计的“探究影响滑动影响滑动摩擦力大小的因素”实验方案如图所示。（1）测量滑动摩擦力的实验原理是 ，因此小明要拉着木块沿水平方向做匀速直线运动。（2）下列现象中应用了从图甲、乙实验所得结论的是 （选填字母）A足球守门员带着防滑手套B用力压住橡皮，擦去写错的字C移动很重的石块时，在地上铺设滚木D压路机的碾子质量很大，能更好地将路压平（3）为了探究滑动摩擦力大小与接触面积是否有关，如图丙所示，小明竖直向下切去一半木块，测得摩擦力大小是图甲中的一半，这样的实验方案没有能控制 相同，你的改进措施是： 。31（5.00分）物体只在重力作用下由静止开始下落的运动，叫做自由落体运动，这种运动只在没有空气的空间才能发生，在有空气的空间，如果空气阻力相对物体的重力比较小，可以忽略，物体的下落也可以近似地看作自由落体运动。（1）为了探究自由落体运动时间与哪些因素有关，物理学习研究小组（一）提出了如下猜想：猜想一：物体下落的时间与物体的材料有关；猜想二：物体下落的时间与物体的质量有关；猜想三：物体下落的时间与物体下落的高度有关。为验证猜想的正确性，小组同学用6个金属球做了一系列实验，实验数据记录如下：实验序号材料质量（g）下落高度（m）下落时间（s）1铁球50101.432铝球50101.433铜球50101.434铝球50151.755铜球80202.026铁球80101.43为了验证猜想二，应比较实验序号为 的实验数据；为了验证猜想三，应比较实验序号为 的实验数据；分析可知，物体下落的时间与物体下落的高度 （选填“有关”或“无关”）。（2）物理学习研究小组（二）也对这个问题进行了研究，他们让质量相等的铁球和纸团同时从同一高度由静止开始下落，他们发现两者下落时间不相等，原因 。（3）如图甲是某实验小组绘制的金属球由静止自由下落的高度h与时间t关系图象；则图乙中描述重力对该球做功W与时间t关系的四种图象中，正确的图象是 。五、计算题（本大题共3小题，共21分）32（8.00分）图甲是使用汽车打捞水下重物的示意图。汽车通过定滑轮牵引水下一个圆柱形重物，在整个打捞过程中，汽车以恒定的速度V=0.4m/s 向右运动。图乙是此过程中汽车拉动重物的功率P随时间t 变化的图象。设t=0时汽车开始提升重物，忽略水的阻力和滑轮的摩擦，g取10N/kg求：（1）圆柱形重物的质量；（2）圆柱形重物的密度；（3）打捞前，圆柱形重物上表面所受的水的压力。画出重物上升时的受力示意图。33（6.00分）在课外活动中，同学们设计了一种物品自动筛选器，可将质量小于一定标准的物品自动剔除，其原理如图1所示：放在水平轻质传送带上的物品，经过装有压敏电阻R的检测区时，使R的阻值发生变化，其阻值随压力F变化的关系如图2所示。已知电源电压为12V，R0为定值电阻，当电路中电压表示数小于2.4V时，机械装罝启动，将质量不达标的物品推出传送带，实现自动筛选功能。g取l0N/kg试问：（1）当物品随传送带匀速运动时，物品 （选填“受”或“不受”）摩擦力。（2）当检测区上没有物品时，电压表的示数为2V，R0的阻值为多少？（3）当压敏电阻的电功率最大时，电路中的电流为多少？此时在检测区上物品的质量是多少？（4）电路中的电池使用一段时间后，电源电压会降低，能通过检测区物品的最小质量将 （选填“增大”或“减小“）。34（7.00分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器。图乙是该滑动变阻器消耗功率的电功率与电流关系的图象。求：（1）滑动变阻器电阻的最大值；（2）电源电压；（3）滑动变阻器在滑动过程中，它消耗的电功率的最大值。参考答案与试题解析一、选择题（本大题共16小题，每小题2分，共32分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1【考点】45：超导体的作用；D2：电磁波的传播；K2：能源的分类；K7：核裂变【分析】利用下列知识分析判断：（1）超导体电阻为零，电流流过超导体时，超导体不能发热，超导体不能用来制作电饭锅中的电热丝；（2）手机是利用电磁波来传递信息的；（3）能在短时间内形成的能源属于可再生能源，不能在短时间内形成的能源属于不可再生能源；（4）现在的核电站是利用核裂变释放的能量发电的。【解答】解：A、超导体电阻为零，电流流过超导体时，超导体不能发热，超导体不能用来制作电饭锅中的电热丝，故A错误；B、手机是利用电磁波来传递信息的，故B正确；C、天然气不能在短时间内形成，天然气是不可再生能源，故C错误；D、大亚湾核电站利用的是核裂变释放的能量，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了超导体的性质、手机信息的传递、能源的分类、核电站的工作原理，涉及的知识点较多，是一道学科综合题，但难度不大，是一道基础题。2【考点】6I：力作用的相互性【分析】物体间力的作用是相互的，相互作用力的大小相等，方向相反，作用在同一直线上。【解答】解：由于物体间力的作用是相互的，所以用船桨奋力向后划水时，水也给船桨一下向前的反作用力，从而带动船前进，故使龙舟向前直冲的力的施力物体是水。故选：B。【点评】了解物体间力的作用的相互性的应用，会判断一对相互作用力的特点，是解答的关键。属力学基础题。3【考点】AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）光沿直线传播的事例有小孔成像、日食、月食及影子等；（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这就是光的折射现象；（3）平面镜、凸面镜成像时是光的反射现象。【解答】解：A、沙滩上鸽子的影子，是光的直线传播形成的，故A不符合题意；B、汽车的观后镜是凸面镜，观后镜中的景物是光的反射形成的，故B不符合题意；C、水面上“折断”的筷子，是筷子反射的光经过水面时发生折射形成的，故C符合题意；D、镜子中的灯笼和灯，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题考查了光沿直线传播现象的应用、光的反射现象的应用以及光的折射现象的应用，都是基础知识。4【考点】2T：静电现象【分析】（1）磁铁能够吸引硬币，说明磁铁与铁钉之间存在着相互作用的引力；（2）分子间存在相互作用的引力与斥力；（3）用摩擦的方法可以使物体带电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（4）吸盘吸在墙壁上由于大气压的作用。【解答】解：A、磁铁能够吸引硬币，是由于磁体具有吸引铁钴镍等金属的性质，属于磁体对物体的作用力，是非静电引起的，故A错误；B、两个压紧的铅块能吊起钩码，由于分子间存在相互作用的引力而使两块铅块粘在一起，不易分开，故B错误；C、摩擦后的气球带上了电荷，能吸引不带电的头发，是由静电引起的，故C正确；D、吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，是非静电引起的，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了磁力、分子间的作用力、摩擦起电现象以及大气压等知识，属于基础知识的考查。5【考点】75：弹簧测力计在力的相互性方面的应用【分析】弹簧测力计读数时，多数都是在静止或匀速直线运动状态即平衡状态下使用的，此时弹簧测力计的示数等于弹簧测力计受到的这两个力的大小。【解答】解：（1）图中有两个定滑轮，只能改变力的方向，并不省力，不能改变力的大小；（2）由图可见，乙处于悬吊状态，乙由于自身的重力对弹簧测力计施加了一个向右的12N的拉力，弹簧测力计处于静止状态，水平方向上受到的就是一对平衡力，所以甲也对弹簧测力计施加了一个12N的拉力，弹簧测力计的示数等于这个力，等于12N，地面对甲的支持力为16N12N=4N。故选：B。【点评】弹簧测力计处于静止状态时，受到的力是平衡力，弹簧测力计的示数等于其中一个力的大小。6【考点】2R：物理常识【分析】根据对物理学家及其成就的掌握作答。【解答】解：A、奥斯特最早发现了电与磁之间的联系即电流的磁效应。故A正确；B、焦耳最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出焦耳定律，故B正确；C、欧姆研究并总结出电流跟电压和电阻的关系，得出欧姆定律，故C正确；D、原子由位于中心的原子核和绕核高速转动的电子组成。最早建立原子核式结构模型的是卢瑟福，故D错误。故选：D。【点评】近几年物理考试中增加了对物理学史的考查，在学习中要注意掌握科学家们的主要贡献，要求能熟记。7【考点】6T：二力平衡条件的应用【分析】由于二人以相同姿势分别沿着杆和绳匀速向上爬，那么在竖直方向均受到平衡力的作用：重力和摩擦力；根据二力平衡的条件，进行判断即可。【解答】解：A、摩擦力的大小与速度无关，取决于压力大小和接触面的粗糙程度。绳子的接触面虽然粗糙，但手对它的压力小，摩擦力等于人的重力。重力不变，摩擦力不变。故A错误。B、因为杆比绳的接触面光滑，因此小华爬杆时手的握力比小明爬绳时手的握力大。故B错误。C、爬绳与爬杆时，摩擦力与重力是一对平衡力。由于二人的重力相等，所以摩擦力也相等。故C正确；D、小明爬绳时受到的重力，是小明受到的，而手拉绳的力，是绳受到的，所以不是一对平衡力。故D错误；故选：C。【点评】此题主要考查了二力平衡的条件，其中重要的是要注意到两次都是匀速上爬，利用二力平衡的条件判断摩擦力与重力的大小。8【考点】IP：家庭电路的故障分析【分析】室内用电器全部停止工作，表明干路上的保险丝被熔断了，保险丝被熔断是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大。 由手机充电器插头插入插座，闭合开关，室内用电器全部停止工作可知，是手机充电器的两个接头短路了。【解答】解：A、若是这个插座处原来有短路，则在没有插入手机充电器之前，电路就已经出现了短路，空气开关跳闸，室内所有用电器早就停止了工作，故A不正确；B、若是插头与这个插座接触不良形成了断路，则手机充电器不工作，不会影响室内其它的用电器，故B不正确；C、若是插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路，空气开关跳闸，室内所有的用电器全部停止了工作，符合题意，故C正确；D、手机充电器的功率很小，使用后对干路电流的影响比较小，不会导致干路中总电流过大，空气开关跳闸，故D不正确。故选：C。【点评】本题考查对家庭电路故障的分析判断能力，要结合家庭电路的特点熟练掌握。9【考点】1I：沸腾及沸腾条件【分析】液体沸腾的条件：达到沸点并且要继续吸热；液体沸腾规律：吸收热量、温度保持不变。【解答】解：在1个标准大气压下水的沸点是100，甲试管中装的是水，烧杯中的水即使沸腾，温度最高也是100，这样的话，即使试管中的水能够达到100，但达到100后就不能从烧杯中的水吸收热量，不会沸腾；乙试管中装的是酒精，因为酒精的沸点是78，低于水的沸点，会从水中不断吸热，会沸腾。故选：D。【点评】此题主要考查了液体沸腾的条件及特点。知道液体沸腾必须达到沸点，并且要继续吸热；液体沸腾过程中吸热，但温度保持不变。10【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】运用流体压强与流速的关系来分析物体的受力情况，根据受力情况可以得到物体被“吸”起的原因。【解答】解：A、龙卷风内部的压强远小于外部的压强，根据流体压强与流速的关系可知：龙卷风内部空气流速快外部流速慢，造成龙卷风内部的压强远小于外部的压强。故A正确；B、龙卷风增大了空气对物体的浮力，物体浮力只和物体排开空气的体积及空气密度有关，这两个量没变，浮力就没变，故B错误；C、龙卷风使物体受到的重力变小，在地球上物体的重力不会变，故C错误；D、迷信说法中的“龙”把物体“抓”到空中，这是迷信说法，没有科学道理，故D错误。故选：A。【点评】这类题要抓住问题的关键“流体压强和流速的关系”，判断出什么位置流速快，什么位置流速慢然后解题。11【考点】EC：功的计算【分析】（1）力对物体做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在该力的方向上通过的距离。（2）若做功。根据W=Fs进行计算。【解答】解：（1）某同学背着书包给书包一个向上的力，只有向上移动距离，该同学对书包才做功。某同学背着重40N的书包沿水平路面走了200m，给书包的力是向上的，移动的距离是水平方向的，此过程没有做功。又登上大约10m高的四楼才回到家此过程做功。（2）整个过程做功：W=Fs=40N10m=400J。故选：B。【点评】本题关键是掌握对物体做功的两个必要因素。有力有距离不一定做功，距离一定是在该力的作用下通过的才能说该力做功。12【考点】FU：动能和势能的转化与守恒；FY：机械能和其他形式能的转化【分析】分析滚摆的向上运动时高度的变化，则可知机械能的变化。【解答】解：自由运动的滚摆，每次上升的高度逐渐减小，原因是自由运动的滚摆由于与空气的摩擦，一部分机械能会转化为内能，故滚摆的机械能减小，内能增加，但能量的总量不变，故D正确，ABC错误。故选：D。【点评】本题考查了能量守恒以及机械能守恒，属于基础题，学生易于解答。13【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CL：扬声器和耳机的构造和原理；CS：发电机的构造和原理【分析】根据对电与磁几个重要实验装置图的认识来判断：（1）发电机原理图描述了线圈给外界的用电器供电；电动机原理图描述了电源给线圈供电；（2）电磁感应现象装置图没有电池；磁场对电流的作用装置图有电池。【解答】解：A、动圈式扬声器是将电信号转化成声信号，它是利用磁场对通电导体有力的作用原理工作的，故A错误；B、该实验是奥斯特实验，即说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；C、实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故C正确；D、装置中没有电源，即线圈转动时，电路中就会产生感应电流，即电磁感应现象，该过程是将机械能转化为电能的过程，发电机的原理，故D正确。故选：A。【点评】此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。14【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）由电路图可知，当S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，再根据并联电路的电流特点求出两表示数之比。【解答】解：（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，已知U甲：U乙=5：3，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1、R2两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：=；（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R1、R2两支路的电流之比：=，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两表示数之比：=。故选：A。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。15【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出灯泡正常发光时电路的电流，电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的电功率最小，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，根据P=UI求出电路消耗的最小功率【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，则灯泡的最大功率达不到2.25W，故B不正确；因串联电路中各处的电流相等，所以根据P=UI灯泡正常发光时电路中的电流：I=IL=0.5A，因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，因串联电路总电压等于各分电压之和，所以，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=4.5V2.5V=2V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑min=4，故C不正确；（2）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的功率最小，灯泡的电阻：RL=5，灯泡两端的最小电压：UL=UU滑max=4.5V3V=1.5V，电路中的最小电流：Imin=0.3A，则电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故A不正确；电路消耗的最小功率：Pmin=UImin=4.5V0.3A=1.35W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。16【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、电压表的示数最大，由图象读出电流和电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压，利用电功率公式求出电路消耗的最大和R1最小功率。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片于a端时，其接入电路电阻为0，电路中的电流最大，由图乙可知最大电流I1=0.6A，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.6AR1当滑片于b端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知，最小电流I2=0.2A，U2=4V，则滑动变阻器的最大阻值：R2=20，故D错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=I2R1+U2=0.2AR1+4V因电源的电压不变，由可得：0.6AR1=0.2AR1+4V，解得：R1=10，电源的电压：U=0.6AR1=0.6A10=6V，故A错误；电路消耗的最大功率：P1=UI1=6V0.6A=3.6W，故B错误。R1消耗的最小功率：P1=I22R1=（0.2A）210=0.4W，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共12分）17【考点】8B：连通器原理【分析】连通器是上端开口、底部相连通的容器；连通器特点是：静止在连通器中的同一种液体，各部分直接与大气接触的液面总在同一水平面上。【解答】解：船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器。故三峡双线五级船闸利用了物理学上的连通器原理。故答案为：连通器。【点评】记住连通器定义，生活中的锅炉水位计、自动喂水器、洗手盆的回水弯管、过桥涵洞、船闸等等都是连通器。18【考点】HN：电路的组成【分析】给手机电池充电，电池消耗电能，属于用电器；手机电池向外供电时，提供电能，属于电源。【解答】解：“充电宝”在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中手机电池消耗电能，手机电池相当于用电器，“充电宝”相当于电源。故答案为：电源。【点评】本题考查了电路的组成，注意电源是提供电能的，用电器是消耗电能的，注意区分。19【考点】8K：流体压强与流速的关系；GW：扩散现象【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大；（2）扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动。【解答】解：（1）如图所示，挤压气囊时瓶中香水从小孔喷出这是由于挤压气囊使瓶中吸管顶端的气体流速加大，于是吸管顶端气体压强小于瓶中液面上方气体的压强，从而使吸管中的香水受到瓶中液面上较大压强的作用而上升，并随着高速的气流从小孔喷出。（2）周围的人闻到香水味是香水分子在运动，属于扩散现象。故答案为：小于；扩散。【点评】此题考查流体压强和流速的关系、扩散现象，掌握流体的流速增大压强减小，并能解释跟流体有关的现象是解答此题关键。20【考点】IZ：电路的动态分析【分析】（1）由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电流表测电路电流；当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可以判断电流表示数变化情况。（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端电压，由欧姆定律可以判断电压表与电流表示数之比如何变化。【解答】2解：（1）当P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻R变小，电源电压U不变，由I=可知电路电流变大，电流表示数变大。（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻R1两端电压U1，由欧姆定律可知R1=，由于电阻R1不变，则电压表与电流表示数的比值不变。故答案为：变大；不变。【点评】分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键。21【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；F2：机械效率的大小比较【分析】从图可知，G甲G乙，提升甲、乙两组钩码使用的是同一滑轮组，从而可以判断出他两次提升钩码所用的拉力F甲和F乙的大小关系。有用功就是提升重物所做的功，知道G甲G乙，并且甲、乙两组钩码提升相同的高度，可利用公式W=Gh判断出两次所做有用功的大小关系。两次使用的是同一个滑轮组，所做的额外功相等，而总功等于有用功加上额外功，可利用公式=判断出机械效率的大小关系。【解答】解：从图可知，G甲G乙，提升甲、乙两组钩码使用的是同一滑轮组，因此提升重物的重力越大，绳子末端的拉力越大，从而可知：F甲F乙。G甲G乙，而h甲=h乙，由公式W=Gh可知：W甲W乙。两次使用的是同一个滑轮组，两次所做的额外功相等，即W甲额外=W乙额外。而两次所做的有用功W甲W乙，则由公式=可知，所做的有用功越大，其机械效率越大，甲乙。故答案为：；。【点评】此题主要考查了有用功、额外功、总功的计算方法，以及机械效率大小的比较。关键提升甲、乙两组钩码使用的是同一滑轮组，两次所做的额外功相等。此题涉及到的知识点不是很多，学习的时候要注意这些知识点之间的联系，做到学新而知故，在知识的融会贯通中得到更大的提升。22【考点】GI：热平衡方程的应用；GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量，由题意知，水吸收的热量等于汽油完全燃烧放出的热量Q吸=Q放，最后利用Q吸=cmt结合标准大气压下水的沸点为100即可求出水升高的温度。【解答】解：（1）图中，两个气阀关闭，火花塞喷出电火花，活塞向下运动，是做功冲程；（2）完全燃烧84g汽油放出的热量：Q放=qm汽油=4.6107J/kg0.084kg=3.864106J；（3）由题意知，水吸收的热量Q吸=Q放=3.864106J；由Q吸=cmt得，水温度升高值：t=200。因为在1标准大气压下水的沸点为100，所以，水升高的温度：t=10020=80。故答案为：做功；3.864106；80。【点评】本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式、吸热公式的理解和掌握，注意题目中的：1标准大气压下水的沸点为100，属于基础性题目，比较简单。23【考点】H!：串联电路的电流规律；I6：串联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用【分析】由图可知灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是灯泡乙正常发光，正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图象读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压。【解答】解：由图象可知：灯泡甲正常工作时的电流为1A，灯泡乙正常工作时的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以，将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光时，电路的最大电流为0.5A；由图象可知，0.5A所对应两灯泡的电压分别U甲=2V，U乙=6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源最大电压U=U甲+U乙=2V+6V=8V。故答案为：0.5；8。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电压和电流不成正比，即电阻为变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解。三、作图题、简答题（本大题共3小题，共7分）24【考点】IO：家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再连接灯泡，最后到零线。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡，最后灯泡接零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。25【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图【分析】（1）根据光线的反射定律，反射光线、入射光线和法线在同一平面上，反射角等于入射角。反射光线和入射光线分居法线两侧。（2）根据光的折射定律，折射光线、入射光线和法线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧。光从空气斜射入其它介质时，折射角小于入射角。【解答】解：（1）光在玻璃砖上表面发生反射时，根据反射角等于入射角，在空气中法线的右侧作出反射光线，并标出反射光线的方向。（2）根据光的折射定律，光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角，在玻璃中法线的右侧作出折射光线，并标出折射光线的方向。 如图所示：【点评】本题考查光的折射定律中：当光从空气进入水、玻璃等透明介质时，折射角小于入射角；当光从水、玻璃进入空气中时，折射角大于入射角。26【考点】1M：液化及液化现象【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化现象一般发生在温度低的环境中，或发生在降温时。【解答】答：水沸腾后，空气中的水蒸气遇冷放出热量变为小水珠悬浮在空中，形成“白气”，壶嘴处温度较高，水蒸气不能放出热而发生液化，不能产生小水珠，所以壶嘴处不会出现“白气”。【点评】本题考查了学生对生活中液化现象的掌握，属于热学基础的考查，比较简单。四、实验探究题（本大题共5小题，每空1分，共28分）27【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，酒精灯的火焰分为外焰、内焰和焰心及外焰的温度最高；（2）给烧杯加盖可减少热量的散失，会缩短加热的时间；（3）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停地发生汽化，产生大量的气泡，气泡上升过程中不断变大。在装置相同的情况下，水的质量越大，水升温越慢。【解答】解：（1）温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，酒精灯外焰的温度最高，所以加热时应使用酒精灯的外焰加热；（2）由图可知，B图中给烧杯加了盖子，这样可减少热量的散失，故甲组同学从开始加热到水沸腾用时较短，则甲组选择的是B套装置；（3）读图C可知，a、b两条曲线中，水沸腾时的温度相同，说明他们两组测得的水的沸点相同；图D中，水内部不停地发生汽化，产生大量的气泡，气泡上升过程中不断变大，表示水正在沸腾。而图E中气泡上升过程中越来越小，说明还没有沸腾；他们两组从开始加热到水沸腾所用的时间不同的原因可能是水质量不等，因为水越多，需要加热的时间会越长。故答案为：（1）热胀冷缩；外焰；（2）B；（3）相同；D；水的质量不同。【点评】此题主要是探究水的沸腾实验，在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，同时要学会分析温度随时间变化的图象。28【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）根据变阻器的滑片P向左端移动时，灯泡变暗确定变阻器的连接；（2）灯泡不亮，根据电压表接在不同两点间电压表示数情况，分析判断；（3）（4）灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求灯的额定功率，根据欧姆定律求灯的电阻。【解答】解：（1）移动变阻器的滑片P向左端时，灯泡变暗，即电流变小，电阻变大，故变阻器以右电阻丝连入电路中，如下所示：（2）观察到灯泡L不发光，电压表示数为零，有可能是灯泡短路或断路造成的，发现AB=UAC=0，UAD0，说明从D点、灯丝、电流表、滑动变阻器到电压的正负极是通路，所以是CD之间发生了断路；（3）灯在额定电压下正常发光，当移动变阻器的滑片P时，眼睛应先观察电压表的示数；（4）灯在额定电压下正常发光，1.5V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压2.5，停止移动滑片，此时电流表的示数如图所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.2A，则灯泡L的额定功率为：P=UI=2.5V0.2A=0.5W，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：